2022-2023学年河北省张家口市怀安第一中学高三物理测试题含解析

1、2022-2023学年河北省张家口市怀安第一中学高三物理测试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 质点所受的力F随时间t变化的规律如图所示，力的方向始终在一直线上。已知t=0时，质点的速度为零，则下列判断中正确的是（ ）（A）0、t2、t4时刻质点的加速度最大（B）t2时刻质点的动能最大（C）t4时刻质点回到出发点（D）力F始终对物体作正功参考答案：答案：B2. 下列关于热现象的说法正确的是（）A用显微镜观察液体中的悬浮微粒的布朗运动，观察到的是微粒中分子的无规则运动B一定量100C的水变成100C的水蒸气，其分子之间的势能增加C两个分子从无

2、穷远处逐渐靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子力先变小，再变大D尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100%，制冷机却可以使温度降到293CE高空中的冰晶在空气中下落变成雨滴时，内能增加了参考答案：BE【考点】热力学第一定律；布朗运动；热力学第二定律【分析】明确分子动理论以及热力学定理的基本内容，能用热力学第一定律分析能量的变化规律，同时掌握热力学第二定律明确在热现象中所具有的方向性【解答】解：A、悬浮微粒的布朗运动不是微粒中分子的无规则运动，而是微粒的运动，故A错误；B、一定量100的水变成100的水蒸汽时，吸收热量，内能增加，由于分子平均动能不变，因此分子势能增加，故B正确；C、两分子

3、之间的距离大于r0，从无穷远处逐渐靠近时，分子力先表现为引力，并且随着分子间距的减小而先增大后减小；当分子间距等于r0，分子间作用力的合力为零；当分子间距小于r0，分子力表现为斥力，随着分子间距的减小而增大，故分子力先增大再减小再变大，故C错误；D、尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100%，而绝对零度也无法达到，故制冷机却不可以使温度降到273.15C以下，故D错误；E、高空中的冰晶在空气中下落时，大气温度升高且冰晶克服摩擦力做功，使冰晶熔化为雨滴，此时内能增加了，故E正确故选：BE3. 如图所示，表示甲乙两运动物体相对同一原点的位移时间图象，下列说法正确的是（）A甲和乙都做匀变速直线运

4、动B甲和乙运动的出发点相距x0C乙运动的速率小于甲运动的速率D乙比甲早出发t1时间参考答案：B解：A、xt图象的斜率等于物体运动的速度，由图可知两图象的斜率保持不变，故运动的速度不变，即两物体都做匀速直线运动故A错误；B、由图可知乙从原点出发，甲从距原点x0处出发故两物体的出发点相距x0故B正确；C、由于两物体相遇时通过的路程相同，而甲运动的时间大于乙运动的时间，故乙的速率大于甲的速率故C错误；D、甲在t1=0时刻开始运动，而乙在t1时刻开始运动，故甲比乙早出发t1时间故D错误故选：B4. 如图所示，有一光投射到放在空气中的平行玻璃砖的第表面，下面说法中正确的是（ ）A如果在第界面上入射角大于

5、临界角，光将不会进入玻璃砖B光从第界面射出时出射光线可能与最初的入射光线不平行C光进入第界面后可能不从第界面射出D不论光从什么角度入射，都能从第界面射出参考答案：D5. 如图所示，某一小球以v0=10m/s的速度水平抛出，在落地之前经过空中A、B两点，在A点小球的速度方向与水平方向的夹角为45o，在B点小球的速度方向与水平方向的夹角为60o，不计空气阻力，g=10m/s2。以下判断中正确的是（ ） A、小球由A到B的时间间隔为秒 B、小球由A到B的时间间隔为秒 C、A与B的高度差为10m D、A与B的高度差为15m参考答案：AC二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 发生衰变有

6、多种可能性。其中的一种可能是，先衰变成，再经一次衰变变成（X代表某种元素），或再经一次衰变变成和最后都衰变成，衰变路径如图所示，则由图可知：四个过程中 是衰变； 是衰变。参考答案：，放出的粒子质量数减少4，是衰变；放出的粒子质量数不变，是衰变。7. 用与斜面平行的力F拉着物体在倾角为的光滑斜面上运动，如改变拉力F的大小，物体的加速度随外力F变化的图象如图所示，已知外力F沿斜面向上，重力加速度g取10m/s2根据图象中所提供的信息计算出物体的质量为3kg；斜面的倾角为30参考答案：考点：加速度与力、质量的关系式专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据牛顿第二定律求出物体加速度与外力F的关系式，结合图

7、线的斜率和截距求出物体的质量和斜面的倾角解答：解：由受力分析及牛顿第二定律得：Fcosmgsin=maa=Fgsin则由图象知：gsin=5sin=0.5，即=30又图线的斜率k=则m=3kg故答案为：3，30点评：解决本题的关键通过牛顿第二定律求出加速度的表达式，结合图线的斜率和截距进行求解8. 一定质量的理想气体，状态从ABCDA的变化过程可用如图所示的pV的图描述，图中p1、p2、V1、V2和V3为已知量。(1)气体状态从A到B是_过程(填“等容”、“等压”或“等温”)；(2)状态从B到C的变化过程中，气体的温度_(填“升高”、“不变”或“降低”)；(3)状态从C 到D的变化过程中，气体

8、_(填“吸热”或“放热”)；(4)状态从ABCD的变化过程中，气体对外界所做的总功为_。参考答案：(1)等压 (2)降低 (3)放热 (4)p1(V3V1)p2(V3V2)9. 面积为S的矩形线框abcd，处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向与线框面成角（见图），当线框以ab为轴顺时针转90时，穿过abcd面的磁通量变化量_。参考答案：10. 如图所示，在空气阻力可忽略的情况下，水平管中喷出的水柱显示了水流做 （填“平抛运动”或“圆周运动”）的轨迹参考答案：11. 一质点由位置A向北运动了4m，又转向东运动了3m，到达B点，然后转向南运动了1m，到达C点，在上述过程中质点运动的路程是 m，

9、运动的位移是 m。 参考答案：8，12. 某同学从一楼到二楼，第一次匀速走上去，第二次匀速跑上去（更快），则正确的是：A.两次做的功不相同，功率也不相同B.两次做的功相同，功率也相同C.两次做的功相同，功率不同，第一次比第二次大D.两次做的功相同，功率不同，第二次比第一次大参考答案：D 两次从一楼到二楼，克服重力做功相等，根据功率P=，时间短的功率大，所以第二次功率大故D正确，A、B、C错误13. （6分）木块A、B分别重50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25，夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m，系统置于水平地面上静止不动，现用F=1N的水平

10、拉力作用在木块B上，如图所示，力F的作用后木块A所受摩擦力大小是 N，木块B所受摩擦力大小是 N。参考答案： 8 9 三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 某同学利用打点计时器研究做匀变速直线运动小车的运动情况。图示为该同学实验时打出的一条纸带，其中纸带右端与小车相连接，纸带上两相邻计数点的时间间隔是0.1s。请回答下列问题：根据纸带请判断该小车的运动属于_（填“匀速”、“匀加速”、“匀减速”）直线运动.从刻度尺中可以得到sAB=_cm、sCD=_cm，由这两个数据得出小车的加速度大小a=_m/s2，打点计时器打B点时小车的速度v= m/s参考答案：匀减速1.20；2.2

11、0；0.50；0.15（或0.145）15. 如图所示，一端带有滑轮的粗糙长木板，1、2是固定在木板上的两个光电门，中心间的距离为L。质量为M的滑块A上固定一宽度为d的遮光条，在质量为m的重物B牵引下从木板的顶端由静止滑下，光电门1、2记录遮光时间分别为t1和t2。（1）（6分）用此装置验证牛顿第二定律，且认为A受到外力的合力等于B的重力，除平衡摩擦力外，还必须满足 ；实验测得的加速度为 （用上述字母表示）；（2）（6分）如果已经平衡了摩擦力， （填“能”或“不能”）用此装置验证A、B组成 的系统机械能守恒，理由是 。参考答案：（1）， （2）不能 （3分） 摩擦力做功，没有满足只有重力做功，

12、故机械能不守恒 （3分） 解析： ：（1）根据牛顿第二定律，对整体有：a=，则绳子的拉力F=Ma=，当Mm，重物的总重力等于绳子的拉力，等于滑块的合力滑块通过光电门1的瞬时速度v1，通过光电门2的瞬时速度v2，根据v22?v122aL，解得a=（2）若考虑到d不是远小于L，两个中间时刻的实际距离大于L，而测量值为L，所以加速度的测量值比真实值大（3）已经平衡了摩擦力，对A、B组成的系统，该装置不能验证系统机械能守恒，因为摩擦力做功，没有满足只有重力做功，故机械能不守恒四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示, 把质量为0.4kg的物体A放在水平转盘的边缘处, A到转盘中心O点的距离

13、为0.2m，用细绳一端系着物体A，另一端固定在O点，A与转盘间的最大静摩擦力为2N, 绳子能承受的最大拉力为6N, 使A随水平转盘一起转动，求（1）当转盘的角速度为2rad/s时，绳子的拉力和转盘对物体的摩擦力都是多大（2）使细线受力又不被拉断，转盘的角速度取值范围是多少（g=10m/s2）参考答案：(1)据向心力公式有，小于最大静摩擦力2N，所以绳子拉力，摩擦力为。2分（2）有,得2分,2分所以，范围为，1分17. （07年全国卷）（16分） 如图所示，位于竖直平面内的光滑轨道，由一段斜的直轨道的与之相切的圆形轨道连接而成，圆形轨道的半径为R。一质量为m的小物块从斜轨道上某处由静止开始下滑，

14、然后沿圆形轨道运动。要求物块能通过圆形轨道的最高点，且在该最高点与轨道间的压力不能超过5mg（g为重力加速度）。求物块初始位置相对于圆形轨道底部的高度h的取值范围。参考答案：答案：Rh5R解析：设物块在圆形轨道最高点的速度为v，由机械能守恒得 mgh2mgRmv2 物块在最高点受的力为重力mg、轨道的压力N。重力与压力的合力提供向心力，有 mgNm 物块能通过最高点的条件是N0由式得v由式得 hR 按题的要求，N5mg，由式得v由式得h5Rh的取值范围是Rh5R18. 如图所示，水平面上有一个高为d的木块，木块与水平面间的动摩擦因数为=0.1由均匀金属材料制成的边长为2d、有一定电阻的正方形单

15、匝线框，竖直固定在木块上表面，它们的总质量为m在木块右侧有两处相邻的边长均为2d的正方形区域，正方形底边离水平面高度为2d两区域各有一水平方向的匀强磁场穿过，其中一个方向垂直于纸面向里，另一个方向垂直于纸面向外，区域中的磁感应强度为区域中的3倍木块在水平外力作用下匀速通过这两个磁场区域已知当线框右边MN刚进入区时，外力大小恰好为F0=mg，此时M点电势高于N点，M、N两点电势差UMN=U试求：（1）区域中磁感应强度的方向怎样？（2）线框右边MN在区运动过程中通过线框任一横截面的电量q（3）MN刚到达区正中间时，拉力的大小F（4）MN在区运动过程中拉力做的功W参考答案：解：（1）由题，当线框右边

16、MN刚进入区时，M点电势高于N点，说明MN中感应电流方向由N到M，由右手定则判断知，磁感应强度的方向向外（2）设线框的总电阻为R，磁场区的磁感强度为B，线框右边MN在区运动过程中有一半长度切割磁感线产生感应电动势，有 I=，U=I?R=线框右边MN在区运动过程中，木块与线框受力平衡，有 F0FAmg=0得 FA=BId=mg0.1mg=mg通过线框任一横截面的电量q为 q=It，其中 t=，得 I=联立以上各式，解得 q=（3）MN刚到达区正中间时，流过线框的电流为 I=4I线框左、右两条边均受到向左的安培力作用，总的安培力大小为 FA=BId+3BId=16FA=mg由于线框上边各有一半处在磁场区、区中，所以分别受到向上与向下的安培力作用，此时木块受到的支持力N为 N=mg+3BIdBId=mg+8FA=mg木块与线框组成的系统受力平衡，因此拉力F为 F=FA+N=mg+m