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文档简介
1、2021-2022学年浙江省丽水市吴坑中学高三物理期末试题含解析一、 选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 有一理想变压器的原、副线圈的匝数比为10:1,原线圈输入电压的变化规律如图甲所示,副线圈所接电路如图乙所示,P为滑动变阻器的触头。下列说法正确的是( )A副线圈输出电压的有效值为3V B副线圈输出电压的频率为50Hz CP向右移动时,原、副线圈的电流比变小 DP向右移动时,灯泡L变亮参考答案:BD2. 甲、乙两物体同时从同一地点出发,其速度-时间图象如图所示。下列说法正确的是A. 第1s末两物体相遇B. 前2s内两物体的平均速度相同C. 甲、乙两物体
2、运动的加速度相同D. 甲的位移不断减小,乙的位移不断增大参考答案:B【详解】A由图象与时轴所围的面积表示位移可知,甲的位移比乙的位移更大,故A错误;B由图象可知,前2s内两物体的位移相同,所以前2s两物体的平均速度相同,故B正确;C图象的斜率表示加速度,由图象可知,两物体的加速度方向相反,故C错误;D由图象与时轴所围的面积表示位移可知,甲、乙两物体的位移都增大,故D错误。3. 如图所示电路中,电源的电动势为E,内阻为r,各电阻阻值如图所示,当滑动变阻器的滑动触头P从a端滑到b端的过程中,下列说法正确的是( ) A电压表的读数U先减小,后增大 B电流表的读数I先增大,后减小 C电压表读数U与电流
3、表读数I的比值U/I不变 D电压表读数的变化量U与电流表读数的变化量I的比值U/I不变参考答案:D4. (多选)一物体从某一行星表面竖直向上抛出(不计空气阻力)。设抛出时t0,得到物体上升高度随时间变化的ht图象如图所示,则下列说法正确的是A物体上升到最高点的时间为5sB物体上升的最大高度为 25mC该行星表面重力加速度大小8 m/s2D物体被抛出时的初速度大小25 m/s 参考答案:BC试题分析:由图知,物体上升的最大高度为25m,所需时间为2.5s,A错误,B正确;由 ,解得g=8m/s2,C正确;由,可得物体被抛出时的初速度大小20m/s,D错误。5. 甲、乙、丙三辆汽车以相同的速度同时
4、经过某一路标,由此开始甲一直做匀速运动,乙先匀加速后匀减速,丙先匀减速后匀加速,他们经过下一路标时速度又相同,则( )A.甲车先通过下一路标B. 乙车先通过下一路标C. 丙车先通过下一路标D. 他们通过下一路标的先后情况无法确定参考答案:B二、 填空题:本题共8小题,每小题2分,共计16分6. 水平面上质量为m的滑块A以速度v碰撞质量为的静止滑块B,碰撞后AB的速度方向相同,它们的总动量为 ;如果碰撞后滑块B获得的速度为v0,则碰撞后滑块A的速度为 参考答案:(2)mv v 7. 如图所示,一辆长L=2m,高 h=0.8m,质量为 M =12kg 的平顶车,车顶面光滑,在牵引力为零时,仍在向前
5、运动,设车运动时受到的阻力与它对地面的压力成正比,且比例系数=0.3。当车速为 v0 = 7 ms 时,把一个质量为 m=1kg 的物块(视为质点)轻轻放在车顶的前端,并开始计时。那么,经过t= s物块离开平顶车;物块落地时,落地点距车前端的距离为s= m。参考答案:0.31; 4.168. 一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中,使用两条不同的轻质弹簧a和b,得到弹力与弹簧长度的图象如图所示。则: _弹簧的原长更长,_弹簧的劲度系数更大。(填“a”或“b”)参考答案:b a 9. 如图,O、A、B为同一竖直平面内的三个点,OB沿竖直方向,BOA=60,OA长为l,且OA:OB=2
6、:3将一质量为m的小球以一定的初动能自O点水平向右抛出,小球在运动过程中恰好通过A点,则小球的初动能为;现从O点以同样的初动能沿某一方向抛出小球,并对小球施加一方向与OAB所在平面平行的恒力F,小球通过了A点,到达A点时的动能是初动能的3倍;若小球从O点以同样的初动能沿另一方向抛出,在相同的恒力作用下,恰好通过B点,且到达B点时的动能为初动能的6倍则此恒力F的大小为参考答案:考点:动能定理的应用;平抛运动分析:根据平抛运动的水平位移和竖直位移,结合平抛运动的规律求出初速度的大小,从而得出抛出时的初动能对O到A和O到B分别运用动能定理,求出恒力做功之比,结合功的公式求出恒力与OB的方向的夹角,从
7、而求出恒力的大小解答:解:小球以水平初速度抛出,做平抛运动,在水平方向上的位移x=lsin60=,竖直方向上的位移y=,根据y=,x=v0t得,解得,则小球的初动能根据动能定理得,0到A有:,解得,O到B有:WOBmgl=5Ek0,解得,设恒力的方向与OB方向的夹角为,则有:,解得=30,所以,解得F=故答案为:mgl,点评:本题考查了平抛运动以及动能定理的综合运用,第二格填空难度较大,关键得出恒力做功之比,以及恒力与竖直方向的夹角10. 某集装箱吊车的交流电动机输入电压为380V,则该交流电电压的最大值为 V。当吊车以0.1m/s的速度匀速吊起总质量为5.7103kg的集装箱时,测得电动机的
8、电流为20A,电动机的工作效率为。(g取10m/s2)参考答案:答案:380,75%解析:输入电压380V为有效值,则最大值为380V;电动机对集装箱做功的功率P = mgv = 5.7103100.1W= 5.7103W,电动机消耗电功率P总=38020W=7.6103W,故电动机的工作效率为 = =75% 。11. 有一半径为r1,电阻为R,密度为的均匀圆环落入磁感应强度B的径向磁场中,圆环截面的半径为r2(r2?r1)。如图所示,当圆环在加速下落到某一时刻时的速度为v,则此时圆环的加速度a_,如果径向磁场足够长,则圆环的最大速度vmag,vm2012学年普陀模拟25_。参考答案:ag,v
9、m12. 某同学采用1/4圆弧轨道做平抛运动实验,其部分实验装置示意图如图甲所示。实验中,通过调整使出口末端B的切线水平后,让小球从圆弧顶端的A点由静止释放。图乙是小球做平抛运动的闪光照片,照片中的每个正方形小格的边长代表的实际长度为4.85 cm。已知闪光频率是10Hz。则根据上述的信息可知:小球到达轨道最低点B时的速度大小vB m/s,小球在D点时的竖直速度大小vDy = m/s,当地的重力加速度g m/s2。参考答案:13. 一列简谐横波沿x轴正方向传播,t=0时刻的波形如图所示,经0.6s,质点a第一次到达波峰位置,则这列波的传播速度为 m/s,质点b第一次出现在波峰的时刻为 s,从该
10、时刻起,质点a的振动方程为 cm参考答案:5;1;y=5sint【考点】横波的图象;波长、频率和波速的关系【分析】利用质点带动法判断a点此刻的振动方向,根据第一次到达波峰的时间求周期,读出波长,即可求得波速波在同一均匀介质中匀速传播图示时刻x=3m处波峰传到b点处时,质点b第一次到达波峰位置,由公式t=求出质点b第一次出现在波峰的时刻读出振幅A,由y=Asint写出质点a的振动方程【解答】解:因为a第一次到波峰的时间为 T=0.6s,则得周期 T=0.8s由图知波长=4m,波速为 v=m/s=5m/s图示时刻x=3m处波峰传到b点处时,质点b第一次到达波峰位置,则质点b第一次出现在波峰的时刻为
11、 t=s=1s波沿x轴正方向传播,此刻a质点向下振动,则质点a的振动方程为 y=Asint=5sint cm=5sint cm故答案为:5;1;y=5sint三、 实验题:本题共2小题,每小题11分,共计22分14. 为测定木块与桌面之间的动摩擦因数,小亮设计了如图所示的装置进行实验,A、B的质量分别为m、M,实验中,当木块A位于水平桌面上的O点时,重物B刚好接触地面,将A拉到P点,待B稳定后静止释放,A最终滑到Q点,分别测量OP、OQ的长度h和s,重复上述实验,分别记录几组实验数据(1)OQ的长度s可用m、M、h表示为s = (2)请根据下表的实验数据作出s-h关系图像h(cm)20.030
12、.040.050.060.0s(cm)19.528.539.048.056.5(3)实验测得A、B的质量分别为m=0.40kg、M=0.50kg,根据s-h图像可计算出A木块与桌面间的动摩擦因数=_(结果保留一位有效数字)(4)实验中,滑轮轴的摩擦会导致的测量结果_(选填“偏大”、或“偏小”参考答案:(1);(2)如上图所示,(3)0.4;(4)偏大 解析: :(1)物体A从P到O过程中,根据机械能守恒定律,则有:(m+M)v2=Mgh而物体A从O点到Q点过程中,由动能定理,则有:0-mv2=-mgs;联立上两式,解得:s=;(2)描点,连线,如图所示:(3)B下落至临落地时根据动能定理有:M
13、gh-mgh=(M+m)v2,在B落地后,A运动到Q,有mv2=mgs,=,又A、B的质量分别为m=0.40kg、M=0.50kg,在s-h图象上任取一组数据代入可以求得:=0.4故答案为:0.4(4)由于滑轮轴的摩擦,会导致绳子的拉力相对偏小,A运动的加速度也就偏小,s也就偏小,根据,=,所以偏大15. 在练习使用多用电表的实验中,请完成下列问题:(1)在使用多用电表测量时,指针的位置如图甲所示,若选择开关拨至“l00”档,则测量的结果为 ;若开关拨至“10V”,则测量结果为 (2)将G改装成两种倍率(如“l”、“l0”)的欧姆表现有两种备选电路,如图乙和图丙所示,则图 (选填“乙”或“丙”
14、)为合理电路;另一电路不合理的原因是: 在合理的电路中,当开关S合向 端,这时的欧姆表是较大倍率档(3)多用电表在正确选择倍率情况下测未知电阻阻值,设电池的电动势为E、内阻为r,R0为调零电阻,Rg为表头内阻,则电路中电流I与待测电阻的阻值Rx的函数关系式为 参考答案:(1)1800,4.6V;(2)乙 丙图不会改变其量程,b;(3)I=【考点】用多用电表测电阻【分析】(1)根据多用表的量程进行读数,欧姆表注意档位,电压表注意估读(2)图乙中改变G的并联值,则可改变其量程,而对于丙图不会改变其量程(3)由全电路欧姆定律可确定出电流I与待测电阻的阻值Rx的函数关系式【解答】解:(1)欧姆表的读数
15、为:18100=1800 10V电压档最小分度为0.2V则要估读到0.1V,则其读数为:4.6V(2)图乙中的电路可通过改变G的并联阻值改变其量程,而丙图不会改变其量程,设G并联的阻值为R,由闭合电路欧姆定律可知:I= 则=,由上式可知并联的R越大倍率越大则开关S要与b端闭合(3)则闭合电路欧姆定律:I=故答案为:(1)1800,4.6V;(2)乙 丙图不会改变其量程,b;(3)I=四、计算题:本题共3小题,共计47分16. (12)如图所示, M=0.2kg的长木板静止在水平面上,长木板与水平面间的动摩擦因数2=0.1,现有一质量为m=0.2kg的滑块,以v0=1.2m/s的速度滑上长板的左
16、端,小滑块与长木板间的动摩擦因数1=0.4,滑块最终没有滑离长木板,求滑块从开始滑上长木板到最后相对于地面静止下来的过程中,滑块滑行的距离是多少(以地球为参考系,g=10m/s2)参考答案:0.24m、解:滑块滑上长木板后,作匀减速运动,长木板作匀加速运动直到速度相同为止,以后整体再作匀减速运动至速度为零。滑块的加速度大小为, 2分长木板的加速度大小为, 设经过时间t达到共同速度v,则有, 故t=0.2s,v=0.4m/s,滑块的位移为, s1=0.16m; 整体作匀减速运动的位移为s2,由动能定理得 2分 有s2=0.8m, 滑块滑行的距离m为s=s1+s2=0.24m。 2分17. (12分)如图所示,倾角为的斜面处于竖直向下的匀强电场中,在斜面上某点以初速度为水平抛出一个质量为m的带正电小球,小球在电场中受到的电场力与小球所受的重力相等,地球表面重力加速度为g,设斜面足够长问:(1)小球经多长时间落到斜面?(2)从水平抛出至落到斜面的过程中,小球的电势能如何变化?变化了多少?参考答案:解析:18. 某工厂生产流水线示意图如图所示,半径R=1m的水平圆盘边缘E点固定一小桶。在圆盘直径DE正上方平行放置的水平传送带沿顺时针方向匀速转动,传送带右端C点与圆盘圆心O在同一竖直
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