河北省秦皇岛市青龙2021-2022学年中考物理押题试卷含解析及点睛

1、2021-2022学年中考物理模似试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单选题（本大题共10小题，共30分）1下列情境的做法中，目的是为了减小摩擦的是A足球守门员戴着防滑手套B打羽毛球时手握紧球拍C给自行车的车轴加润滑油D运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹2工人用图示装置在10s内将重为450N的货物匀速提升2m，拉力的功率为120W.关于此过程，下列

2、说法正确的是A做的有用功是2700JB绳子自由端移动的距离是8mC滑轮组的机械效率是75%D工人用的拉力大小为150N3在太阳系中，地球属于A恒星B卫星C行星D彗星4“五一”劳动节，小华一家自驾游新宁崀山在小车行驶过程中，小华觉得自己是静止的，他选取的参照物是（ ）A小车的车厢B对面驶来的小车C路旁的小树D沿途的建筑物5下列关于信息与能源的说法，不正确的是A固定电话、手机、广播和电视都是利用导线中的电流传递信息B超导体不能够做电饭锅的电阻丝C声、光和电磁波都能够传递信息D红外线和可见光在真空中传播速度相同6如图所示，中国科技馆的“探索与发现A厅”中有一个“电磁感应摆”，甲、乙两线圈分别被悬挂在

3、两个蹄形磁体的磁场中，两线圈通过导线连接在一起并构成一个闭合的回路，用手使甲线圈在磁场中摆动时，乙线圈也会随之摆动起来关于此现象，下列说法中正确的是（ ）A根据甲线圈摆动的原理可以制成电动机B乙线圈摆动的过程中电能转化为机械能C甲线圈相当于用电器，乙线圈相当于电源D若使乙线圈摆动，则甲线圈中不会有电流7在如图所示的电路中，闭合开关S，灯L不亮，电压表有示数，若电路故障在灯L或电阻R上某一处，对于故障的分析，下列判断不正确的是A故障可能是灯泡L短路或电阻R断路B用导线试触（短时连接）电阻R两端，根据灯的亮暗可以检测出故障原因C在电路中再串联一个电流表，根据电流表有无示数可以检测出故障原因D在L两

4、端再并联一个电压表，根据电压表有无示数可以检测出故障原因8手机无线充电方便了人们的生活，其中电磁感应无线充电是应用最多的无线充电方案。如图所示，它的原理是送电线圈通过一定频率的交流电，线圈的周围形成交变的磁场，通过电磁感应在受电线圈中产生一定的感应电流，从而将能量从发射端转移到接收端。下列选项中和受电线圈工作原理相同的是（）A扬声器 B.电磁继电器 C.动圈式话筒 D.电动机9初温相同，质量相同的铝块和铜块放出相同的热量（c铝c铜），相互接触后，则A内能由铜转移给铝B内能由铝转移给铜C不发生热传递D无法判断10如图所示是电阻甲和乙的IU图像，下列说法正确的是( )A电阻乙为定值电阻B当电阻甲两

5、端电压为2 V时，R甲0.4 C如图2所示，当开关S闭合，电路电流为0.2 A时，电路总电阻是15 D如图3所示，当开关S闭合，电源电压为2 V时，电路总电流为0.4 A二、多选题（本大题共3小题，共12分）11为了防止中考考试作弊，监考人员利用手持式金属探测器对考生进行检查（如图所示），当靠近金属物体时，在金属导体中就会产生涡流电流，探测器发出警报以下选项中也是利用该原理工作的是A动圈式话筒B扬声器C发电机D电压表12如图电源电压恒定，闭合开关S，滑片从左端移动到右端的过程中，电流表示数由变到，电压表示数变化量的绝对值，则下列说法正确的是（ ）A电阻的阻值为B电阻的功率变化量为C整个电路的功

6、率变化范围为D电源电压变13如图所示，为了解白纸和黑纸的吸热性能，小明将质量都是1kg、初温相同的水分别倒入两个完全相同的瓶中，再用大小、形状和厚薄相同的白纸和黑纸将瓶包起来，然后将两个瓶子放在太阳光下在30min内，小明每隔3min测一次水的温度，记录在下面的表格中根据小明的实验和记录可知水的比热容c4.2103J/（kg） 日照时间t/min036912151821242730白纸瓶水温t1/2324252526272728292930黑纸瓶水温t2/2325262728293031323334A白纸的吸热性能好于黑纸B黑纸的吸热性能好于白纸C30min内，白纸瓶中的水内能增加了1.261

7、05JD30min内，黑纸瓶中的水内能增加了4.62104J三、填空题（本大题共5小题，共10分）14小明在家中用煤气灶将初温为20，质量为2kg的一壶水加热到80，这是通过_的方式使水的内能_如果煤气完全燃烧放出的热量只有60%被水吸收，则至少需要燃烧_kg的煤气 水的比热容为4.2103J/(kg)，煤气的热值为4.2107J/kg。15某同学用如图所示的实验装置比较不同物质的比热容。将分别盛有质量相同的水和色拉油的两个试管固定在铁架台上，温度传感器的探头与水和色拉油良好接触，两只温度传感器通过数据采集线与计算机相连，打开红外加热器开关后，在计算机上可以得到相应的实验图线。（1）实验结果表

8、明：不同物质，在_、_时，吸收的热量不同。（2）打开红外加热器开关一段时间后，发现初温均为的水和色拉油的温度分别升至和，色拉油的比热容为_。16小明家的电能表如图所示，如果家中只开一台标有“220V 1000W”的电饭煲时发现2min内电能表的表盘转过81r，则他家的实际电压为_V。17如图1所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V闭合开关S后，当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的IU关系图象如图2所示则小灯泡的额定功率为_W，电源电压为_V，滑动变阻器的最大阻值为_18如图所示为用已经调节好的天平称量物体的质量，根据图示读出此时烧杯和水的质量为_四、计算题（本大题共3小题，共

9、29分）19燃气灶烧水时，把质量为2kg、初温为20的水加热到100，共燃烧了0.02kg天然气（假设天然气完全燃烧）已知水的比热容为4.2103J/（kg.），天然气的热值为8.4l07J/kg,求：水吸收的热量；（2）天然气完全燃烧放出的热量；（3）燃气灶烧水时的效率20自动饮水机已经普遍用于车站、学校等公共场所，它的简化电路图如图所示， 电热丝电阻分别为R1、R2，请根据说明书提供的信息计算（水的密度水=1103kg/m3，水的比热容C水=4.2103J/kg）饮水机参数热水温度：90 热胆容积：2 L额定功率：1000 W保温功率：40 W额定电压：220 V频率：50 Hz如果饮水机

10、处在“加热”状态正常工作时，电热丝所产生的热量有80%被水吸收，饮水机的热胆装满水，水温由20加热到90，需用多长时间？_开关S1断开时，饮水机处于_状态（填“加热”或“保温”）电阻丝R1的阻值_21如图所示，某施工队利用滑轮组从水中提取物体，上升过程中物体始终不接触水底已知物体质量为4t，体积为1m1物体完全浸没在水中时，求物体所受浮力的大小；物体下表面与水面距离为1m时，求物体下表面所受水的压强；若不计动滑轮的自重、绳重和摩擦，当浸没在水中的物体被匀速提升时，求电动机对绳子的拉力；物体离开水面后，在电动机作用下匀速上升，若电动机功率为9kW、对绳子的拉力为1.5104N，求物体上升的速度和

11、滑轮组的机械效率（机械效率精确到0.1%）五、作图题（本大题共2小题，共4分）22请根据要求作图如图所示，请根据小磁针静止时的指向，标出通电螺线管的N，S极，磁感线方向以及电源的正、负极23一根绳子系着一个泡沫小球，悬挂在一个带电体A右边，小球静止时与带电体A等高且不接触请画出小球受力示意图六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24小华兴趣小组再探有关杠杆平衡的问题(1)如a图所示，实验前应将_向_调节，使杠杆水平平衡(2)杠杆水平平衡后，在左右两侧各挂如图b所示的钩码后，杠杆的_端下降，要使杠杆重新在水平位置平衡，如果不改变钩码总数和悬挂点位置，只需将_即可(3)如图c所示，小华在A点施

12、加一个始终水平向右的拉力F，缓缓将杠杆拉至图示位置，此过程中拉力F_(选填“变大”“不变”或“变小”)小华继续实验，却发现无论用多大的力都不能将杠杆拉至水平位置平衡你认为原因是_25在探究“电压一定时，电流跟电阻的关系”的实验中，设计电路图如图甲所示。请根据图甲电路图用笔画线代替导线将答题卡中图示实物连接成完整电路（导线不允许交叉）；在图乙中，闭合开关前滑动变阻器的滑片应移到_（选填“A”或“B”）端；连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压。造成这一现象的原因可能是_A电流表坏了B滑动变阻器短路 C电阻处接触不良D电阻短路排除电路故障进行实验

13、，多次改变R的阻值，并调节滑动变阻器，使电压示数保持不变，实验数据记录如下表。其中第5次实验电流表示数如图丙所示，其读数为_；实验次数12345电阻R/510152025电流I/A0.60.30.20.15（5）分析实验数据可得实验结论：_；本实验采用的方法是控制变量法，在探究“焦耳定律“的实验时也采用了这个方法，即：在探究电流通过导体产生的热量与通电时间的关系时，就应该控制_ 和电流不变。26某学校课外科技兴趣小组在物理老师的指导下设计了一个实验装置如图所示，用来探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”，它是由电源、滑动变阻器、开关、带铁芯的螺线管（线圈电阻忽略不计）和自制的针式刻度板组成，通过观察

14、指针偏转角度的大小，来判断电磁铁磁性的强弱用竹片削制的指针下方加装固定一物体E，导线a与接线柱2相连制定计划与设计实验（1）为了使指针在受磁场力的作用在能绕O点转动，需在E处加装_（选填“铜块”、“铝块”或“铁块”），加装物体后，为了确保指针能正确指示且具有一定的灵敏度，老师在O点转轴处涂抹润滑油，目的是_，使指针转动更灵活（2）按图所示连接好电路，闭合开关调节变阻器滑片P到某一位置，记下此时指针偏转的角度，保持滑片P位置不变，导线a改为与接线柱1相连，可以探究电磁铁磁性强弱与_的关系；保持接线方式不变，移动变阻器滑片P，可以探究电磁铁磁性强弱与_的关系；进行实验与收集证据（3）保持滑片P位置

15、不变，导线a改为与接线柱1相连时，闭合开关后，指针偏转的角度将会_；当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，指针偏转的角度将会_（选填“增大”、“不变”或“减小”）；评估交流（4）细心观察的小锋同学发现在实验过程中该自制装置的指针均向右偏转，只是偏转角度不同，该同学向老师提出能否让指针向左偏转，老师马上将一块小磁铁换装在如图的E处，且让磁铁的右端为_极，闭合开关后，同学们发现指针果然向左偏转（6）你认为该装置中指针的偏转角度大小可能还与_有关（写出一个即可）参考答案一、单选题（本大题共10小题，共30分）1、C【解析】A足球守门员戴着防滑手套，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故不符合

16、题意；B打羽毛球时手握紧球拍，是通过增大压力的方法来增大摩擦，故不符合题意；C车轮轴承加滑油是通过减小接触面的粗糙程度，即使接触面变得光滑，来减小摩擦，故符合题意；D运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故不符合题意2、C【解析】A、有用功：W有=Gh=450N2m=900J，故A错误； B、滑轮组的动滑轮绕3段绳，绳子自由端移动的距离s=3h=32m=6m，故B错误；C、总功：W总=Pt=120W10s=1200J，滑轮组的机械效率=75%，故C正确；D、工人用的拉力大小为：F=200N，故D错误3、C【解析】地球不能发光，围绕太阳这颗恒星运行，所

17、以地球是行星故选C.4、A【解析】A小华相对于小车的车厢，位置没有变化，是静止的，故A符合题意；B小华小明相对于对面驶来的小车，位置不断变化，是运动的，故B不符合题意；C小华相对于公路两旁的树木，位置不断变化，是运动的，故C不符合题意；D小华相对于沿途的建筑物，位置不断变化，是运动的，故D不符合题意；故选A。5、A【解析】A、固定电话传递的声音信息是由导线中的信号电流来实现的，移动电话和基地台之间的通信是无线通信，它们通过电磁波进行传输，故A错误； B、利用超导材料不可以制成电饭锅的电阻丝，故B正确； C、光是电磁波，传播速度与电磁波相同，声波、光波和电磁波都能够传递信息，故C正确； D、红外

18、线和可见光属于电磁波，电磁波在真空中的传播速度相同，故D正确6、B【解析】A. 由题意知，甲线圈摆动的过程做切割磁感线运动，闭合的回路中有感应电流产生，所以是机械能转化为电能，故根据甲线圈摆动的原理可以制成发电机，故A错误；B. 乙线圈摆动的原理是通电导体在磁场中受力，是电动机的原理，所以乙线圈摆动的过程中电能转化为机械能，故B正确；C. 由题目分析可知，甲线圈中产生了感应电流，则甲线圈相当于电源，乙线圈相当于用电器，故C错误；D. 若使乙线圈摆动，则乙线圈相当于电源，甲线圈相当于电动机，所以甲线圈中会有电流，故D错误7、D【解析】A灯泡L短路时，灯泡不亮，电压表测电源两端的电压有示数；电阻R

19、断路时，电路断路无电流，灯泡不亮，电压表串联在电路中测电源两端的电压有示数，故A正确；B用导线试触（短时连接）电阻R两端，灯泡亮说明R断路，灯泡不亮说明灯泡L短路，故B正确；C在电路中再串联一个电流表，若电流表有示数说明灯泡短路，若电流表无示数电阻R断路，故C正确；D在L两端并联一个电压表，无论L短路，还是R断路，电压表都没有示数，故D错误8、C【解析】A、扬声器是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，故A错误；B、电磁继电器利用的是电流的磁效应，故B错误；C、动圈式话筒是利用电磁感应原理将声音信号转化为电信号的装置，故C正确；D、电动机利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，故D错误。

20、故选：C。点睛：无线充电器是指利用电磁感应原理进行充电的设备，原理类似于变压器。在发送和接收端各有一个线圈，发送端线圈连接有线电源产生电磁信号，接收端线圈感应发送端的电磁信号从而产生电流给电池充电；分析各图中实验原理分析解答。9、B【解析】因为C铝C铜，由可知初温相同，质量相同的铝块和铜块放出相同的热量后，铝的温度比铜高，所以内能将由铝转移给铜；故选B10、C【解析】A由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化，故A不正确；B由图象可知，当甲两端电压为2V时，通过的电流为1.4A，根据欧姆定律可得:，故B不正确；C如图2所示，甲和乙串联，通过两电阻

21、的电流相等，当电路电流为1.2A时，由图象可知，U甲=1V，U乙=2V，根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，电源的电压:U=U甲+U乙=1V+2V=3V，根据欧姆定律可得:，故C正确；D如图3所示，甲、乙并联，两电阻两端的电压相等，当电源电压为2V时，由图象可知，I甲=1.4A，I乙=1.2A，根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流:I=I甲+I乙=1.4A+12A=1.6A，故D不正确二、多选题（本大题共3小题，共12分）11、AC【解析】电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象【详解】探测器是

22、将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，利用电磁感应现象；A、动圈式话筒是利用电磁感应原理工作的，故A符合题意；B、扬声器是利用通电线圈在磁场中受力的作用而制成的，故B不符合题意；C、发电机是利用电磁感应原理制成的，故C符合题意；D、电压表是利用通电线圈在磁场中受力的作用而工作的，故D不符合题意故选AC12、BC【解析】（1）闭合开关S，电流表测电路中电流，V测R2两端电压，滑片P在左端时，电路为R1的简单电路，滑片P在右端时，R1、R2串联，由于滑片P在左端时，电压表V示数为零，则滑片P在右端时电压表V测R2两端电压，所以，电压表示数变化量为R1、R2串联

23、时R2两端电压；据此即可利用欧姆定律求出R2的阻值；（2）根据串联电路特点和欧姆定律先得出电源电压的表达式；然后解得电源电压；（3）利用P=I2R求出R1的功率变化量；（4）利用P=UI求出总功率变化范围【详解】（1）闭合开关S，滑片P在左端时，电路为R1的简单电路，则电路中电流为I1，电压表V示数为零，滑片P在右端时，R1、R2串联，则电路中电流为I2，电压表V测R2两端电压，所以电压表示数变化量为R2两端电压，即U2=U；根据欧姆定律可得电阻，故A错误；（2）根据串联电路特点和欧姆定律得：滑片P在左端时，电源电压U=I1R1-滑片P在右端时，电源电压U=I2R1+U2=I2R1+U-解得：

24、，电源电压，故D错误；（3）R1的功率变化量，故B正确；（4）滑片P在左端时，滑片P在右端时，所以总功率变化范围为-，故C正确故选BC13、BD【解析】由题知，两瓶内水的质量相同、初温相同，Q吸cmt，在相同的时间内（30min），白纸瓶水温升高的少，水吸热少，黑纸的吸热性能好于白纸，故A错、B正确白纸瓶中的水吸热：Q吸cm（t1t0）1kg4.2103J/（kg）（3023）2.94104J，故C错；黑纸瓶中的水吸热：Q吸cm（t2t0）1kg4.2103J/（kg）（3423）4.62104J，故D正确三、填空题（本大题共5小题，共10分）14、热传递 增加 0.02 【解析】用煤气灶加热

25、使水的温度升高，内能增加，这是热传递的方式改变内能的；初温为20，质量为2kg的一壶水加热到80，吸收的热量为：；煤气完全燃烧放出的热量只有60%被水吸收，则煤气燃烧放出的热量为：；需要燃烧煤气的质量为：点睛：重点是吸热公式和热值公式的应用，注意公式应用时单位要统一，特别是热值公式应用时，有时要用到体积，有进要用到质量，要统一单位后再计算15、质量相同 升高温度相同 【解析】（1）实验结果表明：不同物质，在质量相同、升高温度相同时，吸收的热量不同；（2）加热一段时间，根据转换法，吸热相同；水升高的温度为：351520；色拉油升高的温度为：571542；根据，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升

26、高的温度成反比，故色拉油的比热容：。16、198【解析】由“3000r/（kWh）”可知电路中每消耗1kWh的电能，电能表转盘转3000r。当电能表转盘转过81r时，电饭煲消耗的电能：W=813000kWh=0.02717、24 12 9 【解析】由图象可知，在灯泡两端电压为U额12V时，通过的电流为I额2A，所以灯泡的额定功率为P额U额I额12V2A24W；当滑片位于最左端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，此时灯泡两端电压等于电源电压，所以电源电压为UU额12V；当滑片在最右端时，滑动变阻器全部接入电路，由图象可知，此时灯泡两端电压为UL3V，电路电流为I1A，所以滑动变阻器两端电压为URU

27、-UL12V-3V9V，滑动变阻器的最大阻值为R918、82.4g【解析】由图知道，砝码的质量是50g+20g+10g=80g，游码在标尺上对应的刻度是2.4g，所以，烧杯和水的质量是：80g+2.4g=82.4g四、计算题（本大题共3小题，共29分）19、 (1)1.344106 J(2)3.36106 J(3)40%【解析】试题分析：（1）水吸收的热量：Q吸=c水 m（t-t0）=4.2103J/（kg）2kg（10-20）=6.72105J；（2）天然气完全燃烧放热：Q放=Vq=8.4107J/kg 0.02kg =1.68106J，（3）燃气灶烧水的效率：=Q吸/Q放100%=6.72

28、105J/1.68106J100%=40%考点：热量的计算；能量利用效率；燃料的热值20、735s 保温 1161.6 【解析】（1）设所需时间为t，热胆内水的质量为：m=V=1103kg/m3210-3m3=2kg由得： （2）因为断开S1时，电路中的电阻最大，电流最小，总电压不变，由P=UI知，功率最小，为保温状态。（3）S1断开时，饮水机处于保温状态，则 同理可得：R2=48.4根据串联电路电阻关系可得：R1=R总-R2=1161.6。21、（1）1104N；（2）1104Pa；（1）1104N；（4）88.9%【解析】（1）物体完全浸没在水中，V排V物，物体受到的浮力：F浮G排水V排g

29、1.0101kg/m11m110N/kg1104N；（2）物体下表面所受的压强：p水gh1.0101kg/m110N/kg1m1104Pa；（1）物体的质量：m4t4101kg，物体的重力：Gmg4101kg10N/kg4104N；物体被匀速提升时，受力平衡，动滑轮对物体的拉力：F1GF浮4104N1104N1104N，由图可知n1，则电动机对绳子的拉力：F21104N；（4）由PFv得，电动机拉动绳子的速度为：vM0.6m/s，物体上升的速度为：vvM0.6m/s0.2m/s，滑轮组的机械效率为：100%88.9%【点睛】（1）V排V物，物体受到的浮力：F浮G排水V排g；（2）物体下表面所受

30、的压强：p水gh；（1）物体被匀速提升时，受力平衡，动滑轮对物体的拉力：F1GF浮，电动机对绳子的拉力：F2；（4）由PFv求电动机拉动绳子的速度，物体上升的速度为：vvM，据求滑轮组的机械效率五、作图题（本大题共2小题，共4分）22、【解析】试题分析：小磁针的右端为N极，自由静止时靠近螺线管的左端，所以螺线管的左端为S极，右端为N极，在磁体的周围，磁感线从磁体的N极流出回到S极，所以磁感线的方向是向左的利用螺线管的右端为N极和线圈的绕向，根据安培定则可以确定电流从螺线管的右端流入左端流出，从而可以确定电源的右端为正极，左端为负极答案如上图所示【考点定位】安培定则23、如下图所示【解析】试题分

31、析：由图示可在，小球与A球是相互吸引的，A球对小球有一个向左的吸引力，小球还受到竖直向下的重力和沿绳子向上的拉力三个力的作用，如上图所示【考点定位】力的示意图六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24、平衡螺母 右 右 右边取下一只钩码挂在左边钩码下 变大 处于水平位置时F的力臂为0，杠杆不能平衡 【解析】（1）由a图知道，杠杆的左端低，说明杠杆的重心在支点的左侧，所以应该将杠杆平衡螺母向右调节，使杠杆在水平位置平衡；（2）设每个钩码重为G，杠杆上每格长L，由图b知道 ，左侧力与力臂的乘积是：2G4L=8GL，右侧力与力臂的乘积是： 5G3L=15G L，由于15GL8GL，所以杠杆右侧下降；如果不改变钩码总数和悬挂点位置，而要杠杆平衡，设从右侧取下n个钩码挂到左侧，则：（5-n）G3L=（2+n）G4L，解得：n=1，即需将右侧1个钩码挂到左侧即可；（3）在A点施加一个始终水平向右的拉力F，缓缓将杠杆拉至图示位置，此过程中砝码的拉力与力臂的乘