山东省枣庄市2022学年高二上学期期末考试物理试卷

1、PAGE15山东省枣庄市2022-2022学年高二上学期期末考试物理试卷一、单选题1关于万有引力定律，下列说法正确的是A牛顿提出了万有引力定律，并测定了引力常量的数值B万有引力定律只适用于天体之间C万有引力的发现，揭示了自然界一种基本相互作用的规律D地球绕太阳在椭圆轨道上运行，在近日点和远日点受到太阳的万有引力大小是相同的【答案】C【解析】试题分析：牛顿提出了万有引力定律，而万有引力恒量是由卡文迪许测定的，故A错误；万有引力定律适用于宇宙万物任意两个物体之间的引力，是自然界一种基本相互作用的规律，故B错误，C正确；根据万有引力公式可知，在近日点的距离比远日点的距离小，所以在近日点万有引力大，故

2、D错误。考点：万有引力定律及其应用【名师点睛】对于物理学上重要实验、发现和理论，要加强记忆，这也是高考考查内容之一从公式的适用条件、物理意义、各量的单位等等全面理解万有引力定律公式2我国已开展空气中浓度的监测工作。的悬浮颗粒物，其飘浮在空中做无规则运动，很难自然沉降到地面，吸入后对人体形成危害。矿物燃料燃烧的排放物是形成的主要原因。下列关于的说法正确的是A在空气中的运动属于分子热运动B的质量越大，其无规则运动越剧烈C温度越低，的无规则运动越剧烈D的运动轨迹是由大量空气分子对无规则碰撞的不平衡和气流运动决定的【答案】D【解析】在空气中的运动是固体颗粒、是分子团的运动，不是分子的热运动，故A错误；

3、的质量越小，其无规则运动越剧烈，故B错误；是指空气中直径小于微米的悬浮颗粒物，其漂浮在空中做无规则运动，故温度越高，的无规则运动越剧烈，故C错误；受由大量空气分子对无规则碰撞，并且受到风力作用，而形成不规则的运动轨迹，故D正确。故选D。3如图所示，轻杆长为L，一端固定在水平轴上的O点，另一端系一个小球（可视为质点）小球以O为圆心在竖直平面内做圆周运动，且能通过最高点，g为重力加速度下列说法正确的是A小球通过最高点时速度可能小于B小球通过最高点时所受轻杆的作用力不可能为零C小球通过最高点时所受轻杆的作用力随小球速度的增大而增大D小球通过最高点时所受轻杆的作用力随小球速度的增大而减小【答案】A【解

4、析】小球在最高点时，杆对球可以表现为支持力，由牛顿第二定律得：mg-F=m，则得v，故A正确。当小球速度为时，由重力提供向心力，杆的作用力为零，故B错误。杆子在最高点可以表现为拉力，此时根据牛顿第二定律有mgF=m，则知v越大，F越大，即随小球速度的增大，杆的拉力增大。小球通过最高点时杆对球的作用力也可以表现为支持力，当表现为支持力时，有mg-F=m，则知v越大，F越小，即随小球速度的增大，杆的支持力减小，故CD错误。故选A。年，法拉第在一次会议上展示了他发明的圆盘发电机（图甲）。它是利用电磁感应原理制成的，是人类历史上第一台发电机。图乙是这个圆盘发电机的示意图:铜盘安装在水平的铜轴上，它的边

5、缘正好在两磁极之间，两块铜片C、D分别与转动轴和铜盘的边缘良好接触。使铜盘转动，电阻R中就有电流通过。若所加磁场为匀强磁场，回路的总电阻恒定，从左往右看，铜盘沿顺时针方向匀速转动，CRD平面与铜盘平面垂直，下列说法正确的是中没有电流流过的电势C保持铜盘不动，磁场变为方向垂直于铜盘的交变磁场，则铜盘中有电流产生D保持铜盘不动，磁场变为方向垂直于铜盘的交变磁场，则CRD回路中有电流产生【答案】C【解析】试题分析：根据右手定则可知，电流从D点流出，流向C点，因此电流方向为从C向D，由于圆盘在切割磁感线，相当于电源，所以D处的电势比C处高，AB错误；保持铜盘不动，磁场变为方向垂直于铜盘的交变磁场，则穿

6、过铜盘的磁通量发生变化，故有感应电流产生，但是此时不再切割磁感线，所以CD不能当成电源，故CRD回路中没有电流产生，C正确D错误；考点：考查了法拉第电磁感应定律5如图所示，三根长为L的直导线的某一竖直截面在空间构成等边三角形，导线中通有垂直纸面向外的电流，电流大小均为I，其中导线A、B中通过的电流在导线C处产生的磁感应强度的大小均为B0，导线C在水平面上处于静止状态导线C受到的静摩擦力A大小为，方向水平向左B大小为，方向水平向右C大小为，方向水平向右D大小为，方向水平向左【答案】C【解析】A、B电流在C处产生的磁感应强度的大小分别为B0，根据力的平行四边形定则，结合几何的菱形关系，则有：BC=

7、B0；再由左手定则可知，安培力方向水平向左，大小为：FA=B0IL；由于导线C位于水平面处于静止状态，所以导线C受到的静摩擦力大小为B0IL，方向水平向右；故选C。6如图所示，理想变压器的原线圈接在u=220sin100t（V）的交流电源上，副线圈接有R=55的负载电阻，原、副线圈匝数之比为2：1，电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是A原线圈的输入功率为B电流表的读数为1AC电压表的读数为【答案】B【分析】根据原线圈中交流电的表达式，可知原线圈电压的有效值和交流电的周期，由变压器原理可得副线圈上的电压和电流，根据理想变压器2A1A1A1mBdv11V，感应电动势的有效值，导体棒在两导轨

8、间的电阻为10，电流表的示数，故A正确；电压表的示数为电阻R两端的电压UIR10，故B正确；导体棒运动到图示虚线位置时，导体棒不切割磁感线，感应电动势瞬时值为0，导体棒的瞬时电流为0，故C错误；导体棒上消耗的热功率为g=ma，上升过程速度v减小，安培力减小，加速度减小，物体做加速度减小的减速运动，故B正确；根据楞次定律，线框进入磁场过程中，磁通量增加，据增反减同知感应电流方向为逆时针方向，故C正确；线框产生的焦耳热等于克服安培力做功，根据动能定理知，对应同一位置，上升过程速率大于下降过程速率，上升过程安培力大于下降过程安培力，上升和和下降过程位移相等，上升过程中线框产生的热量大于下降过程中线框

9、产生热量，故D正确。故选BCD。三、填空题12热敏电阻常用于温度控制或过热保护装置中如图为某种热敏电阻和金属热电阻的阻值R随t变化的图像由图可知，这种热敏电阻在温度上升时导电能力_选填“增强”或“减弱”；相对金属热电阻而言，热敏电阻对温度变化的响应更_选填“敏感”或“不敏感”【答案】1增强2敏感【解析】图中横轴表示温度，纵轴表示电阻，随着温度的增加，金属热电阻的阻值略微增大，而热敏电阻的阻值显著减小，所以这种热敏电阻在温度上升时导电能力增强，相对金属热电阻而言，热敏电阻对温度变化的影响更敏感；13在“用油膜法估测分子的大小”实验中，用amL的纯油酸配制成bmL的油酸酒精溶液，再用滴管取1mL油

10、酸酒精溶液，让其自然滴出，共n滴现在让其中一滴落到盛水的浅盘内，待油膜充分展开后，测得油膜的面积为Scm2，则：（1）估算油酸分子的直径大小是_cm（2）用油膜法测出油酸分子的直径后，要测定阿伏加德罗常数，还需要知道油滴的_A摩尔质量B摩尔体积C质量D体积【答案】12B【解析】试题分析：（1）由题先得到油酸酒精溶液的浓度，求出一滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积，由于形成单分子油膜，油膜的厚度等于分子直径，由求解分子直径的大小（2）阿伏加德罗常数等于油酸的摩尔体积除以一个分子的体积，列式分析，确定需要知道什么物理量（1）据题得：油酸酒精溶液的浓度为，一滴酸酒精溶液的体积为，一滴油酸酒精溶液中纯油酸的

11、体积为，则油酸分子的直径为（2）设一个油酸分子的体积为，则，由可知，要测定阿伏加德罗常数，还需要知道油滴的摩尔体积，B正确四、实验题探究题14（1）描绘平抛运动轨迹的实验装置示意如图。为了保证实验准确，在实验过程中必须采取下列哪些步骤_（多选）A斜槽末端的切线必须水平B人射小球每次应从斜槽上的同一位置由静止开始释放C在斜槽末端悬挂重锤以确定竖直方向D固定白纸的木板可以倾斜放置（2）上图曲线是某位同学描绘出的小球做平抛运动的轨迹，图中坐标纸上的小方格每边长均为5cm，取重力加速度大小g=10m/s2，则小球做平抛运动的初速度为_m/【答案】1ABC2【解析】【详解】（1）为了保证小球的初速度水平

12、，斜槽末端需切线水平，故A正确。为了保证小球每次平抛运动的初速度大小相等，每次让小球从斜槽的同一位置由静止滚下，故B正确。实验时需在斜槽末端悬挂重锤以确定竖直方向，故C正确。小球平抛运动的轨迹在竖直平面内，则固定白纸的木板需竖直，故D错误。故选ABC。（2）当竖直位移4L时，水平位移为6L，根据4L=gt2得，平抛运动的时间，则初速度。五、计算题15汽车试车场中有一个检测汽车在极限状态下的车速的试车道，试车道呈锥面漏斗状，侧面图如图所示。测试的汽车质量m1t，车道转弯半径r150 m，路面倾斜角45，路面与车胎的动摩擦因数为，设路面与车胎的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s2，求：1

13、若汽车恰好不受路面摩擦力，则其速度应为多大2汽车在该车道上所能允许的最小车速。【答案】1v38.7 m/s。2vmin30 m/s。【解析】试题分析：（1）汽车恰好不受路面摩擦力时，由重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求解速度；（2）当车道对车的摩擦力沿车道向上且等于最大静摩擦力时，车速最小，根据牛顿第二定律求解最小速度解：汽车恰好不受路面摩擦力时，由重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律得：，解得：；2当车道对车的摩擦力沿车道向上且等于最大静摩擦力时，车速最小，根据牛顿第二定律得：解得：点晴：熟记摩擦力公式和向心力公式是解决本题的关键，分析向心力是由哪些力提供的通常这样找

14、向心力：沿半径方向的所有力的合力提供该物体做圆周运动的向心力。161如图所示，两根足够长的平行导轨，间距L0.3 m，在导轨间有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B1一根直金属杆MN以v2 m/s的速度向右匀速运动，杆MN始终与导轨垂直且接触良好杆MN的电阻r11，导轨的电阻可忽略求杆MN中产生的感应电动势E12如图乙所示，一个匝数n100的圆形线圈，面积S10.4 m2，电阻r220.3 m2垂直线圈平面指向纸外的匀强磁场区域，磁感应强度B2随时间t变化的关系如图丙所示求圆形线圈中产生的感应电动势E23有一个R2的电阻，将其两端分别与图甲中的导轨和图乙中的圆形线圈相连接，b端接地试判断以上

15、两种情况中，哪种情况a端的电势较高求这种情况中a端的电势a【答案】（1）V（2）V（3）当电阻R与题图甲中的导轨相连接时，a端的电势较高V【解析】【详解】1杆MN做切割磁感线的运动，根据法拉第电磁感应定律：E1=B1Lv代入数据得产生的感应电动势：E1=；2穿过圆形线圈的磁通量发生变化：代入数据得产生的感应电动势：E2=；3根据右手定则，可知，图甲a是正极，而由楞次定律可知，图乙中b是正极，因此当电阻R与图甲中的导轨相连接时，a端的电势较高，通过电阻R的电流：电阻R两端的电势差：a-b=IR得a端的电势：。17如图所示，右端开口、横截面积为S的绝热圆柱形汽缸水平放置在地面上，汽缸左边有加热装置，内部被质量为m的绝热活塞A和质量也为m、导热性能良好的活塞B分成长度相等的三个部分，两活塞厚度均不计且与汽缸接触良好。汽缸左边两部分分别封闭有理想气体2L，带电荷量为e。（1）电子源S发射的电子速度达到多大时界面MN上将有电子逸出（2）若电子源S发射的电子速度大小均为，则在界面MN上多宽范围内有电子逸出（3）若电子速度大小为，则逸出的电子数占总发射电子数的比例为多少【答案】（1）；（2）（）L；（3）。【解析】【详解】（1）临界图如下：由洛伦兹力提供向心