四川省广元市利州区西城初级中学2023年高二物理月考试卷含解析

1、四川省广元市利州区西城初级中学2023年高二物理月考试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图5所示电路中，电源电动势为E，内阻为r。电感L的电阻不计，电阻R的阻值大于灯泡D的阻值，在t=0时刻闭合开关S，经过一段时间后，在t=t1时刻断开S，下列表示A、B两点间电压UAB随时间t变化的图像中，正确的是 （ ）参考答案：B2. 一简谐振子沿x轴振动，平衡位置在坐标原点t0时刻的位移x0.1 m； s时刻x0.1 m；t4 s时刻x0.1 m该振子的振幅和周期可能为()A0.1 m， s B0.1 m,8 sC0.2 m， s D0.

2、2 m,8 s参考答案：ACD 画出草图，设图中a、b两点为质点振动过程中的最大位移处，若开始质点从N点向右运动，NM历时 s，MbM历时s，则可能T8 s，振幅A0.2 m若开始计时时刻质点从a点向右运动，ab历时s，bab历时 s，则可能Ts，振幅A0.1 m若质点从NaM历时s，从MbaM历时s，则可能T s，振幅A0.2 m，故选项A、C、D正确思路分析：简谐运动由于其周期性和对称性，所以要注意思考的发散性。画出简图，根据图考虑各种情况。试题点评：本题是考查简谐运动过程描述的难度较大的问题，很可能会遗漏某些情况。3. 在“验证机械能守恒定律”实验中，纸带将被释放瞬间的四种情景如照片所示

3、，其中最合适的是（）ABCD参考答案：考点：验证机械能守恒定律.专题：实验题分析：为了纸带有效地使用，重物应紧靠打点计时器，为了减小阻力的影响，纸带应竖直，手抓着纸带的上方解答：解：在验证机械能守恒定律的实验中，实验时，应让重物紧靠打点计时器，手拉着纸带的上方，保持纸带竖直，由静止释放故D正确，A、B、C错误故选：D点评：考查验证机械能守恒定律时，要注意减小一切阻力，只有重力做功，重物机械能才守恒注意重物应紧靠打点计时器4. 某人站在静止于水面的船上，从某时刻开始人从船头走向船尾，设水的阻力不计，那么在这段时间内人和船的运动情况是 ()A人匀速走动，则船匀速后退，且两者的速度大小与它们的质量成

4、反比B人匀加速走动，则船匀加速后退，且两者的速度大小一定相等C不管人如何走动，在任意时刻两者的速度总是方向相反，大小与它们的质量成反比D人走到船尾不再走动，则船停下参考答案：ACD5. （单选）关于冲量、动量与动量变化的下述说法中正确的是（）A物体的动量等于物体所受的冲量 B物体所受外力的冲量大小等于物体动量的变化大小 C物体所受外力的冲量方向与物体动量的变化方向相同 D物体的动量变化方向与物体的动量方向相同 参考答案：D二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 为了测试某种安全阀在外界环境为一个大气压时，所能承受的最大内部压强，某同学自行设计制作了一个简易的测试装置该装置是一个

5、装有电加热器和温度传感器的可密闭容器测试过程可分为如下操作步骤：a记录密闭容器内空气的初始温度t1；b当安全阀开始漏气时，记录容器内空气的温度t2；c用电加热器加热容器内的空气；d将待测安全阀安装在容器盖上；e盖紧装有安全阀的容器盖，将一定量空气密闭在容器内（1）将每一步骤前的字母按正确的操作顺序填写： ； （2）若测得的温度分别为t1=27，t2=87，已知大气压强为1.0105pa，则测试结果是：这个安全阀能承受的最大内部压强是 参考答案：（1）deacb； （2）1.2105Pa【考点】气体的等容变化和等压变化【分析】本实验是为了测试安全阀所能承受的最大内部压强，将待测安全阀安装在容器盖

6、上，将一定量空气密闭在容器内，加热容器内的空气，刚漏气时压强即所能承受的最大内部压强封闭气体发生等容变化，根据查理定律求解安全阀能承受的最大内部压强【解答】解：（1）首先要安装安全阀，则d为第一步； 第二步要保证气体质量一定，则e为第二步 要记录初始封闭气体的温度则a为第三步 加热升温是第四步，则c为第五步 记录刚漏气时温度，则b是第六步故正确的操作顺序为deacb （2）T1=300K，T2=350K，P1=1.0X105Pa根据查理定律得 解得 P2=1.2105Pa故本题答案是：（1）deacb； （2）1.2105Pa7. 已知某交变电流按右图所示的规律变化则这个交变电流的最大值是_A

7、，有效值为_A.参考答案：10 A，A8. 面积为0.02m2的单匝线圈，处于磁感应强度为0.5T的匀强磁场中，线圈平面与磁场平行，穿过线圈的磁通量为 Wb；当线圈转过90o线圈平面与磁场垂直时，穿过线圈的磁通量为 Wb。参考答案：0 0.019. 在电饭煲的电路中，应用了 传感器。参考答案：温度10. 如图所示的图象所对应的两个导体： （1）电阻之比R1R2为_. （2）若两个导体中的电流相等（不为零）时，电压之比U1U2为_. （3）若两个导体的电压相等（不为零）时，电流之比I1I2为_.参考答案：11. 把带电量为q的试探电荷放在电场中的A点时，受到的电场力为F，则A点的电场强度为 ；若

8、改将带电量为2q的试探电荷放在A点，则该试探电荷受到的电场力为 ，此时A点的电场强度为 。参考答案：12. 如图所示，匀强磁场的磁感强度B=01T，矩形线圈的匝数N=100匝，边长=02m，=05m，转动角速度rads，转轴在正中间。则：(1)从图示位置开始计时，该线圈电动势的瞬时表达式： (2)当线圈作成半径为r=的圆形(其它条件不变)，电动势的瞬时表达式： (3)当转轴移动至ab边(其它条件不变)，电动势的瞬时表达式： 参考答案：（1）314cos100t(V )、（2）不变、（3）不变。13. 两个点电荷甲和乙同处在真空中(1)甲的电荷量是乙的电荷量的4倍，则甲对乙的作用力是乙对甲的作用

9、力的_倍(2)若把每个电荷的电荷量都增加为原来的3倍，那么它们之间的相互作用力变为原来的_倍(3)若保持电荷量不变，而将距离增加为原来的4倍，那么它们之间的作用力变为原来的_倍(4)若保持其中一个电荷量不变，而另一个电荷量增加为原来的9倍，为使其相互作用力不变，则它们之间的距离将变为原来的_倍参考答案：解析：由库仑定律Fk即可分析求解答案：(1)1(2)9(3)(4)3三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 图甲为“探究求合力的方法”的实验装置（1）下列说法中正确的是ACA在测量同一组数据F1、F2和合力F的过程中，橡皮条结点O的位置不能变化B弹簧测力计拉细线时，拉力方向必

10、须竖直向下CF1、F2和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程D为减小测量误差，F1、F2方向间夹角应为90（2）弹簧测力计的指针如图乙所示，由图可知拉力的大小为4.00N（3）本实验采用的科学方法是CA理想实验法 B控制变量法 C等效替代法 D建立物理模型法参考答案：解：（1）A、在同一组数据中，只有当橡皮条节点O的位置不发生变化时，两个力的作用效果和一个力的作用效果才相同，才可以验证平行四边形定则，故A正确；B、弹簧测力计拉细线时，方向不一定向下，只有把O点拉到同一位置即可，故B错误；C、F1、F2和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程，故C正确；D、F1、F2方向间夹角不一定为90才能

11、减小误差，故D错误故选：AC（2）由图读出弹簧测力计的最小分度是0.1N，读数时估计到0.01N由图读出拉力的大小为4.00N（3）在本实验中要保证两个弹簧称的拉力与一个弹簧称的拉力效果相同，采用的科学方法是等效替代法，故C正确，ABD错误；故选：C故答案为：（1）AC；（2）4.00；（3）C15. 为了测定一节干电池的电动势和内电阻，现准备了下列器材：待测干电池E（电动势约1.5 V，内阻约为1.0 ）电流表G（满偏电流3.0 mA，内阻为10 ）电流表A（量程00.60 A，内阻约为0.10 ）滑动变阻器R1（020 ，2 A） 滑动变阻器R2（01000 ，1 A）定值电阻R3990

12、开关和导线若干（1）为了能尽量准确地进行测量，也为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器是_（填仪器字母代号）；（2）请在图甲所示的方框中画出实验电路原理图，并注明器材的字母代号；（3）图乙所示为某同学根据正确的电路图做出的I1I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），由该图线可求出被测干电池的电动势E_V，内电阻r_。参考答案：四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，有一磁感强度B=9.110-4T的匀强磁场，C、D为垂直于磁场方向的同一平面内的两点，它们之间的距离L=0.05m，今有一电子在此磁场中运动，它经过C点的速度v的方向和磁场垂直，且与CD之间的夹角=30

13、。（电子的质量m=9.110-31kg，电荷量e=1. 610-19C）（1）若此电子在运动过程中经过D点，则它的速度应是多大？（2）电子从C点到D点所用的时间是多少？参考答案：17. 如图，在水平面上放置着两根相距1m的平行金属导轨，导轨的电阻不计，在导轨的左端有滑动变阻器R、电键S、电源与导轨相连，电源电动势E=10V，内阻r=1导体棒MN长l=1m，质量m=1kg，其电阻不计，与导轨接触良好整个装置处于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.5T现将滑动变阻器R调到4，闭合电键S，导体棒刚好能处于平衡（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2）求：（1）导体棒MN所受的安培力的

14、大小和方向；（2）导体棒MN与导轨的动摩擦因数；（3）若将滑动变阻器R调到1，在刚闭合电键S时导体棒MN的加速度大小参考答案：解：（1）由题意可知MN中的电流大小为： A；电流的方向有M到N，根据左手定则可知，安培力方向水平向左；大小：F=BIL=0.521N=1N（2）安培力与摩擦力大小相等，方向相反，即：f=F又：f=FN=mg得：（3）若将滑动变阻器R调到1，则： AF=BIL=0.551N=2.5N根据牛顿第二定律：Ff=ma所以：答：（1）导体棒MN所受的安培力的大小是2A，方向向左；（2）导体棒MN与导轨的动摩擦因数是0.1；（3）若将滑动变阻器R调到1，在刚闭合电键S时导体棒MN的加速度大小是1.5m/s2【考点】安培力；摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力【分析】（1）根据闭合电路的欧姆定律来计算流过金属棒的电流大小；根据公式F=BIL计算安培力的大小，根据左手定则可以判断匀强磁场的方向；（2）根据摩擦力和安培力相等，可以计算摩擦力的大小，根据f=FN计算摩擦因数；（3）先计算出安培力，然后进行受力分析，结合牛顿第二定律求出刚闭合电键S时导体棒MN的加速度大小18. （计算）如图所示，在x轴上方有磁感应强度为B的匀强磁场，一个质量为m，电荷量为q的粒子，以速度v从O点射入磁场，已知=，粒子重力不计，求：（1）粒子的运动半径，并