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![2022届甘肃天水市太京中学物理高二第二学期期末检测试题含解析_第4页](http://file4.renrendoc.com/view/b6eb12e88193e4ce3deca588c1b8f8b7/b6eb12e88193e4ce3deca588c1b8f8b74.gif)
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文档简介
2021-2022高二下物理期末模拟试卷注意事项1.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回.2.答题前,请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.4.作答选择题,必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑;如需改动,请用橡皮擦干净后,再选涂其他答案.作答非选择题,必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律无效.5.如需作图,须用2B铅笔绘、写清楚,线条、符号等须加黑、加粗.一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、根据有关放射性知识可知,下列说法正确的是()A.某原子经过一次α衰变和两次β衰变后,核内质子数不变B.放射性元素与别的元素形成化合物后就不具有放射性C.β射线是原子的核外电子电离后形成的电子流D.在α、β、γ这三种射线中,γ射线的穿透能力最弱,电离能力最强2、如图所示,线圈L的自感系数足够大,直流电阻为零,两灯D1、D2及电阻R的阻值相同.下列说法中正确的是:①开关K闭合的瞬间,两灯亮度一样;②开关K闭合的瞬间,D1较亮,D2较暗;③电路稳定后,D1不亮,D2发光;④开关K断开的瞬间,D1亮一下后熄灭,D2立即熄灭.A.③ B.①③C.①②④ D.②③④3、如图所示的电路中,理想变压器的原、副线圈匝数之比为2∶l,电阻R1=R2=10Ω,两电表均为理想交流电表.当在a、b之间加上正弦交流电时,测得c、d两端电压瞬时值表达式为,则下列说法正确的是A.电流表的示数为0.5AB.电压表的示数为40VC.R1消耗的功率为20WD.原线圈输入交流电频率为100Hz4、列车在空载时加速经过一段平直的路段,通过某点时速率为v,加速度大小为a1;当列车满载货物再次加速经过同一点时,速率仍为v,加速度大小变为a2。设列车发动机的功率恒为P,阻力是列车重力的k倍,重力加速度大小为A.kg+a1kg+a2 B.5、叠放在水平地面上的四个完全相同的排球如图所示,质量均为m,相互接触,球与地面间的动摩擦因数均为μ,则:A.上方球与下方3个球间均没有弹力B.下方三个球与水平地面间均没有摩擦力C.水平地面对下方三个球的支持力均为D.水平地面对下方三个球的摩擦力均为6、如图所示,质量为M的小船在静止水面上以速率v0向右匀速行驶,一质量为m的救生员站在船尾,相对小船静止.若救生员以相对水面速率v水平向左跃入水中,则救生员跃出后小船的速率为()A.v0+(v0+v) B.v0-vC.v0+v D.v0+(v0-v)二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,ACB为固定的光滑半圆形轨道,轨道半径为人,R,A,B为水平直径的两个端点,AC为14圆弧,MPQO为竖直向下的有界匀强电场,电场强度的大小E=2mgq,一个质量为m,电荷量为一q的带电小球,从A点正上方高为H处由静止释放,并从A点沿切线进入半圆轨道,小球运动过程中电量不变,不计空气阻力,已知重力加速度为gA.若H=R,则小球刚好沿轨道到达C点B.若H=2R,则小球到达B点的速度为零C.若H=3R,则小球到达C点时对轨道压力为3mgD.若H=4R,则小球到达B点的速度为28、在冰壶比赛中,某队员利用红壶去碰撞对方的蓝壶,两者在大本营中心发生对心碰撞如图(a)所示,碰后运动员用冰壶刷摩擦蓝壶前进方向的冰面来减小阻力,碰撞前后两壶运动的v-t图线如图(b)中实线所示,其中红壶碰撞前后的图线平行,两冰壶质量均为19kg,则A.碰后蓝壶速度为0.8m/sB.碰后蓝壶移动的距离为2.4mC.碰撞过程两壶损失的动能为7.22JD.碰后红、蓝两壶所受摩擦力之比为5:49、如图所示,用轻质活塞在汽缸内封闭一定质量的理想气体,活塞与汽缸壁间的摩擦忽略不计,开始时活塞距离汽缸底的高度。给汽缸加热,活塞缓慢上升到距离汽缸底的高度处,此过程中缸内气体吸收的热量。已知活塞的横截面积m2,大气压强Pa,那么A.汽缸内的气体对活塞所做的功为100JB.汽缸内的气体对活塞所做的功为150JC.此过程中汽缸内的气体增加的内能为300JD.此过程中汽缸内的气体增加的内能为200J10、晶体熔解过程中,温度和热量变化的情况是A.不吸收热量,温度保持不变 B.吸收热量,温度保持不变C.吸收热量用来增加晶体的内能 D.温度不变内能也不变三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)利用气垫导轨进行“探究碰撞中的不变量”这一实验,其中甲图两滑块分别装有弹性圈,乙图两滑块分别装有撞针和橡皮泥.(1)分别用甲、乙两图的实验装置进行实验,碰撞时
______
图所示的装置动能损失得较小.(2)某次实验时取乙图A、B滑块匀速相向滑动并发生碰撞,测得碰撞前A、B的速度大小分别为vA=2m/s,vB=4m/s,碰后AB以共同的速度v=0.8m/s运动,方向与碰撞前A的运动方向相同,A、B的质量分别用mA、mB表示,以A运动方向为正方向,则此过程的动量守恒表达式为
______
;mA:mB=
______
.12.(12分)在“验证力的平行四边形定则”的实验中.某同学的实验情况如图甲所示,其中A为固定橡皮筋的图钉.O为橡皮筋与细绳的结点,OB和OC为细绳.图乙是在白纸上根据实验结果画出的图.(1)图乙中________是力F1和F2的合力的理论值;_________是力F1和F2的合力的实际测量值.(2)在实验中,如果将细绳也换成橡皮筋,那么实验结果是否会发生变化?答:________________(选填“变”或“不变”)四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,质量为m的物体A经一轻质弹簧与地面上的质量为4m的物体B相连,弹簧的劲度系数为k,一条不可伸长的轻绳绕过定滑轮,一端连物体A,另一端连一质量为2m的物体C,物体A、B、C都处于静止状态.已知重力加速度为g,忽略一切摩擦.(1)请你画出A物体的受力分析示意图;(2)求物体B对地面的压力;(3)把物体C的质量改为5m,这时C缓慢下降,经过一段时间系统达到新的平衡状态,这时B仍没离开地面,且C只受重力和绳的拉力作用,求此过程中物体A上升的高度.14.(16分)如图所示,以8m/s匀速行驶的汽车即将通过路口,绿灯还有2s将熄灭,此时汽车距离停车线17m.该车加速时最大加速度大小为2m/s2,减速时最大加速度大小为4m/s2.此路段允许行驶的最大速度为12.5m/s.某司机正常反应时间为0.4s.问:(1)这位司机打算加速前进,他能否在绿灯熄灭前通过停车线?(2)若司机酒后驾驶,反应时间变为原来的3倍,分析他是否会闯红灯?15.(12分)第21届世界杯足球赛于2018年在俄罗斯境内举行,也是世界杯首次在东欧国家举行.在足球比赛中,经常使用“边路突破,下底传中”的战术,即攻方队员带球沿边线前进,到底线附近进行传中.某足球场长90m、宽60m,如图所示.攻方前锋在中线处将足球沿边线向前踢出,足球的运动可视为在地面上做初速度为12m/s的匀减速直线运动,加速度大小为2m/s2.试求:(1)足球从开始做匀减速运动到停下来的位移为多大?(2)足球开始做匀减速直线运动的同时,该前锋队员沿边线向前追赶足球,他的启动过程可以视为初速度为0,加速度为2m/s2的匀加速直线运动,他能达到的最大速度为8m/s.该前锋队员至少经过多长时间能追上足球?(3)若该前锋队员追上足球后,又将足球以10m/s的速度沿边线向前踢出,足球的运动仍视为加速度大小为2m/s2的匀减速直线运动。与此同时,由于体力的原因,该前锋队员以6m/s的速度做匀速直线运动向前追赶足球,通过计算判断该前锋队员能否在足球出底线前追上。
参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】
A.某原子经过一次α衰变核内质子数减小2,发生一次β衰变后,核内质子数增加1,则原子经过一次α衰变和两次β衰变后,核内质子数不变,选项A正确;B.放射性元素的放射性与元素所处的化合状态无关,选项B错误;C.β射线是原子核内的中子转化为质子时放出的负电子后形成的电子流,选项C错误;D.在α、β、γ这三种射线中,γ射线的穿透能力最强,电离能力最弱,选项D错误.2、D【解析】
当K闭合的瞬间,两灯同时亮,但由于线圈对电流的阻碍,所以较亮,较暗;当电流稳定时,由于线圈的直流电阻为零,则不亮,发光;当K断开的瞬间,立即熄灭,由于线圈对电流的阻碍,使得本来不亮的亮一下后才熄灭,故②③④正确,即选项D正确.3、B【解析】
A.R
1两端电压有效值是10V;所以流过电流表的电流为故A错;B.由于电阻R
1=R
2=10Ω则两个电阻上分担的电压是相等的,所以副线圈的电压为20V,根据匝数比可知原线圈电压表的电压为40V,故B正确;C.R1上的电压为10V,根据功率故C错;D.原副线圈输入的交流电频率是相等的,所以故D错;故选B。点睛:掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系,即电压与匝数成正比,电流与匝数成反比.
知道正弦交变电流最大值和有效值之间的关系即可解决本题4、B【解析】
因两次经过某点的速率相同,功率相同,由F=Pv可知牵引力相同;由牛顿第二定律,空载时:F-kmg=ma1;满载时:F-kMg=M5、C【解析】对上方球分析可知,小球受重力和下方球的支持力而处于平衡状态,所以上方球一定与下方球有力的作用,故A错误;下方球由于受上方球斜向下的弹力作用,所以下方球有运动的趋势,故下方球受摩擦力作用,故B错误;对四个球的整体分析,整体受重力和地面的支持力而处于平衡,所以三个小球受支持力大小为4mg,每个小球受支持力为mg,故C正确;三个下方小球受到的是静摩擦力,故不能根据滑动摩擦力公式进行计算,故D错误.故选C.6、A【解析】
人在跃出的过程中船人组成的系统水平方向动量守恒,规定向右为正方向,由动量守恒定律得:(M+m)v0=Mv′-mv,解得:v′=v0+(v0+v);A.v0+(v0+v),与结论相符,选项A正确;B.v0-v,与结论不相符,选项B错误;C.v0+v,与结论不相符,选项C错误;D.v0+(v0-v),与结论不相符,选项D错误;二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BCD【解析】
A、C、小球做圆周运动过C点时,对小球受力分析,根据牛顿第二定律得:qE+N−mg=mvC2R,当N=0时,最小速度vC=gR,小球在C点的速度若为零,小球是到达不了C点的,则当H=3R时,小球运动若能到C点,根据动能定理:mg·4R−qER=12mvC'2-0,得vc′=2gR>gR可通过C点。小球到达C点时qE+N−mgB、小球H=2R开始运动到B点,根据动能定理:mg·2R−qER=12mvB2-0,得vD、小球H=4R开始运动到B点,根据动能定理:mg·4R−qER=12mvB2-0,得vB故选BCD.【点睛】该题增加一个电场,考查物体在竖直平面内的圆周运动,解决本题的关键是掌握动能定理,并能熟练运用,电场力做功与路径无关,只与初末位置有关.8、AD【解析】
由图可知碰撞前后红壶的速度为和,由动量守恒可得,解得碰后蓝壶速度为,由数学关系可得红冰壶如果不发生碰撞有,故蓝色冰壶停止运动得时间为t=5s,碰后蓝壶移动的距离为,碰撞过程两壶损失的动能为,红壶所受摩擦力,蓝壶所受摩擦力,,.碰后红、蓝两壶所受摩擦力之比为,故AD正确,BC错误;故选AD.【点睛】由动量守恒可得碰后蓝壶速度大小,碰撞过程两壶损失的动能为初末动能之差,碰后红、蓝两壶所受摩擦力之比由牛顿运动定律求出.9、BC【解析】
A、气体做等压变化,气缸内的气体对活塞所做的功为:故A错误,B正确;C、根据热力学第一定律可知增加的内能为:故C正确,D错误。10、BC【解析】
晶体熔化时的温度叫做熔点,晶体熔化的过程中要不断吸热,吸热为了增加内能,但温度保持不变。A.不吸收热量,温度保持不变,与结论不相符,选项A错误;B.吸收热量,温度保持不变,与结论相符,选项B正确;C.吸收热量用来增加晶体的内能,与结论相符,选项C正确;D.温度不变内能也不变,与结论不相符,选项D错误;三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、甲mAvA−mBvB=(mA+mB)v4:1【解析】(1)乙图中由于装有撞针和橡皮泥,则两物体相碰时成为一体,机械能的损失最大;而甲图中采用弹性圈,二者碰后即分离,此种情况下,机械能的损失最小,机械能几乎不变;(2)以A的初速度方向为正方向,由动量守恒定律得:mAvA-mBvA=(mA+mB)v,解得:mA:mB=4:1.【点睛】本题考查碰撞类型中能量关系,要注意明确当二者相碰后粘在一起时,机械能的损失是最大的.12、FF′不变【解析】
(1)[1][2]实验中F是由平行四边形得出的,而F′是通过实验方法得出的,其方向一定与橡皮筋的方向相同,由于实验过程不可避免的存在误差,因此理论值和实验值存在一定的偏差.实验中F是由平行四边形得出的,为理论值,F′是通过实验方法得出的为实验值.(2)[3]在实验中细线是否伸缩对实验结果没有影响,故换成橡皮筋可以同样完成实验,故实验结果不变;四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)图略(2)3mg(4)【解析】(1)对AB整体,根据平衡条件得:得地面对B的支持力则物体B对地面的压力方向竖直向下.(2)平衡时,对C,绳子的拉力对A,,所以即,得到弹簧的伸长长度为开始时,弹簧的压缩量为,则得到弹簧压缩长度为由几何关系得到,A上升的高度为:14、(6),能通过停车线(2),不会【解析】试题分析:(6)司机在绿灯熄灭前行驶的位移:汽车在反应时间内行驶的位移x6=v6t反6=8×6.4m=2.2m在加速时行驶的位移x2=v6t6+a6t62=8×(2-6.4)+×2×(2-6.4)2=3.26m故总位移x总6=x6+x2=2.2+3.26=4.56(m)大于67m,所以汽车能在绿灯熄灭前通过停车线.(2)司机在酒后驾驶,则汽车在反应时间内行使的位移x2=v6t反2=8×2×6.4
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