2022年江苏省南通市如东县马塘中学物理高二上期末复习检测试题含解析

2022-2023学年高二上物理期末模拟试卷注意事项：答题前，考生先将自己的姓名、准考证号壊写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区.选择题必须使用2B钳笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效.保持卡面清洁，不要折聲，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀.一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1、 图中是某静电场中的一条水平电场线，曲线ABC•为一电子在该电场中的运动轨迹3在电场线上），下列说法中正确的是（）31点电势低于N点电势电子在8点受电场力方向水平向左电子一定做匀变速曲线运动电子在A点的电势能比在C点的电势能大2、 在同一电场中的A、B,C三点分别引入检验电荷时，测得的检验电荷的电荷量和它所受电场力的函数图象如图所示，则此三点的场强大小&、&的关系是（ ）OgdEa>Eb>Ec B.Eb>Ea>EcC.Ec>Ea>Eb D.Ea>Ec>Eb3、 高空作业须系安全带，如果质量为〃，的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带对人刚产生作用力前人下落的距离为A（可视为自由落体运动）.此后经历时间，安全带达到最大伸长，若在此过程中该作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为（）+% B.--mgt tC.竺瓯+吨 D.淄—〃，gr t4、 如图所示，通电导线均置于匀强磁场中，其中导线不受安培力作用的是。

BB5、将平行板电容器与静电计连接，充电后撤去电源，静电计指针张开某一角度们如图所示.若将电容器两极间距髙增大，则两极板间电势差不变，0不变两极板冋电势差减小，。减小电容器电容减小，。变小电容器电容减小，。变大6、真空中三个点电荷位于一条宜线上，都只在电场力下处于静止，其中两个电荷停在M、N两点，所带电量如图所示，关于第三个电荷的电性和所停的位置，下列说法正确的是（ ）A.为正电荷,A.为正电荷,可能停在A处为正电荷，可能停在B处为负电荷，可能停在B处为负电荷，可能停在C处二、多项选择題：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分.7、如图所示，以宣角三角形AOC为边界的有界匀强磁场区域，磁感应强度为£4=60。，AO=Lt在。点放置一个粒子源，可以向各个方向发射某种带负电粒子.己知粒子的比荷为幺，发射速度大小都为下=迎,设粒子发射方向与如边的夹角为不计粒子重力及它们之间的相互作用.对于粒子进入磁场后的运动，下列判断正确的是xXX

xXX粒子在磁场中运动的半径R=L当列。时，粒子射出磁场速度方向与AC边垂直当列。时，粒子在磁场中E时间，=若mi当E。时，粒子在磁场中运动时间^=—5CJD如图甲所示，足够长的水平光滑平行金属导轨MMP0两导轨间距为lm,范围足够大的匀强磁场方向竖直向上,导轨财、P之间连接一个阻值为3Q的电阻R,金属棒湖垂直于导轨放置并用细线通过光滑的定滑轮与重物相连，细线对导轨的拉力平行于导轨，金属棒油的质量为0.2kg、有效电阻为0.5Q,重物的质量为（Ukg。将重物和金属棒由静止释放，金属棒的位移与时间的关系如图乙所示，其中。.4s~0.6s内的图线为直线，导轨的电阻不计，g=10m/s\下列说法正确的是（A.r=0时刻金属棒的加速度大小为IOni/s列说法正确的是（A.r=0时刻金属棒的加速度大小为IOni/s2磁场的磁感应强度大小为2TC.在。〜0.6s内通过电阻R的电荷量为0.8CD.在0〜0.6s内电阻R产生的热量为1.925J9、如图.在方向垂直于纸面向里的匀强磁场中有一时形金属导轨，导轨平面与磁场垂直•金属杆PQ置于导轨上并与导轨形成闭合回路P0RS,一圆环形金属线框丁位于回路围成的区域内，线框与导轨共面。现让金属杆P0突然向左运动，在运动开始的瞬间，关于懸应电流的方向.下列说法正确的是（XXXRXXX，QXXXXXpXXXXRXXX，QXXXXXpXXXX"QRS中沿顺时针方向，r中沿逆时针方向B.PQRS中沿逆时针方向，丁中沿顺时针方向c.r具有收缩趋势，PQ受到向右的安培力r具有扩张趋势，PQ受到向右的安培力10、如图，带电平行金属板中匀强电场方向竖直向上，匀强磁场方向垂宜纸面向里.带电小球从光滑绝缘轨道上的a点由静止滑下，经过1/4圆弧轨道从端点P（切线水平）进入板间后恰好沿水平方向做直线运动，现使带电小球从比a点稍低的b点由静止滑下，在经过P点进入板间的运动过程中（）带电小球的动能将会增大带电小球的电势能将会增大带电小球所受洛伦兹力将会减小带电小球所受电场力将会増大三、实验题：本题共2小题，共18分.把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。（6分）如图所示为用多用电表测电路中电流的实验，图中多用电表测定的 （填“甲电阻*乙电阻”或“总”）的电流，测得电流的大小是 12-（12分）现有一电池，电动势大约为20V,内阻约为5Q,无法从标签上看清其电动势等数据.现要准确测量其电动势和内阻，实验室备有下列器材：电流表（量程0〜0.6A,内阻=2。）；电压表（址程0〜25V,内阻约为150）：滑动变阻器（阻值范围。〜20H）；d.定值电阻R]=ioa；定值电阻R、=ld开关及导线若干⑴由于实验室中电表量程不恰当，需要先将电表改装，电流表应 联定值电 （选壊Ri或购 （2） 在虚线框中画出实验电路原理图 （3） 若釆用了正确的实验电路，通过改变滑动变阻器的阻值，得到了多组电压表示数〃和电流表示数，，作出了图像，若图像在纵轴的裁距为，，图像的斜率绝对值为如则电源电动势为 ，内阻为 四、计算题：本题共3小題，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤.（10分）如图所示，空间分布着方向平行于纸面且与场区边界垂直的有界匀强电场，电场强度为£、场区宽度为心在紧靠电场右侧的圆形区域内，分布着垂直于纸面向外的匀强磁场.磁感应强度B未知，圆形磁场区域半径为&一质量为g电荷量为q的带正电的粒子从A点由静止释放后，在M点离开电场，并沿半径方向射入磁场区域，然后从N点射出，。为圖心，NMON=120。，粒子重力可忽略不计。求：<1）粒子经电场加速后，进入磁场时速度的大小；（2） 匀强磁场的磁感应强度B的大小，（3） 若粒子在离开磁场前某时刻，磁感应强度变为垂直纸面向里、大小为由,此后粒子恰好被束缚在该磁场中，则Bi的最小值为多少？ Nd N >4_A ►（16分）如图所示，边长为L、匝数为，，的正方形金属线框，它的质量为叽电阻为火，用细线把它悬挂于一个有界的匀强磁场边缘.金属框的上半部处于磁场内，下半部处于磁场外，磁场随时间的变化规律为B=AZ.求：（1）线框中的电流强度为多大？<2），时刻线框受的安培力多大？XXXXXXXX515.(12分)如图9所示，交流发电机的矩形线圈abed中，己知线圈面积为0.01m\匝数倾匝，线圈电阻i=2Q,外电阻R=8d电流表和电压表对电路的影响忽略不计.线圈在磁感强度B=2/；T(T)的匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴00,匀速转动，角速度Biomd/s.若线圈经图示位置时开始计时(线圏平面平行于磁场方向)，写出线圈中膊应电动势瞬时值的表达式；从图示位置起转过90过程中，通过电阻R的电量从图示位置起转过90'过程中，线圈上产生的焦耳热参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小題4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1、 B【解析】AB.电子受力方向指向电子运动轨迹凹的一側，故电子在B点受电场力方向向左；电子带负电，受力方向沿电场线相反方向，所以电场线的方向向右，M点的电勢高于N点的电势，故A错误，B正确；只有一条电场线，不能得到静电场为匀强电场，故粒子受力不一定恒定，那么，粒子不一定做匀变速运动，故C错误；电场线方向向右，所以A点电势高于C点电势，负电荷在电势高处电势能小，故D错误.故选B.2、 C【解析】由F_q图象的斜率大小等于场强的大小得知，三点的场强大小关系是Ec>Ex>EBtABD错误，C正确;

故选c3、A【解析】在安全带对人有拉力的瞬间时，人做自由落体运动，此过程机械能守恒，故有〃皿二村，即在产生拉力瞬间速度为口=同,之后人在安全带的作用下做变速运动，末速度为零，设向上为正方向，则根据动量定理可得：= 联立解得=【点睛】本题关键是明确物体的受力情况和运动情况，然后对自由落体运动过程和全程封闭列式求解，注意运用动量定理前要先规定正方向4、C【解析】A.由左手定则知，通电导线受的安培力水平向左，不合题意，故A错误；由左手定则知，通电导线受的安培力水平向左，不合題意，故B错误；电流方向与磁场方向平行，安培力为零，导线不受安培力作用，故C正确；由左手定则知，通电号线受的安培力垂直纸面向里，不合题意，故D错误。故选C.5、D【解析】静电计是测量电势差的仪器，电势差的大小是通过指针张开的角度来体现的；又电容器充完电后与电源分开,说明电容器的电恥不变，根据电容公式C=烏可知％増大时，c减小，由c=3可知，电势差〃増大，那么。变大;A.与分析不符,故A错误;B.与分析不符,故A.与分析不符,故A错误;B.与分析不符,故B错误;C.与分析不符,故C错误;D.与分析相符,故D正确6、D【解析】三个点电荷都处于静止状态，对电荷受力分析，每个电荷都处于受力平衡状态，故根据库仑定律可分别对任意两球进行分析列出平衡方程即可求得结果【详解】三个电荷要平衡，必须三个电荷的一条直线，外侧二个电荷相互排斥，中间电荷吸引外側两个电荷，所以外侧两个电荷距离大，要平街中间电荷的拉力，必须外侧电荷电量大，中间电荷电量小，所以第三个电荷必须为负电，在N的右侧【点睛】我们可以去尝试假设第三个电荷带正电或负电，它应该放在什么地方，能不能使整个系统处于平衡状态.不行再继续判断

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分.7、ABD【解析】带电粒子以相同的速率，不同的速度方向，进入磁场，运动轨迹的曲率半径相同，从而根据央角为。不同情况，即可求解；【详解】A、粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：=%解得粒子的运动半径R=L,故A正1\确；BC、当0=0。时，粒子恰好从AC中点飞出，粒子射出磁场速度方向与AC边垂直，圆心角60。，粒子在磁场中运动时间为'=矗『=謊，故15正确，C错误；60°_ D,当0=60。入射时，粒子恰好从A点飞出，圆心角为60。，粒子在磁场中运动时间为^=—,故D正确;3oU5qb故选ABD【点睛】关键是粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据贝，。3=零，解得粒子的运动半径，由图找出圆心角，由Rt=gr求粒子在磁场中运动时间8、BC【解析】A.据系统牛顿第二定律得Mg=(M+in)a解得TOC\o"1-5"\h\z0.4x10 …20M+m0.2+0.4 nrs*=——M+m0.2+0.43B.导体棒匀速运动时，其速度为v=—Arv=—Ar m's=—mzs0.6-0.4 2据平衡条件得BLvM5=bm解得B_JMg(R+r)_j0.4xl0x(3+0.5)T_n故B正确;G根据电磁感应过程的电荷量推论公式BLX2X1XL4C=O.8CBLX2X1XL4C=O.8Cq= 7R+rR+r3+0.5故C正确;D.根据系统能量守恒可得Mgx=-(M+m)v2+Q解得回路中的焦耳热Q=MgA•-5(Af+/n)ir=1.925J电阻R与导体棒电阻，•串联，则有i> 3a=^=^xl925J=165J故D错误.故选BCo9、AC【解析】AB.PQ突然向左运动，根据右手定则可知，电流方向由P到0即闭合回路PQRS中电流沿顺时针方向，又由安培定则可知，回路PQRS中感应电流产生的磁场方向垂直纸面向里，故环形金属线框r的磁通量将变大，由楞次定律可知，7•中将产生沿逆时計方向的感应电流，故A正确B错误；CD.线框丁的磁能量变大，由楞次定律可知，T有收缩的趋势，以阻碍磁通量的增大，PQ中有由P到。的电流，由左手定则可知，P0受到的安培力向右，故C正确D错误。故选AC。10、AB【解析】根据題意分析得：小球从P点进入平行板间后做直线运动，对小球进行受力分析得小球共受到三个力作用：恒定的重力G、恒定的电场力F、洛伦兹力.f,这三个力都在竖直方向上，小球在水平直线上运动，所以可以判断出小球受到的合力一定是零，即小球一定是做匀速直线运动，结合左手定则，洛伦兹力和电场力同向，都向上，小球带正电；如果小球从稍低的b点下滑到从P点进入平行板间，则小球到达P点的速度会变小，所以洛伦兹力/比之前的减小，因为重力G和电场力F一直在竖直方向上，所以这两个力的合力一定在竖直方向上，若洛伦兹力变化了，则三个力的合力一定不为寧，且在竖直方向上，而小球从P点进入时的速度方向在水平方向上，所以小球会偏离水平方向向下做曲线运动，因此减小入射速度后，洛伦兹力减小，合力向下，故向下偏转，故电场力做负功，电势能増加，水平方向速度不变，但竖直方向的速度増加，所以动能将会増大，导致洛伦兹力也会増大，电场力不变，故AB正确，CD错误【点睛】本题关键先分析出小球受力平衡，然后再考虑洛仑兹力变化后运动情况，同时要结合平行板电容器的表达式和电势差与电场强度的关系式列式分析分卷II三、实验题：本题共2小题，共18分.把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 ①.乙电阻 ②.50.OmA【解析】由电路中连接情况知，多用电表与乙电阻串联，故测定的是乙电阻的电流.由图知选择量程为100mA,故指针指示读数为50.0mA12、 ①•⑴并②R ®.(2)电路原理图如图所示；®.(3)a ⑤.b/3【解析】⑴根据电表的改装原理可知电压表应串联电阻进行分压，而电流表应并联电阻分流进行分析；根据实验原理进行分析，确定误差最小的电路图：根据改装原理确定路端电压和电流，再根据闭合电路欧姆定律进行分析，从而确定电动势和内电阻【详解】⑴为了给电流表扩大量程，应并联一个小电阻进行分流，故应并联的电阻R2；2x1<2)由于电源内阻约为5G,而改装后的电流表内阻为七=丁二^=°67。，电压表内阻约为15kH,所以电压表内2+1阻远大于电源的内阻，故应釆用相对电源的电流表外接法；原理图如图所示；—©——-~~• -I——广 (