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文档简介
1、2021-2022学年湖南省邵阳市焦家垅中学高三数学文期末试题含解析一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1. 设实数x,y满足,则的取值范围是()ABCD参考答案:DB【考点】简单线性规划【分析】作出不等式组对应的平面区域,利用两点间的斜率公式,利用数形结合即可得到结论【解答】解:作出不等式组对应的平面区域如图:设z=,则z的几何意义为区域内的点到定点D(3,1)的斜率,由图象知,AD的斜率最大,BD的斜率最小,由得,即A(2,6),由得,即B(2,0),即AD的斜率k=,BD的斜率k=,故z的取值范围是,故选:D2. 已知是
2、上的减函数,那么的取值范围是 ( ) A B C D参考答案:C略3. i为虚数单位, A1 B Ci D 参考答案:B4. 若空间几何体的三视图如图所示,则该几何体的外接球的体积为A B C D 参考答案:C5. 某学校的课外数学小组有8个男生和6个女生,要从她们中挑选4个组成代表队去参加比赛,则代表队包含男女各2人的概率为 ( ) A B C D 参考答案:C6. 运行如图所示的程序,则运行后输出的结果为( )A7B9C10D11参考答案:C考点:程序框图 专题:算法和程序框图分析:由已知中的程序算法可知:该程序的功能是利用循环结构计算并输出变量i的值,模拟程序的运行过程,分析循环中各变量
3、值的变化情况,可得答案解答:解:第1次执行循环体后,i=1,S=lg,不满足S1,继续执行循环体;第2次执行循环体后,i=2,S=lg,不满足S1,继续执行循环体;第3次执行循环体后,i=3,S=lg,不满足S1,继续执行循环体;第4次执行循环体后,i=4,S=lg,不满足S1,继续执行循环体;第5次执行循环体后,i=5,S=lg,不满足S1,继续执行循环体;第6次执行循环体后,i=6,S=lg,不满足S1,继续执行循环体;第7次执行循环体后,i=7,S=lg,不满足S1,继续执行循环体;第8次执行循环体后,i=8,S=lg,不满足S1,继续执行循环体;第9次执行循环体后,i=9,S=lg,不
4、满足S1,继续执行循环体;第10次执行循环体后,i=10,S=lg,满足S1,故输出的i值为10,故选:C点评:本题考查了程序框图的应用问题,解题时应模拟程序框图的运行过程,以便得出正确的结论,是基础题7. (08年全国卷理)设曲线在点处的切线与直线垂直,则( )A2 B C D参考答案:【解析】D. ,8. 已知等比数列的公比为正数,且,则=( )A B C D2参考答案:B9. 若某几何体的三视图(单位:cm)如图所示,则该几何体的体积等于()A10cm3B20cm3C30cm3D40cm3参考答案:B【考点】由三视图求面积、体积【专题】计算题;空间位置关系与距离【分析】由三视图知几何体为
5、直三削去一个三棱锥,画出其直观图,根据棱柱的高为5;底面为直角三角形,直角三角形的直角边长分别为3、4,计算三棱柱与三棱锥的体积,再求差可得答案【解答】解:由三视图知几何体为三棱柱削去一个三棱锥如图:棱柱的高为5;底面为直角三角形,直角三角形的直角边长分别为3、4,几何体的体积V=345345=20(cm3)故选B【点评】本题考查了由三视图求几何体的体积,解题的关键是判断几何体的形状及数据所对应的几何量10. 某三棱锥的三视图如上右图所示,该三棱锥的体积是( )A. B. C. D.参考答案:B二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11. 已知实数x,y满足,则的取值范围为_参考答
6、案:【分析】先作出不等式组对应的可行域,再利用数形结合分析得到的取值范围.【详解】作出不等式组对应的可行域,如图所示,联立直线方程联立直线方程表示可行域内的点(x,y)和点P(-3,1)连线的斜率,由图得,当动点在点A时,最小为,当动点在点B时,最大为.故答案为:【点睛】本题主要考查线性规划求最值,考查直线斜率的应用,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力.12. 我国古代数学家祖暅提出的祖暅原理:“活势既同,则积不容异”(“幂”是截面,“势”是几何体的高),意思是两个同高的几何体,若在等高处截面的面积恒相等,则它们的体积相等。己知某半球体与三视图(如图所示)所表示的几何体满足“幂
7、势既同”,则该半球的体积为_参考答案:【分析】根据三视图,判断出几何体为圆柱挖去一个圆锥得到,并由此计算出几何体的体积.【详解】由三视图可知,该几何体是由圆柱挖掉一个圆锥所得,故体积为.所以“幂势既同” 几何体的体积为.【点睛】本小题主要考查三视图求原图几何体的体积,考查中国古代数学文化,属于基础题.13. 已知向量满足,与的夹角为135,向量则向量的模为 .参考答案:略14. 直线与圆(为参数)有公共点,则实数的取值范围是_.参考答案:【知识点】选修4-4 参数与参数方程N3【答案解析】3-3,3+3 直线cos-sin+a=0,即 x-y+a=0,圆(为参数)化为直角坐标方程为 (x+1)
8、2+(y-2)2=9,表示以(-1,2)为圆心、半径等于3的圆由直线和圆相交可得圆心到直线的距离小于或等于半径,即 3,求得3-3a3+3,故答案为:3-3,3+3【思路点拨】把参数方程、极坐标方程化为直角坐标方程,根据圆心到直线的距离小于或等于半径求得实数a的取值范围15. 过点的直线与圆截得的弦长为,则该直线的方程为。参考答案:16. 已知函数f(x)=kx无零点,则实数k的取值范围是 . 参考答案:2,0)【分析】画出函数y=与y=kx的图象,利用函数f(x)=kx无零点,求出实数k的取值范围【解答】解:函数f(x)=kx无零点,也就是=kx没有实数解,在平面直角坐标系中画出:y=与y=
9、kx的图象,如图:函数f(x)=kx无零点,也就是y=与y=kx没有交点由图象可知k2,0)故答案为:2,0)17. 如图所示点是抛物线的焦点,点、分别在抛物线及圆的实线部分上运动,且总是平行于轴,则的周长的取值范围是_.参考答案:略三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18. 已知函数f(x)=lnxxlna,a为常数(1)若函数f(x)有两个零点x1,x2,且x1x2,求a的取值范围;(2)在(1)的条件下,证明:的值随a的值增大而增大参考答案:【考点】利用导数研究函数的单调性【分析】(1)求出函数的定义域,函数的导数,判断函数的单调性,利用函数的零
10、点个数,推出结果(2)x1,x2是f(x)的两个零点,通过lnx1x1=lna,lnx2x2=lna,则,设,利用g(x)在(0,1)上递增,在(1,+)上递减,利用函数g(x)图象与直线y=a都有两个交点横坐标分别为x1,x2,且x1(0,1),x2(1,+),结合函数的图象,利用函数的单调性以及存在性,推出结论【解答】解:(1)f(x)的定义域为(0,+).,由f(x)0得:0 x1;由f(x)0得:x1故f(x)在(0,1)上递增,在(1,+)上递减要使f(x)有两个零点,则f(1)0,解得:(2)x1,x2是f(x)的两个零点,lnx1x1=lna,lnx2x2=lna,则,设,所以g
11、(x)在(0,1)上递增,在(1,+)上递减,故对任意,函数g(x)图象与直线y=a都有两个交点横坐标分别为x1,x2,且x1(0,1),x2(1,+),如下图:任取,设a1a2,则有g(1)=g(2)=a1,0112,g(1)=g(2)=a2,0112,由a1a2得:g(1)g(1),g(x)在(0,1)上递增,11,同理得:22,所以,故的值随a的值增大而增大19. 如图,是的直径, ,为上的点,是的角平分线,过点作交的延长线于,垂足为点.()求证:是的切线;()求证:.参考答案:20. (本小题满分14分)已知平面向量a(1,2sin),b(5cos,3)(1)若ab,求sin2的值;(
12、2)若ab,求tan()的值参考答案:解:(1)因为ab,所以132sin5cos0, 3分即5sin230,所以sin2 6分(2)因为ab,所以15cos2sin30 8分所以tan 10分所以tan() 14分21. 已知函数f(x)=2|x+1|x3|(1)求不等式f(x)5的解集;(2)当x时,关于x的不等式f(x)|2t3|0有解,求实数t的取值范围参考答案:考点:绝对值不等式的解法 专题:不等式的解法及应用分析:(1)化简函数的解析式,把不等式转化为与之等价的3个不等式组,解出每个不等式组的解集,再取并集,即得所求(2)当x时,f(x),由题意可得 5|2t3|0,由此求得t的范围解答:解:(1)f(x)=2|x+1|x3|=,由式f(x)5,可得 ,或 ,或解求得x3,解求得 2x3,解求得 x10故不等式的解集为(2)当x时,f(x),关于x的不等式f(x)|2t3|0有解,5|2t3|0,即52t35,求得1t4,故t的范围为点评:本题主要考查绝对值不等式
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