普通高等学校招生全国统一考试高考信息卷(一)理综Word含解析

2018年一般高等学校招生全国一致考试最新高考信息卷(一)理综Word版含分析2018年一般高等学校招生全国一致考试最新高考信息卷(一)理综Word版含分析2018年一般高等学校招生全国一致考试最新高考信息卷(一)理综Word版含分析号位封座密号场不考订装号证考准只卷名姓此

绝密★启用前2018年好教育云平台最新高考信息卷理科综合能力测试（一）注意事项：、本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。答题前，考生务必定自己的姓名、考生号填写在答题卡上。、回答第Ⅰ卷时，选出每题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需变动，用橡皮擦洁净后，再选涂其余答案标号。写在试卷上无效。3、回答第Ⅱ卷时，将答案填写在答题卡上，写在试卷上无效。4、考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量：H-1B-11C-12N-14O-16Cu-64Sn-119第Ⅰ卷一、选择题：本大题共13小题，每题6分。在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的。1．以下对于细胞构造和功能的表达，正确的选项是．细胞间传达信息的分子均是在核糖体上合成的B．线粒体内膜折叠成嵴提升了有氧呼吸的效率C．没有高尔基体的细胞中蛋白质的空间构造简单D．蓝藻有丝分裂所需能量来自呼吸作用产生的ATP【答案】B【分析】细胞间传达信息的分子不都在核糖体上合成，如神经细胞分泌的神经递质就不在核糖体上合成，A错误；线粒体内膜折叠成嵴会增大有氧呼吸第三阶段所需酶的附着位点，所以提升了有氧呼吸的效率，B正确；蛋白质的空间构造的形成其实不是在高尔基体上，所以蛋白质空间构造简单与否与高尔基体的有无没关，C错误；蓝藻属于原核生物，没有有丝分裂这种增殖方式，D错误。级班2．研究发现果蝇的Indy基因与体内的能量利用和积蓄有关。该基因变异后，可限制果蝇细胞水平的能量汲取，假如对果蝇进行节食办理，果蝇的寿命也会显然延伸。以下有关表达中，正确的选项是A．Indy基因变异后，果蝇细胞不再衰老，细胞寿命延伸B．只需对果蝇的基因进行诱变，即可限制果蝇细胞水平的能量汲取C．果蝇Indy基因的正常表达是经过DNA复制、转录和翻译过程来实现的D．果蝇Indy基因的突变若发生在配子中，将依据遗传规律传达给后辈【答案】D【分析】Indy基因变异后，果蝇的寿命显然的延伸，说明果蝇体内细胞衰老的速度减慢，而不是不再衰老，A错误；因为基因突变的不定向性，对Indy基因进行诱变，不用然能限制果蝇细胞水平的能量汲取，B错误；果蝇Indy基因的正常表达是经过转录和翻译过程来实现的，C错误；果蝇Indy基因的突变若发生在配子中，将依据遗传规律传达给后辈，D正确。3．人接种埃博拉病毒（EBV）疫苗后，经过一段时间，血液中出现相应抗体。以下表达正确的选项是．该被动免疫以惹起人体免疫应答为目的B．抗体与内环境中病毒类抗原发生中和而无效C．血液中出现抗体能够确立其已被病原体感染D．抗原和抗体比较，前者的成分不都是蛋白质【答案】D【分析】接种疫苗让机体产生抗体是主动免疫过程，A错误；抗体拥有特异性，只好与内环境中的埃博拉病毒发生中和，而不是病毒类抗原，B错误；血液中出现抗体不可以够确立能否已被病原体感染，有可能是接种过疫苗，C错误；抗体都是蛋白质，而抗原不用然都是蛋白质，正确。4．用适合浓度的生长素(IAA)、赤霉素(GA)及植物激素控制剂S办理水仙茎切段，48小时后测得水仙茎切段的伸长率以以下图，该实验数据不可以够支持的结论是A．不增添IAA和GA时茎段还能够生长B．IAA和GA均能促进茎伸长，IAA的作用见效更好C．IAA和GA在促进茎伸长时拥有共同作用D．植物激素控制剂

S能控制

IAA

和

GA

的作用【答案】

D【分析】据图可知，①组不增添

IAA

和GA，茎段伸长率为

20%，说明茎段还能够生长，

A正确；比较①②④三组，可知

IAA

和GA

均能促进茎伸长，且

IAA

的作用见效更好，

B正确；比较②③④组，可知

IAA

和

GA

在促进茎伸长时拥有共同作用，

C正确；比较②⑤两组，可知植物激素控制剂

S不可以够控制

IAA

的作用，

D错误。5．人类的

X染色体和

Y染色体是一对特其余同源染色体，

以下说法不支持这一看法的是．从功能看，都是与性别决定有关的染色体，其上携带与性别有关的基因B．从形态构造看，人类X染色体和Y染色体存在着同源区段C．从根源看，男性的X染色体来自母方，Y染色体来自父方D．从减数分裂中的行为看，两者都能够联会、互相分别进入不同样的子细胞【答案】A【分析】X染色体和Y染色体都是与性别决定有关的染色体，其上携带与性别有关的基因（如红绿色盲基因，只存在于X染色体上），不可以够说明它们是一对同源染色体；X染色体Y染色体存在着同源区段能够说明两者是同源染色体；成对的同源染色体一个来自父方，一个来自母方，男性的X染色体来自母方，Y染色体来自父方，能够说明两者是同源染色体；减数第一次分裂同源染色体联会、分别，X染色体和Y染色体在减数分裂过程中能够联会、分别，说明两者是同源染色体。选A。6．以下有关细胞分化和细胞衰老的表达，错误的选项是A．胞分化致不同样功能的胞中RNA和蛋白种生差别B．胞分化使机体胞功能向化，有益于提升生理功能的效率C．衰老胞呼吸速率减慢，核体减小，染色染色加深D．胞分化和胞衰老穿于多胞生物个体育的全程【答案】C【分析】胞分化是基因性表达的果，会致不同样功能的胞中RNA和蛋白种生差别，A正确；胞分化能够使多胞生物体中的胞于化，形成各样不同样胞，而形成拥有特定形、构和功能的和器官，而每一种器官都能够相独立地达成特定的生理功能，就使得机体内能够同行多生理活，而不互相干，有益于提升各样生理功能的效率，B正确；衰老胞呼吸速率减慢，胞核体大，核膜内折，染色收，染色加深，C；胞衰老和胞分化是由基因控制的，穿于多胞生物个体育的全程，D正确。7．《本草目》白酒（俗称酒）的制造程有以下表达：“酒非古法也，自元始，其法用酒和糟入甑，蒸令气上，用器承滴露”，“凡酸坏之酒，皆可蒸”，“以酒复二次⋯⋯价数倍也”。文中波及的操作方法是A．蒸B．蒸C．干D．升【答案】A8．以下化学反的离子方程式写不正确的选项是A．用FeCl3溶液腐印刷路板上的Cu：2Fe3++Cu2Fe2++Cu2+B．向CuSO4溶液中加入Na2O2：2Na2O2+2Cu2++↓+O2↑+2H2O4Na+2Cu(OH)2－Fe3++NO↑+2H2OC．稀硝酸中加入量粉：Fe+4H++NO3D．用Na2CO3溶液浸泡炉水垢：22ˉ(aq)CaSO4(s)+CO3ˉ(aq)CaCO3(s)+SO4【答案】C9．UrolithinA是一种含氧化合物，在合成有机资料和品中有重要用、其构如所示。以下对于有机物的法正确的选项是A．分子式为C13H6O4B．所有原子必定处于同一平面上C．苯环上的一氯代物有3种D．1mol该有机物与H2反响时，最多耗费6molH2【答案】D10．以下实验操作、实验现象和实验结论均正确的选项是选项实验操作实验现象实验结论A向必定浓度CuSO4溶液中通人H2S气体出现黑色积淀H2S酸性比H2SO4强B常温下，同样铝片分别投入足量稀、浓硫浓硫酸中铝片反响物浓度越大，反酸中先溶解完应速率越大1溶液中滴加2滴先生成白色沉2mL0.1mol·LMgClˉ2Ksp[Mg(OH)2]>C1淀，后生成红1mol·LNaOHˉ溶液，再滴加2滴Ksp[Fe(OH)3]1溶液褐色积淀0.1mol·LˉFeCl3向2mL2%CuSO4溶液中加入几滴未出现砖红色D1%NaOH溶液，振荡后加入几滴有机物XX不可以能是葡萄糖积淀溶液，加热【答案】C11．以以下图，装置(I)是一种可充电电池，装置(Ⅱ)为惰性电极的电解池。以下说法正确的是A．闭合开关K时，电极B为负极，且电极反响式为：2Brˉ﹣2eˉBr2B．装置(I)放电时，总反响为：2Na2S2+Br2Na2S4+2NaBrC．装置(I)充电时，Na+从左到右经过阳离子互换膜D．该装置电路中有0.1mole通ˉ过时，电极Ⅹ上析出3.2gCu【答案】B12．短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数挨次增大，它们占有三个周期。Y原子最外层电子数是电子层数的3倍。同由W、X、Z和SO42-构成一种离子化合物的水溶液中滴加稀氢氧化钠溶液，产生积淀与加入的氢氧化钠溶液的体积关系以以下图。以下说法正确的选项是A．X、Y两种元素的非金属性强，其单质化学性质也很开朗B．Z与X、Y形成的常有盐的水溶液会使蓝色石蕊试纸变红C．Z的最高价氧化物对应的水化物可溶于X的最简单氢化物的水溶液中D．由W、X、Y三种元素只好构成一种盐【答案】B13．常温下向浓度均为0.10mol/L、体积均为1mL的NaOH溶液和Na2CO3溶液中分别加水，均稀释至VmL；两种溶液的pH与lgV的变化关系以以下图。以下表达中错误的选项是2为第一级水解均衡常数）的数目级为4a13ˉ)（Ka110ˉA．K(COB．曲线N表示Na2CO3溶液的pH随lgV的变化关系C．Na2CO3溶液中存在：c(Na+)>c(CO32ˉ)>c(OHˉ)>c(HCO3ˉ)>c(H+)D．若将Na2CO3溶液加热蒸干，因为CO32-水解，最后析出的是NaOH固体【答案】D二、选择题：此题共8小题，每题6分。在每题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。所有选对的得6分，选对但不全的得分，有选错或不答的得0分。

314．α、β、γ三种射线的电离能力和穿透能力均不同样，β射线的实质即是电子流，一铝板放在匀强磁场中，让β粒子垂直穿越铝板，已知β粒子穿越铝板的过程中损失的动能为原来的三分之二，速度方向和磁场垂直。不计重力，则β粒子在穿越铝板前后的轨道半径比A．3:2B．1:3C．3:1D．2:3【答案】C【分析】穿过铝板前后的速度之比为v1Ek13，依据rmv可知β粒子在穿v2Ek2qBr1v13，应选C。越铝板前后的轨道半径比v2r215．对于质量损失和原子核的联合能以下说法正确的选项是．原子核的联合能等于使其完满分解成自由核子开释的能量B．一重原子核衰变为α粒子和另一原子核，衰变产物的联合能之和必定大于本来重核的结合能C．核子联合成原子核时会出现质量损失，损失的质量转变为开释的能量D．原子核的均匀联合能越大，则原子核中核子的均匀质量就越小，在核子联合成原子核时均匀每个核子的质量损失就越小【答案】B【分析】依据联合能的定义可知，分其余核子构成原子核时放出的能量叫做原子核联合能，所以从理论上来说，原子核的联合能等于使其完满分解成自由核子所需的最小能量，故A错误；一重原子核衰变为α粒子和另一原子核，该过程中要开释能量，所以衰变产物的联合能之和必定大于本来重核的联合能．故B正确；核子联合成原子核时会出现质量损失，质量损失以能量的形式开释出来，选项C错误；原子核的均匀联合能越大，则原子核中核子的平均质量（原子核的质量除以核子数）就越小，均匀每个核子的质量损失就越多，D错误；应选。16．宽为L的两圆滑竖直裸导轨间接有固定电阻R，导轨（电阻忽视不计）间I、Ⅱ地区中有垂直纸面向里宽为

d、磁感觉强度为

B的匀强磁场，

I、Ⅱ地区间距为h，如图，有一质量为

m、长为

L电阻不计的金属杆与竖直导轨亲密接触，

从距地区I上端

H处杆由静止开释。若杆在

I、Ⅱ地区中运动状况完满同样，

现以杆由静止释放为计时起点，则杆中电流随时间

t变化的图像可能正确的选项是A．B．C．D．【答案】B17．一方形木板置在水平川面上，在方形木板的上方有一条状竖直挡板，挡板的两头固定于水平川面上，挡板跟木板之间其实不接触。此刻有一方形物块在木板上沿挡板以某一速度运动，同时方形木板以相等大小的速度向左运动，木板的运动方向与竖直挡板垂直，已知物块跟竖直挡板和水平木板间的动摩擦因数分别为1、2，物块的质量为m，则竖直挡板对物块的摩擦力大小为212mgC．112mgA．0B．22D．212mg【答案】B【分析】物块沿运动方向受挡板的摩擦力f，f1=μ1FN；因物块沿挡板运动的速度等于木板的运动速度，故物体相对木板的速度方向与挡板成450角，物块受木板的摩擦力为f2=μ2°角．则在垂直挡板方向mg，其方向与挡板成45FN=μ2，则f1=μ2μμμ2218．2016年8月16日，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运载火箭成功将世界首颗量子科学实验卫星

“墨子号”发射升空。我国在世界上初次实现地空量子通讯，

这类方式能极大提升通讯保密性。

“墨子号”卫星运转轨道离地高度约为

500km，该卫星在轨道上运转时．角速度大于地球自转的角速度B．加快度大于地球表面的重力加快度C．加快度大于同步卫星的向心加快度D．速度大于第一宇宙速度【答案】AC【分析】“墨子号”卫星运转轨道离地高度远小于同步卫星的高度，则其角速度大于同步卫星的角速度，地球同步卫星的角速度与地球自转角速度同样，故其角速度大于地球自转的角速度，选项A正确；依据aGM2可知其加快度小于地球表面的重力加快度，大于同步卫r星的向心加快度，选项B错误，C正确；依据vGM可知其速度小于第一宇宙速度，选r项D错误；应选AC。19．以以下图，A、B、C是水平面上同向来线上的三点，此中AB=BC，在4点正上方的O点以初速度v。水平抛出一小球，恰巧落在B点，小球运动的轨迹与OC的连线交与D点，不计空气阻力，重力加快度为g，则以下说法正确的选项是A．小球经过D点的水平位移是落到B点水平位移的1/2B．小球经过D点的水平位移是落到B点水平位移的1/3C．小球经过D点与落在B点时重力做功的比为1/4D．小球经过D点与落在B点时重力做功的比为1/3【答案】AC【分析】从O到B过程，依据平抛运动的分运动公式，有：1AB=v0t，h=2

gt2，联立解得：AB=v2h；在D点，速度偏转角正切值等于位移偏转角正切值的2倍，0gvDyvDy＝2h1gh；解得：vDy＝gh;xDv0tD，解得vDx＝＝v02，因vDygtDv02AB2xDvh，则xD1AB，选项A正确，B错误；D点与出发点的竖直距离02g2hDvD21h，依据W=mgh可知小球经过D点与落在B点时重力势能之比是1/4，选项C2g4正确，D错误；应选AC。20．以以下图，ABCDEF是在匀强电场中画出的一个正六边形，该六边形所在平面与电场线（图中没有画出）平行，已知正六边形的边长为2cm，将一电荷量为1.0×10-8C的正点电荷从B点挪动到C点战胜电场力做功为2.0×10-8J，将该点电荷从B点挪动到A点，电场力做的功为2.0×10—8J，设B点电势为零。由上述信息经过计算能确立的是．电场强度的大小B．过A点的等势线C．匀强电场的场强方向为由C指向FD．将该点电荷沿直线BF由B点移到F点动能的变化量【答案】ABUBCWBC2.01082VUBAWBA108V2V【分析】q1.0108V，q108，因B点电势为零，则UC=2V，UA=-2V，则可知EB为等势线，场强方向由C指向A，依据EUCAdCA可确立场强的大小，应选项AB正确，C错误；点电荷若沿直线从B到F，必定要遇到外力作用，因运动的性质不确立，则外力不可以够确立，故外力功不确立，不可以够确立动能的变化，选项D错误；应选AB。21．以以下图，倾角为370的足够长的传达带以恒定速度运转，将一质量m=1kg的小物体以某一初速度放上传达带，物体相对地面的速度大小随时间变化的关系以以下图，取沿传送带向上为正方向，g=10m/s2，sin37°，cos37°。则以下说法正确的选项是A．物体与传达带间的动摩擦因数为0．75B．0～8s内物体位移的大小为14mC．0～8s内物体机械能的增量为84JD．0～8s内物体与传达带之间因摩擦而产生的热量为126J【答案】BD【分析】依据v-t图象的斜率表示加快度，可得，物体相对传达带滑动时的加快度大小为：a=2=lm/s2由牛顿第二定律得：μmgcosθ-mgsinθ=ma，解得μ．故A错误．0～8s2内物体位移：s122m264m14m，故B正确．物体被奉上的高度：22h=ssinθ，重力能的增量：△Ep=mgh=84J能增量：Ek1mv221mv121142226J222机械能增添：△E=△Ep+△Ek=90J，故C正确．0-8s内只有前6s内物体与送生相滑．0-6s内送运距离：s带=4×6m=24m⋯⑧0-6s内物体位移：s物122m44m6m22生的量：Q=μmgcosθ?s=126J，0?8s内因放上物体，送机多耗费的相对能Q+△E=216J,故D正确；故BD。第Ⅱ卷三、非：包含必考和考两部分。第22~32必考，每个考生都必作答。第33~38考，考生依据要求作答。（一）必考（共129分）22．（6分）在描小灯泡伏安特色曲的中，某同学先用多用表的250mA档量通小灯泡的流。(1)在甲路中，需要将多用表的两表笔接到（填“a或”“b）”。(2)将获得的数据在表格中，当源1.50V示，其数____mA。

a、b两，此中黑表笔与___接，的多用表指指示如乙所(3)因为期使用多用表，

表内池的会降低，

仍按第

(2)步量路中的流，量示数会

____（填“偏大”、“偏小”或“不”）。【答案】

（1）b

（2）174

（3）不【分析】（1）因

a点的高于

b点，故表笔接

a点，黑表笔接

b点；（2）当源

，的多用表数

174mA．（3）多用表的流档内不接源，故表内池的会降低，量不.23．（9分）利用图甲装置可用来研究动能定理和研究物体的加快度与合外力、质量的关系等实验。某实验小组利用该装置来研究物体的加快度与合外力、质量的关系，其AB是水平桌面，CD是一端带有滑轮的长木板，1、2是固定在木板上的两个光电门（与之连结的两个光电计时器没有画出），间距为s。小车上固定着挡光片M，测得挡光片M的宽度为d，让小车从木板的顶端滑下，与两个光电门各自连结的计时器显示挡光片M的挡光时间分别为t1和t2。(1)用游标卡尺测出遮光条的宽度d，示数如图丙所示，则d=_____cm。(2)该实验中，在改变小车的质量M或钩码的总质量m时，需要保持M远大于m，这样做的目的是______.(3)某位同学经过丈量、计算获得以下表数据，请在图乙中作出小车加快度与所受合外力的关系图像。(4)由图象能够看出，该实验存在着较大的偏差，产生偏差的主要原由是____。(5)若用该装置来“研究合外力对物体做功与物体动能变化的关系”：他们进行了以下的一些操作或步骤，此中需要且正确的选项是（_______）A．利用天平测出小车的质量为200g和一组钩码的质量：5g、10g、40g、50g；B．均衡小车所受的阻力：不挂钩码，用小垫块调整木板左端的高度，接通打点计时器的电源，用手轻拨小车，直到打点计时器打出一系列间隔均匀的点；C．他们精选了一个质量为50g的钩码挂在拉线的挂钩上，翻开电磁打点计时器的电源，开释小车，打出一条纸带；D．再在小车里放上

30g的砝码，接着该组同学又重复了步骤

B、C一次。【答案】

绳索的拉力大小等于（或约等于）钩码的重力

mg木板倾角偏小（或未完满均衡摩擦力）AB【分析】（1）读数×；(2)该实验中，在改变小车的质量M或钩码的总质量m时，需要保持M远大于m，这样做的目的是绳索的拉力大小等于（或约等于）钩码的重力（3）作出的图像如图；

mg；由图像可看出，当F抵达必定值时小车才有加快度，可知是因为木板倾角偏小（或未完满平衡摩擦力）。（4）要求砝码的质量远小于小车的质量，应选项A正确；均衡小车所受的阻力：不挂钩码，用小垫块调整木板左端的高度，接通打点计时器的电源，用手轻拨小车，直到打点计时器打出一系列间隔均匀的点；选项B正确；24．（14分）在溜冰场上有一初中生质量为m=40kg，站在质量为M=20kg的长木板的一端，该学生与木板在水平圆溜冰面上一起以v0=2m/s的速度向右运动。若学生以a0=1m/s2的加快度匀加快跑向另一端，并从端点水平跑离木板时，木板恰巧静止。(1)判断学生跑动的方向；(2)求出木板的长度L。【答案】(1)向右跑25．（18分）以以下图，在纸面内有一绝缘资料制成的等边三角形框架DEF地区外足够大的空间中充满磁感觉强度大小为

B的匀强磁场，其方向垂直于纸面向里。等边三角形框架

DEF

的边长为

L，在三角形

DEF

内搁置平行板电容器

MN，N板紧靠

DE

边，M

板及

DE

中点

S处均开有小孔，在两板间紧靠

M板处有一质量为

m，电量为

q(q>0)的带电粒子由静止开释，

如图(a)所示。若该粒子与三角形框架碰撞时均无能量损失，且每一次碰撞时速度方向垂直于被碰的边。不计粒子的重力。(1)若带电粒子能够打到E点，求MN(2)为使从S点发出的粒子最后又回到

板间的最大电压；S点，且运动时间最短，求带电粒子从

S点发出时的速率

v应为多大？最短时间为多少？(3)若磁场是半径为Ⅱ的圆柱形地区，如图

(b)所示（图中圆为其横截面），圆柱31的轴线经过等边三角形的中心O，且aL.要使从S点发出的粒子最后310能回到S点，带电粒子速度v的大小应为多少？【答案】(1)UmaxB2L2qvqBLn1,2,3,t5m(2)qB32m22n1m(3)vqBLn3,4,522n1m【分析】（1）依据洛伦兹力供给向心力得：＝mv2R点应知足：1L2R，则E点的速度为vqBL带电粒子在板间加快，则Umaxq1mv224m2解得：UB2L2q（2）依意粒子做周运的道半径，＝L1（n=1，2，maxR22n132m3⋯）在磁中粒子做周运的速度vqBLn=1，2，3⋯）得，粒子在磁中22n1m偏的角度最小，运的最短周期：T＝2m，与粒子速度没关，由粒子运qB＝T此n取1，R＝L＝mv＝qBL22qB2m粒子以三角形的三个点心运，相两次碰撞的隔t＝5T6第三次碰撞回到S点，最短t＝3t＝5T＝5m2qB（3）如E点到磁地区界的距离L/,由条件可知LaL1L2cos3010S点射的粒子要回到S点就必在磁地区内运，即足：RLL，即R10又知，RSEL12n12（n=1，2，3，4，5，6⋯，）2n1L当n=1，R2当n=2，LR6当n=3，LR10当n=4，LR14所以，当n=3,4,5，⋯⋯足意；因为RmvL1mv，代入上式可知22n1qBqB解得：vqBL（n=3,4,5，⋯）22n1m26．（14分）无水四化(SnCl4)常用作有机合成的化催化。室可用熔融的（熔点℃）与Cl2反制SnCl4，装置以下所示。已知：①SnCl2、SnCl4有关物理性质以下表：物质颜色、状态熔点/℃沸点/℃SnCl2无色晶体246652SnCl4无色液体－33114②SnCl4在空气中极易水解生成SnO2·xH2O。回答以下问题：（1）导管a的作用是____________，装置A中发生反响的离子方程式为___________。（2）当察看到装置F液面上方出现___________现象时才开始点燃酒精灯，待锡融化后适合增大氯气流量，连续加热。此时连续加热的目的是___________、___________。3）若上述装置中缺乏装置C（其余均同样），则D处具支试管中发生的主要副反响化学方程式为___________。4）若制得产品中含有少许Cl2，则可采纳以下___________（填字母）举措加以除去。A．加入NaOH萃取分液B．加入足量锡再加热蒸馏C．加入碘化钾冷凝过滤D．加人饱和食盐水萃取（5）可用碘量法测定最后产品的纯度，发生以下反响：Sn2++I2=Sn4++2Iˉ。正确称取该样品mg放于锥形瓶中，用少许浓盐酸溶解，再加水稀释，淀粉溶液作指示剂，用0.1mol·L1ˉ碘标准溶液滴定至终点，耗费标准液20.00mL，则产品中SnCl2的含量为___________（用含m的代数式表示）；即便此法测定的操作均正确，但测得的SnCl4含量仍高于实质含量，其原因可能是___________（用离子方程式表示）。【答案】（1）使分液漏斗内的液体顺利流下（1分）ˉ+16H++10C1ˉ=2Mn2++5Cl↑+8H2MnO422O（2分）2）黄绿色气体（1分）加快氯气与锡反响；使SnC14气化，利于从混淆物中分别出来。2分，其余合理答案均给分）3）SnC14+(x+2)H2O=SnO2·xH2O+4HCl(2分）4）B（2分）5）38/m%（2分）4Iˉ+O2+4H+=2I2+2H2O（2分）27．（14分）二氧化铈(CeO2)是一种重要的稀土化合物。以氟碳铈矿（主要含CeCO3F）为原料制备CeO2的一种工艺流程以下：已知：ⅰ．Ce4+能与Fˉ联合成[CeFx](4-e)+，也能与SO42-联合成[CeSO4]2+；ⅱ．在硫酸系统中Ce4+能被萃取剂[(HA)2]萃取，而Ce3+不可以够ⅲ．常温下，Ce饱和溶液浓度为1.0×10-61。2(CO3)3mol·Lˉ回答以下问题：（1）“氧化焙烧”过程中能够加快反响速率和提升原料利用率的方法是__________、__________（写出2种即可）。（2）写出“氧化焙烧”产物CeO2与稀H2SO4反响的离子方程式：__________。（3）“萃取”时存在反响：Ce4++n(HA)2Ce(H2n-4A2n)+4H+。D表示Ce4+分别在有机层中与水层中存在形式的浓度之比（D=）。保持其余条件不变，在初步料液中加入不同样量的Na2SO4以改变水层中的c(SO42ˉ)，D随初步料液中c(SO42-)增大而减小的原由是_____________。（4）浸渣经办理可得Ce(BF4)3，加入KCl溶液发生以下反响：+3+(aq)。Ce(BF4)3(s)+3K(aq)3KBF4(s)+Ce若必定温度时，Ce(BF4)3、KBF4的Ksp分别为a、b，则该反响的均衡常数K=__________(用a、b表示）。（5）“反萃取”中加H2O2的主要反响离子方程式为__________。在“反萃取”后所得水层中加入1.0mol·L1ˉ的NH4HCO3溶液，产生Ce2(CO3)3积淀，当Ce3+积淀完满时3+-512-[c(Ce)=1×10mol·Lˉ)约为__________。]，溶液中c(CO3（6）CeO2是汽车尾气净化催化剂的重点成分，它能在复原氛围中供氧，在氧化氛围中耗氧。在尾气除去过程中发生着CeO2CeO2(1-x)+xO2↑(0≤x≤0的.25)循环。写出CeO2除去CO尾气的化学方程式：

___________。【答案】（1）矿石粉碎成细颗粒、通入大批空气（

2分，其余合理答案均给分）2）CeO2+4H++SO42ˉ===(CeSO4)2++2H2O（2分）3）跟着c(SO42-)增大，水层中Ce4+被SO42-联合成(CeSO4)2+，致使萃取均衡向生成(CeSO4)2+方向挪动，D快速减小（2分）（4）ab3（2分）（5）2Ce4+3++分）7+H2O2===2Ce（22.2×10ˉ+O2↑+2Hmol/L（2分）（6）2xCO+CeO2===CeO2(1﹣x)+2xCO2（2分）28．（15分）造成酸雨的主要物质是NO2和SO2，某科研小组进行以下研究。（1）办理二氧化硫平常是先在水中把它氧化成硫酸，再用NH3·H2O汲取。已知2NH3·H2O(aq)+H2SO4(aq)==(NH4)2SO4(aq)+2H2O(l)H=﹣，中和热H=﹣57.3kJ/mol则1molNH3·H2O理论上完满电离时需要汲取的热量为________。（2）常温下也能够用NaOH溶液直接汲取2--SO2，在汲取过程中，溶液pH随n(SO3):n(HSO3)变化关系以下表：n(SO32ˉ):n(HSO3ˉ)88:121:112:88pH①当汲取液呈中性时，浴液中离子浓度由大到小摆列次序为__________________________。②当向NaOH溶液中通入足量的SO2时，获得NaHSO3溶液，在pH为4~7之间电解，硫元素在阴极上被复原为Na2S2O4，这是电化学脱硫技术之一。写出该阴极的电极反响式_______。（3）向容积为

2L，密闭容器中分别充入

0.20molNO2和

0.4molSO2，发生SO2(g)+NO2(g)

SO3(g)+NO(g)

H=﹣41.8kJ/mol

在不同样温度下测定同一时辰

NO2的转变率，结果以以以下图所示。①a、c两点反响速率大小关系：v(a)___v(c)。（填“>”“或<”“=）”②温度为T2时从反响开始经过2min达到b点，用SO3表示这段时间的反响速率为______，此温度下该反响的均衡常数为_______。若在此温度下，保持容器的容积不变，再向容器中充0.10molNO2和0.2molSO2，NO2的转变率_______（填“增大”“减小”或“不变”）。③NO2的转变率随温度高升先增大后减小的原由是____________。【答案】（1）45.2kJ（2分）－－)>c(H+)=c(OH－（2）①c(Na+)>c(HSO3)>c(SO32)（2分）－－－2分）②2HSO3+2H++2e=S2O42+2H2O（（3）①<（1分）②0.04mol·L－1·min－1（2分，掉单位扣1分）8/3（2分）不变（2分）③T2对应的b点为均衡点。T2前是均衡的成立过程，温度高升，反响速率加快，NO2转化率增大；T2后是均衡的挪动过程，高升温度，均衡向吸热的逆反响方向挪动，转变率减小（2分）29．（10

分）研究小组将生长状况相像的菠菜幼苗均分为

A、B

两组进行研究实验。

A组培养在完满培养液中，

B组培养在缺

Mg2+的培养液中，其余条件同样且适合。一段时间后，给两组菠菜幼苗连续供给

14C

标志的

CO2。请回答以下问题：1）菠菜细胞汲取Mg2+的过程___________（填“耗费”或“不用耗”）ATP。2）请列举出本实验的两个没关变量____________________。（3）在检测过程中发现6s后含有14C的物质种类要比0.5s后的多。菠菜最先产生含有14C的物质为___________，场所是___________。（4）一段时间后检测，发现B组产生的含14C标志的（CH2O）的量比A组低，原由是_______________________________________。【答案】（1）耗费（2）温度、光照强度（pH等）（3）C3（三碳化合物）叶绿体基质（4）缺乏Mg2+致使叶片中叶绿素含量减少，从而直接影响光合作用的光反响【分析】（1）菠菜细胞经过主动运输汲取Mg2+，该过程需要耗费细胞呼吸供给的ATP。（2）该实验的自变量是培养液中Mg2+的有无，培养温度、光照强度、培养液的pH等为没关变量。（3）暗反响发生于叶绿体基质，此中CO2被固定后的最先产物为C3（三碳化合物）。（4）镁参加叶绿素的构成，B组培养液中缺乏Mg2+，致使叶片中叶绿素含量减少，直接影响光合作用的光反响阶段光能的汲取，致使B组产生的含14C标志的（CH2O）的量比A组低。30．（10分）研究表示，适合运动对改良Ⅱ型糖尿病（T2DM）患者机体的物质代谢，特别是对糖代谢拥有重要作用。请回答以下问题：（1）适合运动能改良T2DM患者机体的糖代谢，从糖代谢的角度分析，运动能___________________________________。T2DM患者的血糖浓度高，致使其血浆浸透压______________（填“高于”“等于”或“小于”）健康人的。（2）当机体血糖浓度高升时，下丘脑的葡萄糖感觉器接受刺激并产生欢乐，使胰岛B细胞的分泌功能加强，致使血糖浓度降落，上述过程中的调理方式属于_________调理。机体胰岛素浓度高升会惹起靶细胞膜上的葡萄糖转运载体的数目增添，其意义是________________，从而降低血糖浓度。（3）假如不吃早饭，机意会处于饥饿状态，当机体血糖浓度降低时，胰岛_________细胞的分泌活动会加强，其分泌的激素能促进__________水解为葡萄糖。【答案】（1）促进组织细胞对葡萄糖的利用（氧化分解）高于（2）神经—体液（1分）促进葡萄糖进入靶细胞和被利用（3）A（1分）肝糖原【分析】（1）运动能促进组织细胞对葡萄糖的利用（氧化分解），所以适合运动能改良T2DM患者机体的糖代谢；T2DM患者的血糖浓度高，致使其血浆浸透压高于健康人的血浆浸透压。（2）当机体血糖浓度高升时，下丘脑的葡萄糖感觉器接受刺激并产生欢乐，使胰岛B细胞的分泌功能加强，该过程的调理方式属于神经调理；经过胰岛B细胞分泌的胰岛素的调理，导致血糖浓度降落，该过程的调理方式属于体液调理。综合考虑可知，上述过程中的调理方式属于神经—体液调理。机体胰岛素浓度高升会惹起靶细胞膜上的葡萄糖转运载体的数目增添，其意义是促进葡萄糖进入靶细胞和被利用，从而降低血糖浓度。（3）假如不吃早饭，机意会处于饥饿状态，当机体血糖浓度降低时，胰岛A细胞的分泌活动会加强，其分泌的胰高血糖素能促进肝糖原水解为葡萄糖，以增补血糖含量。31．（10分）稻田土壤中营养元素计量比（C∶N∶P）对生物代谢活动的正常进行和生态系统功能的维拥有重要意义。请回答以下有关问题：（1）C、N、P等都能在地球上最大的生态系统中循环，该生态系统指的是____________。2）以以下图是生态系统中碳循环表示图，①表示____________过程；若①?⑤表示含碳物质的量，则可用数学表达式____________来解说“温室效应”的成因。（3）稻田土壤是好多小动物的家园，为检查其丰富度，平常用____________法。4）研究表示，在农田生态系统中施用磷肥会使反硝化细菌数目增添，从而致使氮损失。请你设计实验，研究上述稻田氮损失能否由反硝化细菌数目增添惹起的（仅写设计思路）。___________________________________________________________________________。【答案】（1）生物圈（2）光合作用②+④+⑤＞①3）取样器取样4）取一块稻田间隔成两块，将此中一块施用磷肥，其余条件同样，一段时间后，分别丈量两块稻田中反硝化细菌数目，并进行氮量比较【分析】（1）地球上最大的生态系统是生物圈。（2）依据生态系统中碳循环表示图可知，①表示绿色植物的光合作用过程；“温室效应”主假如大气中CO2过多造成的，即图中②+④+⑤＞①。（3）检查土壤动物丰富度常用取样器取样法。（4）依据实验的目的可知本实验的自变量是能否施用磷肥，因变量是反硝化细菌数目和土壤含氮量，实验设计思路是：取一块稻田间隔成两块，将此中一块施用磷肥，其余条件同样，一段时间后，分别丈量两块稻田中反硝化细菌数目，并进行氮量比较。32．（9分）某二倍体生物性别由XY染色体决定，同时受一起等位基因（A/a）影响，当A基因不存在时，Y染色意会与X染色体联合成X—Y复合染色体(如图），只有含独立Y染色体的才表现为雄性，不论有无性染色体的配子都能正常达成受精，且后辈正常存活。依据以上信息，回答以下问题：（1）若A/a存在于常染色体上，aaX—Y的个体将表现为_________性，该个体产生的配子为______。2）若A/a存在于常染色体上，一对染色体构成正常的杂合雌雄性个体杂交，产生子一代中雌性∶雄性=__________。（3）若要研究

A/a

基因的地点，可选择

a基因纯合的雌性个体与

A基因纯合显性雄性个体进行杂交，并依据子一代性别表现型及比率判断：a．若子一代雌∶雄=________，则证明A/a基因位于常染色体上；b．若子一代雌∶雄=________，则证明A/a基因位于X染色体上。【答案】（1）雌（1分）aX—Y、a2）5∶3（3）1∶1全为雌性【分析】依据题干信息分析可知，若A/a存在于常染色体上，雄性的基因和染色体构成为A_XY，雌性的基因和染色体构成为aaXY、aaXX、A_XX。（1）aaX—Y的个体因为没有A基因或独立的Y染色体而表现为雌性，其X—Y是连在一起的，所以减数分裂产生a、aX—Y两种配子。（2）依据以上分析可知，一对染色体构成正常的杂合雌雄性个体的基因和染色体构成为AaXX、AaXY，后辈中AAXY和AaXY表现为雄性，比率为（3/4）×（1/2）=3/8，其余都表现为雌性，所以子一代中雌性∶雄性=5∶3。（3）若要研究A/a基因的地点，可选择a基因纯合的雌性个体与A基因纯合的雄性个体杂交：a．若子一代雌∶雄=1∶1，则证明A/a基因位于常染色体上；b．若子一代全为雌性，则证明A/a基因位于X染色体上。（二）选考题：共45分。请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。假如多做，则每学科按所做的第一题计分。33．[物理——选修3–3]（15分）（1）（5分）以下说法正确的选项是。（填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能老是随分子间距离的增大而增大B．液体表面层分子间的距离大于液体内部分子间的距离，所以液体表面分子间的作用表现为互相吸引，即存在表面张力C．干湿泡湿度计的湿泡显示的温度高于干泡显示的温度，这是因为湿泡外纱布中的水蒸发吸热的结果D．用油膜法测出油酸分子直径后，还需知道油酸的摩尔体积即可预计出阿伏伽德罗常数E．必定质量的理想气体体积不变时，温度越高，单位时间内容器壁单位面积遇到气体分子撞击的次数越多【答案】BDE【分析】当分子力表现为引力时，分子力随分子间距离的增大先增大后减小；分子势能随分子间距离的增大而增大，选项A错误；液体表面层分子间的距离大于液体内部分子间的距离，所以液体表面分子间的作用表现为互相吸引，即存在表面张力，选项B正确；干湿泡温度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，主假如因为湿泡外纱布中的水蒸发吸热，从而温度降低的缘由，选项C错误；用油膜法测出油酸分子直径后，还需知道油酸的摩尔体积，V依据NA1即可预计出阿伏伽德罗常数，选项D正确；必定质量的理想气体体积不变2D4时，温度越高，分子均匀速率越大，单位时间内容器壁单位面积遇到气体分子撞击的次数越多，选项E正确；应选BDE.（2）（10分）以以下图，两等高气缸A、B内壁圆滑，且气缸A的直径为气缸B的2倍，下部由体可忽视的管通；A上端与大气通，B上端封；两气缸除B部外，其余部分均。两气缸中各有一厚度可忽视的活塞a、b，活塞b把封着的理想气体分红两部分；当大气P0，外界平易缸内气体温度均27℃且均衡，活塞a、b离气缸部的距离均气缸高度的1/4．①通a、b下方的气体慢加，当活塞a恰升至部，求活塞a、b气体的温度；②慢加，使活塞b上涨，当活塞b上涨的距离是气缸高度的1/16，求活塞b上方的气体。【答案】(1)T2=380K(2)p24p03【分析】（1）活塞a升至部的程中，活塞b不，活塞a、b下方的气体等程．气缸A的容V0，初体V1，温度T1=300K，末体V2，温度T2，按意，气缸B的容1V0，得：V13V031V015V0⋯①444416V2V031V019V0⋯②4416依据盖?克定律得：V1V2，⋯③T1T2由①②③式和数据得：T2=380K；⋯④（2）活塞a升至部后，因为慢加，活塞b开始向上移，直至活塞上涨的距离是气缸高度的1，活塞b上方的气体等温程，气体初体V1′，16P1′，末体V2′，P2′，由数占有：1，P，V3416由玻意耳定律得：P1′V1′=P2′V2′⋯⑥4由⑤⑥式得：P2′=p0⋯⑦334．[物理——修3–4]（15分）（1）（5分）某小在研究改了方案，将一力感器接到算机上。甲中O点的固定点，将小球（可点）拉至A点，此于状态，开释摆球，则摆球将在竖直平面内的A、B、C之间往返摇动，此中B点为运动中的最低地点，∠AOB=∠COB=α，α小于10°且是未知量。同时由计算机获得了摆线对摆球的拉力大小F随时间t变化的曲线图乙（均为已知量），且图中t=0时辰为摆球从A点开始运动的时辰（重力加快度为g）。依据题中（包含图中）所给的信息，以下说法正确的是。（填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）A．该单摆的周期为t2．依据题中（包含图中）所给的信息可求出摆球的质量C．依据题中（包含图中）所给的信息不可以够求出摆球在最低点B时的速度．若实验时，摆球做了圆锥摆，则测得的周期变长E．若增添摆球的质量，摆球的周期不变【答案】ABE【分析】由乙图可知单摆的周期T=t2，应选项A正确；在B点拉力有最大值，依据牛顿第二v2定律可知Fmaxmgm；在AC两点有拉力最小值，Fminmgcos，由A到Bl机械能守恒，即mgl1cos1mv2mFmax2Fmin由此可知摆球的质量，选项23gB正确，C错误；若实验时摆球做了圆锥摆，则周期的表达式为T2Lcos，周期g变小，选项D错误；依据单摆周期公式T2L可知，单摆周期与摆球的质量没关，g应选项E正确；应选ABE.（2）（10分）以以下图，在真空中有一个折射率为n、半径为r的质地均匀的小球。细激光束在真空中沿直线BC流传，直线BC与小球球心O的距离为l(l<r)，光束于小球体表面的C点经折射进入小球（小球成为光流传的介质），并于小球表面的D点（图中未标出）又经折射进入真空。设光在真空中流传的速度为c，求：①光在C点发生折射的折射角的正弦值；②细激光束在小球中传输的时间。【答案】(1)l(2)t2n2r2l2sincnr【分析】（1）在由直线BC与小球球心O所确立的平面中，激光光束两次折射的光路BCDE以以下图，图中入射光芒BC与出射光芒DE的延伸线交于G，依据光的折射定律：sinnsin，式中α与β分别是相应的入射角和折射角，由几何关系可知sinlsinl，nrr（2）依据ncCD的长度s2rcos光束在小球内测流传时间光芒在介质中流传的路径vs2rcos2r1l22n2r2l2n2r2tvccvn35．【化学—选修3：物质构造与性质】（15分）(N)、磷(P)、砷(As)等VA族元素化合物在研究和生产中有重要用途。如我国科研人员研究发现As2O3（或写成As4O6，俗称砒霜）对白血病有显然的治疗作用回答以下问题：（1）As原子的核外电子排布式为_________________；P的第一电离能比S大的原由为________________________________________。2）写出一种与CNˉ互为等电子体的粒子________（用化学式表示）；(SCN)2分子中σ键和π键个数比为___________。3）砒霜剧毒，可用石灰消毒生成AsO33－和少许AsO43－，此中AsO33－中As的杂化方式__________，AsO43-的空间构型为___________。（4）NH4+中H﹣N﹣H的键角比NH3中H﹣N﹣H的键角大的原由是__________；NH3和水分子与铜离子形成的化合物中阳离子呈轴向狭长的八面体构造（以以以下图I），该化合物加热时第一失掉水，请从原子构造角度加以分析：__________________________________________________。（5）BN的熔点为3000℃C，密度为2.25g·cm-3，其晶胞构造如上图Ⅱ所示，晶体中一个B原子四周距离近来的N原子有__________个；若原子半径分别为rNpm和rBpm，阿伏加德罗常数值为NA，则BN晶胞中原子的体积占晶胞体积的百分率为__________2262610231023分）【答案】（1）1s2s2p3s3p3d4s4p或[Ar]3d4s4p（2P的p能级是半充满状态，比较坚固，所以第一电离能比硫大（1分）（2）CO或N2（1分）5:4（1分）（3）sp3（1分）正四周体（1分）（4）NH4+中的氮原子上均为成键电子，而NH3分子中的氨原子上有一对孤对电子，孤对电子与成键电子之间的排挤力强于成键电子与成键电子之间的排挤力，致使NH4+中H﹣N﹣H的键角比NH3中大（2分）因为O原子半径小，电负性大，供给孤对电子能力比N原子弱，故水分子形成的配位键弱于氨分子（2分）（5）4（1分）（3分）36．【化学—选修5：有机化学基础】（15分）聚合物（W是链接中的部分构造）是一类重要的功能高分子资料，聚合物X是此中的一种，转变路线以下：已知：①A中官能团不在同一个碳原子上。②③R1CH=CHR2+R3CH=CHR4R1CH=CHR4+R2CH=CHR3（R表示烃基或氧原子）。1）B所含的官能团名称是_____________。2）E的名称是________，G生