2022-2023学年福建省福州市罗源第一中学高二物理下学期期末试卷含解析

1、2022-2023学年福建省福州市罗源第一中学高二物理下学期期末试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （多选）某交变电源的电压瞬时值表达式为 V，则下列说法中正确的A交流电压表测电源电压，示数应为VB此电源给打点计时器供电，其打点时间间隔为0.02sC标有“6V，2W”的灯泡接在此电源上，小灯泡正常发光D标有“6V，10uF”的电容器接在此电源上，电容器将被击穿参考答案：BCD2. （多选题）如图所示，xOy坐标平面在竖直面内，x轴沿水平方向，y轴正方向竖直向上，在图示空间内有垂直于xOy平面的水平匀强磁场一带电小球从O点由静止释放，运动轨

2、迹如图中曲线关于带电小球的运动，下列说法中正确的是（ ）AOAB轨迹为半圆B小球运动至最低点A时速度最大，且沿水平方向C小球在整个运动过程中机械能不守恒D小球在A点时受到的洛伦兹力大于重力参考答案：BD3. 下列各图中，正电荷的运动方向、磁场方向和洛仑兹力方向之间的关系正确的是参考答案：B4. 带有等量异种电荷的一对平行金属板，上极板带正电荷。如果两极板间距不是足够近或者两极板面积不是足够大，即使在两极板之间，它们的电场线也不是彼此平行的直线，而是如图所示的曲线（电场方向未画出）。虚线MN是穿过两极板正中央的一条直线。关于这种电场，以下说法正确的是( )A. 平行金属板间的电场，可以看做匀强电

3、场B. b点的电势高于a点的电势C. 负电荷在d点的电势能大于它在c点的电势能D. 若将一正电荷从电场中的任一点由静止释放，它必将沿着电场线运动到负极板参考答案：C根据电场线的分布情况知，平行金属板间的电场强度不是处处相同，所以该电场是非匀强电场，A错误；上极板带正电荷，板间场强方向向下，根据顺着电场线方向电势逐渐降低，知b点电势低于a点的电势，B错误；c点的电势高于d点的电势，而负电荷在电势高处电势能小，则知负电荷在d点的电势能大于它在c点的电势能，C正确；将一正电荷从一点由静止释放，若它所在的电场线是曲线，将偏离原来的电场线，不会沿着电场线运动，D错误【点睛】解决本题关键掌握电场线的两个物

4、理意义：疏密表示场强的大小，方向表示电势的高低。要记住推论：负电荷在电势高处电势能小，并能熟练运用5. （多选）如图7所示是用阴极射线管演示电子在磁场中受洛仑兹力的实验装置，图中虚线是电子的运动轨迹，那么下列关于此装置的说法正确的有 ( )AA端接的是高压直流电源的负极BA端接的是高压直流电源的正极CC端是蹄形磁铁的S极DC端是蹄形磁铁的N极参考答案：AD二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （4分）如图所示，厚壁容器的一端通过胶塞插进一个温度计和一个进气管，另一端有个可移动的胶塞(用卡子卡住)，用打气筒慢慢向容器内打气，当容器内的压强增大到一定程度时，读出温度计的读数。打开

5、卡子，让气体快速冲开胶塞，此后再读温度计的示数将_（填升高、降低），说明气体对外做功，内能_（填增加、减小）。参考答案： 降低，减小7. 阴极射线管中的电子束在磁场中发生偏转，这表明电子在磁场中受到 （填“安培力”或“洛伦兹力”）的作用。参考答案：8. 如图所示，电源可提供U=6 V的恒定电压，R0为定值电阻，某同学实验时误将一电流表（内阻忽略）并联于Rx两端，其示数为2 A，当将电流表换成电压表（内阻无限大）后，示数为3 V，则Rx的阻值为_.参考答案：_ 3_ _9. 一个质量为2kg的物体在合外力F的作用下从静止开始运动。合外力F随时间t变化的关系如图示，则物体匀加速运动的加速度大小为

6、, 速度达到最大值的时刻是 .参考答案：10. 在如图下所示的电路中，电流表、电压表的读数如图所示， 则通过R的电流是_A，加在电阻R两端的电压是_V。 参考答案：2.40 ； 12.0 11. 如图，匀强电场的场强为103V/m，a、b两点间的距离为0.1m，ab连线与电场方向的夹角为60o，则a、b两点间的电势差为 V，若将电量为+的点电荷从a点移到b点，电场力做功为 J参考答案：两质量均为12. M的冰船A、B静止在光滑冰面上，轴线在一条直线上，船头相对，质量为m的小球从A船跳入B船，又立刻跳回，A、B两船最后的速度之比是_。参考答案：M：（M+m） 13. 如图所示，一定质量的理想气体

7、从状态a变化到状态b，已知在此过程中，气体内能增加300J，则该过程中气体 （选填“吸收”或“放出”）热量为 J。参考答案：吸收 500气体的体积变大，对外做功，对外做功，W为负值，根据热力学第一定律：E=Q-W，所以：Q=E+W=500J，正号表示吸收热量。三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 为了测定一个标有“6.3V，1W”的小电珠正常发光时的电阻，实验室提供了下列实验器材：A、电流表0.6A，内阻约0.2B、电流表200mA，内阻约0.5C、电压表10V，内阻约1kD电压表15V，内阻约1.5kE滑动变阻器010电源9V，内阻不计另有导线若干，电键一个（1）实验时

8、电流表应选用 ，电压表选用 。（填器材前的序号）（2）在线框中完成实验的电路图（已画出部分元件），要求测量误差尽可能小参考答案：（1） B , C （2）图略。内接、分压15. “描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，提供的实验器材有A小灯泡（额定电压为3.8V，额定电流约为0.6A）B电流表A （00.6A，内阻约为1）C电压表V （06V，内阻约为5k）D滑动变阻器R1（010，2A）E滑动变阻器R2（0100，1A）F电源 （6V，内阻不计） G开关及导线若干（1）实验中滑动变阻器选R1（填“R1”或“R2”）（2）该同学设计了实验测量电路，通过改变滑动变阻器滑片的位置，使电流表的读数从零开

9、始变化，记录多组电压表的读数U和电流表的读数I在如甲图所示的实物图中，该同学已完成了部分导线的连接，请用笔画线代替导线完成余下的导线连接（请在答题卷上连接，此处连接无效）（3）图（乙）中的曲线a是某次实验中同学根据实验数据作出的小灯泡的UI图象，根据图象可知小灯泡的电阻随着电流的增大而增大 （选填“增大”、“减小”或“不变”）（4）图（乙）中的直线b是某同学在用伏安法测定电源的电动势和内阻实验中，根据测得的数据作出的UI图象，由直线b可以得到电源电动势E=1.5V，内电阻r=1（5）现在将（3）中的小灯泡接入（4）中的电源中，则电源的总功率P总=0.6W，小灯泡的实际功率P实=0.44W参考答

10、案：考点：描绘小电珠的伏安特性曲线.专题：实验题分析：（1）为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器；（2）根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后连接实物电路图；（3）根据图乙所示图象，应用欧姆定律分析答题（4）电源的UI图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻；（5）由图示图象求出电压与电流，然后由功率公式求出功率解答：解：（1）描绘灯泡伏安特性曲线电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，为方便实验操作，滑动变阻器应选R1（2）描绘灯泡伏安特性曲线电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；灯泡正常发光时的电阻R=6.3，电流表内阻约为1，电压表

11、内阻约为5k，相对来说电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：（3）由图乙所示图象可知，随电流I的增大，灯泡两端电压U增大，电压与电流的比值增大，由此可知：小灯泡的电阻随着电流的增大而增大（4）由图乙所示电源UI图象可知，图象与纵轴交点坐标值为1.5，则电源电动势E=1.5V，电源内阻r=1（5）由图乙所示图象可知，灯泡两端电压为1.1V，电路电流为0.4A，电源总功率P总=EI=1.50.4=0.6W，灯泡实际功率P实=UI=1.10.4=0.44W故答案为：（1）R1；（2）实物电路图如图所示；（3）增大；（4）1.5；1；（5）0.6；0.44点评：本题考查了实

12、验器材的选择、连接实物电路图、判断灯泡电阻随电流的变化关系、求电源功率与灯泡功率；根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法是正确连接实物电路图的前提与关键，当电压与电流从零开始变化时，滑动变阻器采用分压接法；要掌握应用图象法处理实验数据的方法四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，足够长的粗糙绝缘斜面与水平面成=37放置，在斜面上虚线aa和bb与斜面底边平行，在aabb围成的区域有垂直斜面向上的有界匀强磁场，磁感应强度为B=1T；现有一质量为m=10g，总电阻为R=1，边长d=0.1m的正方形金属线圈MNPQ，让PQ边与斜面底边平行，从斜面上端静止释放，线圈刚好匀速穿过磁场已知线圈与

13、斜面间的动摩擦因数为=0.5，（取g=10m/s2；sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）线圈进入磁场区域时，受到安培力大小；（2）线圈释放时，PQ边到bb的距离；（3）整个线圈穿过磁场的过程中，线圈上产生的焦耳热参考答案：（1） （2） （3） 【分析】（1）由于线圈匀速进磁场，根据平衡可求出安培力的大小（2）根据闭合回路欧姆定律，以及动能定理可以求出PQ边到bb的距离（3）根据能量守恒求解整个线圈穿过磁场的过程中，线圈上产生的焦耳热【详解】（1）对线圈受力分析有： 代入数据得： （2）设线圈释放时，PQ边到bb的距离为L根据安培力公式可知： 导体棒从开始到进入磁场过程中，有动能

14、定理可得： 结合公式可解得： （3）由于线圈刚好匀速穿过磁场，则磁场宽度d=0.1m 代入数据解得： 故本题答案是：（1） （2） （3）17. 如图所示，两端开口、粗细均匀的足够长玻璃管插在大水银槽中，管的上部有一定长度的水银，两段空气柱被封闭在左右两侧的竖直管中开启上部连通左右水银的阀门A，当温度为300 K平衡时水银的位置如图，其中左侧空气柱长度L1=50cm，左侧空气柱底部的水银面与水银槽液面高度差为h2=5cm，左右两侧顶部的水银面的高度差为h1=5cm，大气压为75 cmHg。求： 右管内气柱的长度L2， 关闭阀门A，当温度升至405 K时，左侧竖直管内气柱的长度L3参考答案：左管内气体压强p1 = p0 + h2 = 80cmHg 1分右管内气体压强p2 = p左 + h1 = 85cmHg 1分P2 = p0 + h3 1分得右管内外液面高度差为h3 = 10cm 1分则L2 = L1 - h1 - h2 + h3 = 50cm 2分设玻璃管横截面积S，对左侧管内气体：p1 = 80cmHg , V1 = 50S , T1 = 300K当温度升至405K 时，设左侧管内水银面下降了 x cm，则有：P2 = (80 + x ) cm