2022高考物理一轮复习第九章磁场第6讲章末热点集训练习

1、2021高考物理一轮复习第九章磁场第6讲章末热点集训练习PAGE PAGE 22第6讲章末热点集训(时间：60分钟满分：100分)一、单项选择题(本题共6小题，每小题6分，共36分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确)1.如图所示，A为一水平旋转的橡胶盘，带有大量均匀分布的负电荷，在圆盘正上方水平放置一通电直导线，电流方向如图当圆盘高速绕中心轴OO转动时，通电直导线所受磁场力的方向是()A竖直向上B竖直向下C水平向里D水平向外解析：选C.从上向下看，由于带负电的圆盘顺时针方向旋转，形成的等效电流为逆时针方向，由安培定则判定所产生的磁场方向竖直向上由左手定则可判定通电导线所受安培力的方向水

2、平向里故C正确2.如图所示，在直角三角形ABC的A点和B点分别固定一垂直纸面向外和向里的无限长通电直导线，其电流强度分别为IA和IB，A30，通电直导线形成的磁场在空间某点处的磁感应强度Bkeq f(I,r)，k为比例系数，r为该点到导线的距离，I为导线的电流强度当一电子在C点的速度方向垂直纸面向外时，所受洛伦兹力方向垂直BC向下，则两直导线的电流强度IB与IA之比为()A.eq f(1,2)Beq f(r(3),4)C.eq f(r(3),2)Deq f(1,4)解析：选D.由左手定则可知C点处磁场的磁感应强度B合的方向平行BC向右，设A处导线和B处导线在C处形成的磁场的磁感应强度大小分别为

3、BA和BB，方向分别与AC和BC垂直，如图所示，可知eq f(BB,BA)sin 30eq f(1,2)，又eq f(BB,BA)eq f(kf(IB,lBC),kf(IA,lAC)，计算可得eq f(IB,IA)eq f(1,4)，D正确3.一直导线平行于通电螺线管的轴线放置在螺线管的上方，如图所示，如果直导线可以自由地运动且通以方向为由a到b的电流，则导线ab受磁场力后的运动情况为()A从上向下看顺时针转动并靠近螺线管B从上向下看顺时针转动并远离螺线管C从上向下看逆时针转动并远离螺线管D从上向下看逆时针转动并靠近螺线管解析：选D.先由安培定则判断出通电螺线管的N、S极，找出导线左、右两端磁

4、感应强度的方向，并用左手定则判断这两端受到的安培力的方向，如图甲所示可以判断导线受磁场力后从上向下看逆时针方向转动再分析此时导线位置的磁场方向，再次用左手定则判断导线受磁场力的方向，如图乙所示，导线还要靠近螺线管，所以D正确，A、B、C错误4.(2018东北三校联考)如图所示，某种带电粒子由静止开始经电压为U1的电场加速后，射入水平放置、电势差为U2的两导体板间的匀强电场中，带电粒子沿平行于两板的方向从两板正中间射入，穿过两板后又垂直于磁场方向射入边界线竖直的匀强磁场中，则粒子射入磁场和射出磁场的M、N两点间的距离d随着U1和U2的变化情况为(不计重力，不考虑边缘效应)()Ad随U1变化，d与

5、U2无关Bd与U1无关，d随U2变化Cd随U1变化，d随U2变化Dd与U1无关，d与U2无关解析：选A.设带电粒子在加速电场中被加速后的速度为v0，根据动能定理有qU1eq f(1,2)mveq oal(2,0).设带电粒子从偏转电场中出来进入磁场时的速度大小为v，与水平方向的夹角为，如图所示，在磁场中有req f(mv,qB)，veq f(v0,cos )，而d2rcos ，联立各式解得d2eq f(mv0,qB)，因而选项A正确5如图所示，在x轴上方存在垂直纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场，x轴下方存在垂直纸面向外的磁感应强度为eq f(B,2)的匀强磁场，一带负电的粒子从原点O以与x轴

6、成30角斜向上的速度v射入磁场，且在x轴上方运动半径为R.则下列说法正确的是()A粒子经偏转一定能回到原点OB粒子在x轴上方和下方两磁场中运动的半径之比为21C粒子完成一次周期性运动的时间为eq f(2m,3qB)D粒子第二次射入x轴上方磁场时，沿x轴前进3R解析：选D.由req f(mv,qB)可知，粒子在x轴上方和下方两磁场中运动的半径之比为12，所以B错误；粒子完成一次周期性运动的时间teq f(1,6)T1eq f(1,6)T2eq f(m,3qB)eq f(2m,3qB)eq f(m,qB)，所以C错误；粒子第二次射入x轴上方磁场时沿x轴前进lR2R3R，粒子经偏转不能回到原点O，所

7、以A错误、D正确6.如图所示，圆形区域内有一垂直纸面的匀强磁场，P为磁场边界上的一点有无数带有同样电荷、具有同样质量的粒子在纸面内沿各个方向以相同的速率通过P点进入磁场这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段圆弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的eq f(1,3).将磁感应强度的大小从原来的B1变为B2，结果相应的弧长变为原来的一半，则B2B1等于()A.eq r(2)Beq r(3)C2D3解析：选B.当轨迹半径小于或等于磁场区半径时，粒子射出圆形磁场的点离入射点最远距离为轨迹直径如图所示，当粒子从eq f(1,3)圆周射出磁场时，粒子在磁场中运动的轨迹直径为PQ，粒子都从圆弧PQ之间射出，因此轨

8、迹半径r1Rcos 30eq f(r(3),2)R；若粒子射出的圆弧对应弧长为“原来”的一半，即eq f(1,6)周长，对应的弦长为R，即粒子运动轨迹直径等于磁场区半径R，轨迹半径r2eq f(R,2)，由req f(mv,qB)可得eq f(B2,B1)eq f(r1,r2)eq r(3).选项B正确二、多项选择题(本题共4小题，每小题6分，共24分在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分)7(高考江苏卷)如图所示，导电物质为电子的霍尔元件位于两串联线圈之间，线圈中电流为I，线圈间产生匀强磁场，磁感应强度大小B与I成正比，方向

9、垂直于霍尔元件的两侧面，此时通过霍尔元件的电流为IH，与其前后表面相连的电压表测出的霍尔电压UH满足：UHkeq f(IHB,d)，式中k为霍尔系数，d为霍尔元件两侧面间的距离电阻R远大于RL，霍尔元件的电阻可以忽略，则()A霍尔元件前表面的电势低于后表面B若电源的正负极对调，电压表将反偏CIH与I成正比D电压表的示数与RL消耗的电功率成正比解析：选CD.当霍尔元件通有电流IH时，根据左手定则，电子将向霍尔元件的后表面运动，故霍尔元件的前表面电势较高若将电源的正负极对调，则磁感应强度B的方向换向，IH方向变化，根据左手定则，电子仍向霍尔元件的后表面运动，故仍是霍尔元件的前表面电势较高，选项A、

10、B错误；因R与RL并联，根据并联分流，得IHeq f(RL,RLR)I，故IH与I成正比，选项C正确；由于B与I成正比，设BaI，则ILeq f(R,RRL)I，PLIeq oal(2,L)RL，故UHkeq f(IHB,d)eq f(ak（RRL）,R2d)PL，知UHPL，选项D正确8.(2018湖北宜城第一中学高三月考)如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在其左上方固定一根与磁铁垂直的长直导线，当导线中通以图示方向的电流时()A磁铁对桌面的压力增大B磁铁对桌面的压力减小C磁铁受到向右的摩擦力作用D磁铁受到向左的摩擦力作用解析：选BC.根据条形磁铁磁感线分布情况得到直线电流所在位置磁场方向

11、(切线方向)，再根据左手定则判断安培力方向，如图甲，根据牛顿第三定律，电流对磁铁的作用力向左上方，FF，如图乙，根据平衡条件，可知通电后支持力变小，静摩擦力变大，故磁铁对桌面的压力变小，而静摩擦力向右选项B、C正确9.(2018陕西西安模拟)如图所示，有一个正方形的匀强磁场区域abcd，e是ad的中点，f是cd的中点，如果在a点沿对角线方向以速度v射入一带负电的带电粒子，恰好从e点射出，则()A如果粒子的速度增大为原来的二倍，将从d点射出B如果粒子的速度增大为原来的三倍，将从f点射出C如果粒子的速度不变，磁场的磁感应强度变为原来的2倍，也将从d点射出D只改变粒子的速度使其分别从e、d、f点射出

12、时，在磁场中运动时间关系为：tetdtf解析：选AD.作出示意图，如图所示，根据几何关系可以看出，当粒子从d点射出时，轨道半径增大为原来的二倍，由半径公式Req f(mv,qB)可知，速度v增大为原来的二倍或磁感应强度变为原来的一半，A项正确，C项错误；如果粒子的速度增大为原来的三倍，则轨道半径也变为原来的三倍，从图中看出，出射点在f点下面，B项错误；据粒子的周期公式Teq f(2m,qB)，可知粒子的周期与速度无关，在磁场中的运动时间取决于其轨迹圆弧所对应的圆心角，所以从e、d点射出时所用时间相等，从f点射出时所用时间最短，D项正确10.如图所示，一个绝缘且内壁光滑的环形细圆管固定于竖直平面

13、内，环的半径为R(比细圆管的内径大得多)在圆管的最低点有一个直径略小于细圆管内径的带正电小球处于静止状态，小球的质量为m，带电荷量为q，重力加速度为g.空间存在一磁感应强度大小未知(不为零)，方向垂直于环形细圆管所在平面向里的匀强磁场某时刻，给小球一方向水平向右、大小为v0eq r(5gR)的初速度，则以下判断正确的是()A无论磁感应强度大小如何，获得初速度后的瞬间，小球在最低点一定受到管壁的弹力作用B无论磁感应强度大小如何，小球一定能到达环形细圆管的最高点，且小球在最高点一定受到管壁的弹力作用C无论磁感应强度大小如何，小球一定能到达环形细圆管的最高点，且小球到达最高点时的速度大小都相同D小球

14、从环形细圆管的最低点运动到所能到达的最高点的过程中，水平方向分速度的大小一直减小解析：选BC.小球在轨道最低点时受到的洛伦兹力方向竖直向上，若洛伦兹力和重力的合力恰好提供小球所需要的向心力，则在最低点时小球不会受到管壁弹力的作用，A选项错误；小球运动的过程中，洛伦兹力不做功，小球的机械能守恒，运动至最高点时小球的速度veq r(gR)，由于是双层轨道约束，小球运动过程中不会脱离轨道，所以小球一定能到达轨道的最高点，C选项正确；在最高点时，小球圆周运动的向心力Fmeq f(v2,R)mg，小球受到竖直向下的洛伦兹力的同时必然受到与洛伦兹力等大反向的轨道对小球的弹力，B选项正确；小球从最低点运动到

15、最高点的过程中，小球在下半圆内上升的过程中，水平分速度向右且减小，到达圆心的等高点时，水平分速度为零，而运动至上半圆后水平分速度向左且不为零，所以水平分速度一定有增大的过程，D选项错误三、非选择题(本题共2小题，共40分按题目要求作答，计算题要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)11(20分)(2015高考山东卷)如图所示，直径分别为D和2D的同心圆处于同一竖直面内，O为圆心，GH为大圆的水平直径两圆之间的环形区域(区)和小圆内部(区)均存在垂直圆面向里的匀强磁场间距为d的两平行金属板间有一匀强电场，上极板开有一小孔一质量为m、电量为q的粒子由小孔下方eq f(d,2)处静止释

16、放，加速后粒子以竖直向上的速度v射出电场，由H点紧靠大圆内侧射入磁场不计粒子的重力(1)求极板间电场强度的大小；(2)若粒子运动轨迹与小圆相切，求区磁感应强度的大小；(3)若区、区磁感应强度的大小分别为eq f(2mv,qD)、eq f(4mv,qD)，粒子运动一段时间后再次经过H点，求这段时间粒子运动的路程解析：(1)设极板间电场强度的大小为E，对粒子在电场中的加速运动，由动能定理得qEeq f(d,2)eq f(1,2)mv2由式得Eeq f(mv2,qd).甲(2)设区磁感应强度的大小为B，粒子做圆周运动的半径为R，由牛顿第二定律得qvBmeq f(v2,R)如图甲所示，粒子运动轨迹与小

17、圆相切有两种情况若粒子轨迹与小圆外切，由几何关系得Req f(D,4)联立式得Beq f(4mv,qD)若粒子轨迹与小圆内切，由几何关系得Req f(3D,4)联立式得Beq f(4mv,3qD).(3)设粒子在区和区做圆周运动的半径分别为R1、R2，由题意可知，区和区磁感应强度的大小分别为B1eq f(2mv,qD)、B2eq f(4mv,qD)，由牛顿第二定律得qvB1meq f(v2,R1)，qvB2meq f(v2,R2)代入数据得R1eq f(D,2)，R2eq f(D,4)设粒子在区和区做圆周运动的周期分别为T1、T2，由运动学公式得T1eq f(2R1,v)，T2eq f(2R2

18、,v)乙据题意分析，粒子两次与大圆相切的时间间隔内，运动轨迹如图乙所示，根据对称性可知，区两段圆弧所对圆心角相同，设为1，区内圆弧所对圆心角设为2，圆弧和大圆的两个切点与圆心O连线间的夹角设为，由几何关系得1120218060丙粒子重复上述交替运动回到H点，轨迹如图丙所示，设粒子在区和区做圆周运动的时间分别为t1、t2，可得t1eq f(360,)eq f(12,360)T1，t2eq f(360,)eq f(2,360)T2设粒子运动的路程为s，由运动学公式得sv(t1t2)联立式得s5.5D.答案：(1)eq f(mv2,qd)(2)eq f(4mv,qD)或eq f(4mv,3qD)(3

19、)5.5D12(20分)(2018江苏扬州高三模拟)在竖直平面内建立一平面直角坐标系xOy，x轴沿水平方向，如图甲所示第二象限内有一水平向右的匀强电场，场强为E1.坐标系的第一、四象限内有一正交的匀强电场和匀强交变磁场，电场方向竖直向上，场强E2eq f(1,2)E1，匀强磁场方向垂直纸面处在第三象限的发射装置(图中未画出)竖直向上射出一个比荷eq f(q,m)102 C/kg的带正电的粒子(可视为质点)，该粒子以v04 m/s的速度从x上的A点进入第二象限，并以v18 m/s速度从y上的C点沿水平方向进入第一象限取粒子刚进入第一象限的时刻为0时刻，磁感应强度按图乙所示规律变化(以垂直纸面向外的磁场方向为正方向)，g10