2021广东高考研究会高考测评研究院2019级高三上学期阶段性学习效率检测调研卷物理试卷及答案

绝密★启用前广东省高考研究会高考测评研究院 2019级高三第一学阶段性学习效率检测调研卷 — 物理_

800751〇 贴在答题卡上的指定位置。^_2选择题的作答每小题选出答案后用 2B铅笔把答题卡上对应题0的答案标妒 试题卷草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。* 3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡t,b^-^--

答题卡上的非答题区域均无效。_选考题的作答先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用 2B铅笔涂题卡上对应的答题区域内写在试题卷草稿纸和答题卡上的非答题区域无效。_74分，共28分。在每小题给出的四个选项中，40分）1东京奥运会男子1983- 1-^_

传感器记下了运动员苏炳添各位置与时间信息如图所示 假设运动员做直线运据下列分析正确的是位i30米位i30米60米90米100米时间显示373秒629秒892秒983秒A 运动员从起点到终点一直匀速直线运动g_B.运动员前30米的平均速度大于前60米的平均速度C可以推算出最后10m冲刺的平均速度-像 D 可以推算出运动员冲线时的速度-g_

2A直接吸_张白纸吸附在画板上，忽略两磁铁间的相互影响下列说法正确是-A 4B磁铁6对白纸压力小于画板对白纸的支持力1愉 C磁铁4受到的摩擦力等于磁铁4受到的重力D S受到的摩擦力大于磁铁受到5的重力3—小汽车在某公路水平直道行驶时，突发故障紧急刹车来，已知车轮和地面的动摩擦因数约为09,估算刹车时汽车的行驶速度约为A30km/hB60km/hC100kra/hD120km/h高三大联考物理第 1页共8页)落到地面过程正确的是 (3)请根据a 从雷mB从雷雨云底部到地面电势逐渐升高

S

12(10分)热敏曲线如图甲c雨滴落向地面过程电势能减少D 雨滴落向地面过程电势能增

地曲 于〇SNR平iPMW2AKMm2K的金属棒M恰能保A直流电源C电流表，E滑动变阻N G本实验采&，&均匀减小

4^, 4mgsmaR

R的变化率为

At NB-,SL

结合所供断开之后 金属棒4将做匀加速直线运动 分填F

d2L

接通开关216分）(6

(如图丙果保留两四、计算题(22: 3:「

13.(12分)某儿N FN 知斜面倾角为-a一微小曲线平Mi C甲 乙 丙 丁

某同学用两把弹簧测力计将橡皮筋的端点拉到点两弹簧测力计共同作用时 实验记录

面间摩擦力可纸如图乙所示拉力6和心的方向分别过尺和八点 兄示数如图丙其足示数如丁则这两个力的大小分别为(1分(1分。撤去两个力改用-个弹簧测力计拉细绳橡皮筋与细绳的结点仍然拉至0点这样做采用的科学方法是 (2分选填各选项前面的字母符号）A 理想实验法 B等效替代法 C.控制变量法 D 建立物理模型法高三大联考.物理第 3页共8页）求甲乙碰撞后瞬间滑块乙的速度大小 求(1(2)O(2)要使滑块乙碰后能进人圆轨道并能顺利通过圆轨道的最高点 请在表格数据中为小滑块择合适的村料满足上述的运动条件写出相应的判断依据。滑块材料 水平面材料 滑动摩擦因数钢招仓金钢招仓金030硬木铝合金025聚氯乙烯铝合金042聚异戊二烯铝合金06515U2状态过程答(14分)如图所示某直线加速器由沿轴线分布的一系列金属圆管漂移管组成相邻漂移管分别接在高频脉冲电源的两极质子从K点沿轴线进人加速器并依次向右穿过各漂移管 ，在漂移管内做匀速直线运动在漂移管间均恰好被电场加速若相邻漂移管间的电压 xlOF大小不变质子进人漂移管A时速度为％=lxl/漂移管间缝隙很小质子离开漂移管E后恰好沿径向射人一同轴圆形区域，内外半径分别为心=1m、 半径为&的圆内分布着A=2T的勻强磁场方向垂直于纸面向外外面环形磁场区域分布着5 2=05T

(2)的匀强磁场方向垂直于纸面向内已知点 KM0在同一水平线上质子的荷质比取1C/kg,不计粒子的重力且不考虑相对论效应。高三大联考物理第 5页共8页）16.(12分1)卷一个摆钟周期是2秒若钟摆从最左边到右丙从右到最左边计为一次摆动 ，I则1分钟内摆钟摆动 答:

该钟摆的摆长约 米;若摆钟走慢了要把它调 ——_(2)光导纤维导光的原理如图所示某光在有机玻璃丝内传播时如果从有机玻璃射向空气的人射角大于临界角光会发生全反射于是光在有机玻璃丝内沿着锯齿形路线传播若玻璃丝长为内芯的折射率为^=6' MN代表人端面某光线以人射角a=60°从玻璃丝的MN端面传播到另一端面，求光从人射端面到出射断面传播所需要时间为多少？内芯''外套高三大联考.物理第 7页共8页）PAGEPAGE7广东省高考研究会高三大联考物理参考答案（答案仅供参考）1.C【解析】

30V1

S1

30

s8.04m/s；运动员前60米V1

St2

60

s9.5m/s，因此运动员前30米的平均速度小于前60米的平均速度，B选项错误。运动员最后10米的平均速度为StVt33

100-909.83-

s10.99m/sDC选项正确。2.CAABBAAC3.C【解析】由ga,得ag0

2as0

29104m/s27.8m/s100m/h，故C选项目正确。本题可以避开求根号运算，可以代入答案，从速度反推出刹车距离，刹车距离数值比较接近,对应的速度为正确答案。4．D2H3H4e1n热核反应，故选项D正确。1 1 2 05．C【解析】直导线acabb在cabI＝IccA、B1 2Icab，因此C选项正确。1６.B【解析】在重物静止落下到最底下过程中，弹簧的弹力对重物做负功，因此重物机械能不守恒；根据功能关系，除重力外，其余力做的功等于机械能的增加量，故重物的机械能减少量等于克服弹簧弹力所做的功，物体的机械能减小，故B项正确；根据动能定理，重物动能变化量为零，故弹簧对物块做功等于重力做功,故D项错误。７.D【解析】A、因为核心舱离地面高度约为400km，仍未脱离地球引力，故为超过第二宇A；B、

＝7.9km/s是第一宇宙速度，是圆轨道最大的环绕速度，根1据环绕速度公式v＝ ，因为r＞R所以核心舱的飞行速度应小于7.9km/s，故B选项错误；C、与同步卫星相比，核心舱的轨道半径远小于同步卫星，根据周期公式 T＝ ＝，故核心舱的运动周期小于同步卫星的周期，故C选项正确；D、对接完成后，整个空间站仅受万有引力作用，仓内航天员处于完全失重状态，故正确答案是D选项。，故核心舱的运动周期小于同步卫星的周期，故C选项正确；CD.【解析】由于运动员斜上推出铅球过程，运动队做的功全部转化为铅球的动能和A关，故选项BCDBC【解析】由于地面带正电，雷雨云底部带负电，电场线起于正电荷终止于负电荷，因此电场线方向为向上，沿着电场线电势减低，因此从雷雨云底部到地面电势逐渐升高，故BCBC。ABD【解析】B1

abb导体棒受到的安培力方向向上。A选项正确；B1

的变化率为B 1tE

nB

0.5Vt螺线管中感应电动势为 1t回路中总电阻为R总

RR2R金属棒中电流为IEER 2R总金属棒受到的安培力为

I .B Lmgsin22N即SBN即S 1B t Lmgsin2 4RB 4gnR得t1得

NB2

，故B选项正确；KabCKBmgsin2E BLV

B2

4RmgsinI

，联立得2

mgsin，得V

故D选项正确；4R 4R 4R B222故选ABD。11.（7分）(1)3.00N，3.50N(2)B(3)图示 ，4.00N12.（10）.(1)【解析】

(2)2，偏小(3)0.200，4.0， 40（1）本题为分压式控制电路，为了测量时调节方便，滑动变阻器Rp应选用小阻值的，则选。为了保护电路，开关S闭合之前，图中滑动变阻器的滑片应该置于最左端。（2）参照图甲中的参数，待测电阻的阻值约为几欧，待测电阻的阻值较小，则采用伏安法外接法误差较小，所以单刀双掷开关应接在2；由于本实验采用电流表外接法，电流表测得比真实值偏大，由欧姆定律可知测量值比真实值偏小。（3）0.200A，根据R

U

,对应图甲可知其对4.0x I 0.2应的温度为40℃。013.（12分）.(01 2,滑过程中，根据机械能守恒定律得：1mglsin370mv21 210代入数据解得：

/s0设甲、乙碰撞后速度分别为v和v2，取向右为正方向，由动量守恒定律得：mv=mv+mv10 11 221 1 1mv2=mv2+mv2210 211 222解得：v24m/s假设滑块恰能进入圆轨道，则mgs

=01mv22 2 BC

222得μ0.8，假设滑块乙进入圆轨道后的运动过程中恰能通过圆弧轨道的最高点有：3mg=mv23R1mgsmg2R=11

v2mv22 2 BCS=1SBC 2BD

2=

223 222得μ30.3，所以μ的取值范围为μ≤0.3查看表格可知：若使滑块乙碰后能进入圆轨道并能顺利通过圆轨道的最高点，材料可以为钢、硬木。14.（14）(1)AE管质子被四次加速；EvEAEW＝qUW′＝4Wm－1 ′＝ m－2E 2B++v2m0E

=3107m/s（2）粒子刚好不进入中间磁场时轨迹如图所示，设此时粒子在磁场中运动的半径为r，在1r2＋R2＝(r＋R21 1 2 1 1r＝1m1粒子不能进入中间磁场，所以轨道半径r<1m.1m由 2mqB= 1 2 r1得5107m/s114Uq=1mv2mv211 2 1 2 0得U<3×106V1(3)轨迹如图所示，由于O、O、Q共线且水平，粒子在两磁场中的半径分别为r、r，洛伦3 2 3v2qvB＝mrmvr＝qBr＝4r3 2且满足(r＋r2＝(R－r2＋r22 3 2 2 3r＝2

＝ m334 333又在外圆区域内m2qB=2 2 rm23得53107m/s2由动能定理有4U

q=1mv2mv212 2 2 2 01代入数据解得U＝9.25×10.15．（12分）PV（1）吸热，放热，根据理想气体状态方程T高后降低；。

c，PVab过程气体体积V不变而压强p＝C可知，气体温度升高，气体内能增大，△U＞0，气体体积不变，外界对气体不做功，由热力学第一定律△U＝W+Q可知：Q＝△U﹣W＝△U＞0，所以ab过程，气体始终从外界吸收热量；pV＝CT，△U＜0，W＞0，由热力学第一定律△U＝W+Q：Q＝△U﹣W＜0，capVpV状态方程＝C可知，bc过程气体温度T先升高后降低。（2）解析：对单位时间压入客舱的气体及客舱内原有气体为研究对象，设每单位时间客舱气体体积为V有1.5PV+PV0

=PV+0解得：V16.（12）（1）30；1；摆钟慢了，可以调短它的摆长【解析】摆钟周期是2秒，则一分钟摆钟摆动30次，lg摆长用公式算