2023学年江苏省苏州市立达中学物理高二第一学期期中监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正方向运动，其电势能Ep随位移x的变化关系如图所示，则下列说法正确的是()A粒子从x1处运动到x2处的过程中电场力做正功Bx1、x2处电场强度方向沿x轴正方向Cx1处的电场强度大小大于x2处的电场强度大

2、小Dx1处的电势比x2处的电势高2、R1和R2分别标有“2，1.0A”和“4，0.5A”，将它们串联后接入电路中，如图所示，则此电路中允许消耗的最大功率为（ ）A1.5WB3.0WC5.0WD6.0W3、一船在静水中的速度是10m/s，要渡过宽为240m、水流速度为8m/s的河流，则下列说法中正确的是（ ）A此船不可能垂直到达正对岸B船垂直到达正对岸的实际航行速度是6m/sC此船过河的最短时间30sD船头的指向与上游河岸的夹角为53船可以垂直到达正对岸4、下列说法正确的是 ( )A公式E=U/d对于任何电场均适用B公式E=仅用于求点电荷电场的电场强度，式中Q是场源电荷的电荷量C物体所带的电量有

3、可能是元电荷的2.5倍D电场线就是带电粒子在电场中运动的轨迹5、将一电源与一电阻箱连接成闭合回路，测得电阻箱所消耗功率P与电阻箱读数R变化的曲线如图所示，由此可知()A电源最大输出功率可能大于45WB电源内阻一定等于5C电源电动势为45VD电阻箱所消耗功率P最大时，电源效率大于50%6、如图电路中，当滑动变阻器的滑片P从a端向b端滑动时，则（ ）A电压表读数变大，通过灯L1的电流变大，灯L2变亮B电压表读数变小，通过灯L1的电流变大，灯L2变亮C电压表读数变小，通过灯L2的电流变大，灯L1变暗D电压表读数变大，通过灯L2的电流变小，灯L1变暗二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

4、在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、某电场的电场线的分布如图所示，一个带电粒子由M点沿图中虚线所示的途径运动通过N点。则下列判断正确的是（）A粒子带正电B电场力对粒子做负功C粒子在N点的加速度大D粒子在N点的电势高8、在如图所示的电路中有两个电阻不能忽略的电流表A1、A2，其中电流表A1接在干路中，电流表A2与定值电阻R1串联后，接入如图的电源两端，其中电流表A1的读数为5A，电流表A2的读数为3A。如果将A2与定值电阻R2串联，且两电流表均能正常工作。则下列说法正确的是( )A流过定值电阻R1的电流一定变小 BA1表

5、的读数一定变大C流过定值电阻R2的电流一定变小 DA2表的读数一定变大9、质量为m、速度为v的A球与质量为4m的静止的B球发生正碰碰撞可能是弹性的，也可能是非弹性的，碰撞后B球的速度大小可能是A0.2vB0.3vC0.6vDv10、如图所示是某示波管的示意图，电子先由电子枪加速后进入偏转电场，如果在偏转电极上加一个电压，则电子束将被偏转，并飞出偏转电场下面措施中能使电子偏转距离变大的是( )A尽可能把偏转极板做得长一点B尽可能把偏转极板做得短一点C尽可能把偏转极板间的距离做得小一点D将电子枪的加速电压提高三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1

6、1（6分）为测量某一玩具电动机M中导线圈导线的电阻率，某实验小组的部分实验方案如下：（1）用多用电表测量电动机中导线圈的电阻Rx，选择“10”欧姆挡测量时，发现指针指示位置很靠近欧姆“0”刻度，需要更换倍率测量。某小组成员将选择开关旋到_的倍率档位后，立即将红、黑表笔分别接触导线圈两端重新测量，指针指示的位置如图甲所示，则Rx=_。（2）该成员的以上操作中，遗漏了一个很重要的步骤，请指出_。（3）为了提高精度，实验小组又增加以下仪器，用“伏安法”再次测量导线圈的电阻Rx：电流表A1(03 A、约5)； 电流表A2(030 mA、约10)；滑动变阻器R1(01 k)； 滑动变阻器R2(050)；

7、 定值电阻R0=60 ； 电源(4 V、约1 )、开关、导线若干。实验小组为使测量过程中电动机不转动而采用了如图乙所示的电路图， 多用电表已选择“直流电压2.5 V”挡作为电压表使用，应选择的电流表是_，滑动变阻器是_。(填写仪器字母符号)实验中给电动机串联R0的原因是_。请依据图乙的实验电路图将图丙所示的实物图用笔画线代替导线将缺少的两根导线补完整。（_）图丁是该实验小组用测得的数值描绘出的图象，其斜率表示的是_(填选项)。A导线圈的电阻 B导线圈的电阻与R0阻值之和12（12分）如图甲为一段粗细均匀的新型导电材料棒，现要测量该材料的电阻率.(1)首先用多用电表的欧姆挡(倍率为100)粗测其

8、电阻，指针位置如图乙所示，其读数为_.(2)用螺旋测微器测量此新型导电材料的直径d，测量结果如丙图所示，则d_mm，用游标卡尺测量此新型导电材料的长度L，测量结果如丁图所示，则L_mm. (3)采用以下器材用伏安法尽可能准确地测量其电阻A电流表：量程为0.6A，内阻约为0.2B电压表：量程为3V，内阻约为3kC滑动变阻器，最大阻值为20，额定电流1AD电源E，电动势6VE.开关S，导线若干请在方框中画出实验原理电路图_(4)某同学设计了如图所示的实验电路，但是在实验过程中却发现导电材料棒电阻率的测量明显偏小，经检查发现实验中有一根导线连接错误，该导线是_.(用导线的序号表示) (5)如果(3)

9、问实验电路中电流表示数为I，电压表示数为U，并测出该棒的长度为L，直径为d，则该材料的电阻率_(用I、U、L、d表示)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，绝缘光滑的竖直平面MN左侧同时存在相互垂直的匀强电场和匀强磁场，电场方向水平向右，电场强度大小为E，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B电荷量为q的带正电的小滑块从A点由静止开始沿MN下滑，到达C点时离开MN做曲线运动已知重力加速度为g，求：（1）小滑块从A点运动到C点时的时间t；（2）A、C两点间距离h ；（3）当小滑块运动到C点时迅速把电

10、场方向转为竖直向下，若小滑块受到的电场力大小与重力相等，D点为小滑块在运动过程中速度最大的位置，且最大速度大小为v ，求C、D两点间的竖直高度H14（16分）如图所示，两个圆弧与直轨道组合成固定光滑绝缘轨道，在高度h=2R以下存在、方向水平向右的匀强电场，其它几何尺寸如图所标，一带电量为q，质量为m的带正电的小球，从A处以初速度v0向右运动。(本题计算结果可以保留根式)（1）当小球运动到最高点B处时，对轨道的压力等于mg，试求小球落回水平轨道时与A处相距多远？（2）若小球整个运动只能束缚在轨道内运动而不脱离，则小球v0应满足的条件？（3）在第（2）问条件下v0取最大值时，求轨道对小球的最大弹力

11、为多少？ 15（12分） “太空粒子探测器”是由加速、偏转和收集三部分组成，其原理可简化为如图所示，辐射状的加速电场区域I边界为两个同心平行扇形弧面，为圆心，圆心角为120，外圆弧面AB的电势为，内圆弧面CD的电势为，M为外圆弧的中点。在紧靠右侧有一圆形匀强磁场区域，圆心为，半径为L，磁场方向垂直于纸面向外，磁感应强度的大小未知。在磁场区域下方相距L处有一足够长的收集板PNQ。已知M和PNQ为两条平行线，且与N连线垂直。假设太空中漂浮着质量为m，电量为q的带正电粒子，它们能均匀地吸附到AB弧面上，经电场从静止开始加速，然后从进入磁场，并最终到达PNQ板被收集，不计粒子间的相互作用和其他星球对粒

12、子引力的影响。已知从M点出发的粒子恰能到达N点，问：（1）粒了经电场加速后，进入磁场时的速度v的大小?（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小?（3）假设所有粒子从AB弧面同时出发，则最后到达收集板的是哪一点出发的粒子? 求出该粒子从至收集板的时间。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】带负电粒子从x1运动到x2的过程中电势能减小，则电场力做正功，故A正确；电场力做正功，说明粒子所受的电场力方向沿x轴正方向，因为粒子带负电，可知电场强度方向沿x轴负方向，故B错误；根据Ep=-Fx，可知Ep-x图象斜率的绝对值等于

13、电场力，可知粒子在x1处所受的电场力小于在x2处所受的电场力，所以x1处的电场强度小于x2处的电场强度的大小，故C错误；电场强度方向沿x轴负方向，根据顺着电场线方向电势逐渐降低，可得x1处的电势比x2处的电势低，故D错误。所以A正确，BCD错误。2、A【解析】试题分析：串联电路中各用电器电流相同，允许最大电流应小于等于0.5A，由，可知R1和R2在最大允许电流时的功率分别为0.5 W、1W，故A项正确考点：本题考查了串联电路、电功率的概念3、B【解析】船实际参加了两个分运动，沿船头指向的匀速直线运动和顺着水流而下的匀速直线运动，实际运动是这两个分运动的合运动，当船头指向不同，合速度不同，轨迹也

14、不同，由于合运动的时间等于沿船头方向分运动的时间，故渡河时间与水流速度无关，只与船头指向和船在静水中速度有关【详解】船实际参加了两个分运动，沿船头指向的匀速直线运动和顺着水流而下的匀速直线运动，实际运动是这两个分运动的合运动，由于船速大于水速，合速度可能与河岸垂直，可能垂直到达正对岸，故A错误；根据速度的合成可得船垂直到达正对岸的实际航行速度是：，故B正确；由于合运动的时间等于沿船头方向分运动的时间，故当船头指向垂直与河岸时，沿船头指向分位移最小，渡河时间最短为：，故C错误；船可以垂直到达正对岸时令船头的指向与上游河岸的夹角为，则有：，解得：，故D错误所以B正确，ACD错误【点睛】本题关键是将

15、实际运动沿船头指向和水流方向进行分解，根据合运动与分运动的同时性、独立性、等效性和同一性分析求解4、B【解析】公式E=U/d对于匀强电场适用，A错误，公式E=仅用于求点电荷电场的电场强度，式中Q是场源电荷的电荷量，B正确，任何带电体的电荷量都为元电荷的整数倍，所以C错误，电场线不是带电粒子的运动轨迹，D错误。5、B【解析】A由电阻箱所消耗功率P与电阻箱读数P变化的曲线可知，电阻箱所消耗功率P最大为45W，所以电源最大输出功率为45W，A错误；B电源输出功率最大的条件可知，电源输出功率最大时，外电路电阻等于电源内阻，所以电源内阻一定等于5，B正确；C由电阻箱所消耗功率P最大值为45W可知，此时电

16、阻箱读数为R=5，则有：解得：E=30V，C错误；D电阻箱所消耗功率P最大时，电源效率为50%，D错误6、C【解析】解： 两灯和滑动变阻器组成的电路，其中在干路上， 和变阻器并联后与串联，电压表测量的是两端电压，即测变阻器两端电压.当滑动变阻器的滑片从端向端滑动时，变阻器连入电路中的阻值减小，变阻器与并联的阻值减小，电路的总电阻减小；根据闭合电路欧姆定律，外电阻的减小使干路电流增大，可知通过的电流增大；电源内阻上的电压增大，外电路两端的电压减小，由于电流增大， 的电功率增大， 变亮；且两端电压增大， 两端电压减小，电压表的示数减小； 两端电压减小，使通过的电流减小；且的电功率减小， 变暗.所以

17、C正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A物体做曲线运动时合力指向轨迹内侧，由图根据粒子的运动的轨迹可知，粒子受到的电场力沿场强方向向上，场强方向和电场力方向相同，所以电荷为正电荷，故A正确；B从M点到N点，静电力方向与速度方向成锐角，说明电场力做正功，故B错误；C电场线密的地方电场强度大，电场线疏的地方电场强度小，由可知粒子在N点的受电力大，加速度大，故C正确。D顺着电场线方向电势逐渐降低，可知M点所在等势面的电势高于N点所在等势面的电势，则M点的电势

18、高于N点电势，故D错误；故选AC。8、BC【解析】电流表A2与定值电阻R1串联后，电流表A1的读数为5A，电流表A2的读数为3A，可知通过R2的电流为2A；可知R1+RA2R2=23，即R1R2。如果将A2与定值电阻R2串联，则此时并联支路的电阻小于电流表A2与定值电阻R1串联时并联支路的电阻，则电路的总电阻变小，总电流变大，即A1表的读数一定变大；A1两端的电压变大，则并联支路的电压减小，则因R2与A2支路电阻变大，可知流过定值电阻R2的电流一定变小，A2表的读数一定变小；总电流变大，则因R2支路的电流变小，则流过定值电阻R1的电流一定变大，则BC正确，AD错误；故选BC.【点睛】此题关键是

19、先比较两个电阻R1和R2的大小关系；然后才能比较变换电流表A2位置时总电阻的变化，结合动态电路问题进行分析.9、AB【解析】A与B碰撞的过程中二者组成的系统的动量守恒，规定A球初速度方向为正方向，若为完全非弹性碰撞，则：mv=（m+4m）v所以：v=0.2v若为弹性碰撞，由动量守恒得：mv=mvA+4mvB由机械能守恒得：联立得：根据碰撞的特点可知，碰撞后B的速度的范围：0.2vvB0.4vA. 0.2v与计算结果相符，故A正确。B. 0.3v与计算结果相符，故B正确。C. 0.6v与计算结果不符，故C错误。D. v与计算结果不符，故D错误。10、AC【解析】设电子的电量为q，质量为m，加速度

20、为a，运动的时间为t，则加速度，运动时间为：，偏转量为：联立可得：通过公式可以看出，提高侧移量，可以采用的方法是：加长板长L，减小两板间距离d和减小入射速度v1即可减小加速电压A尽可能把偏转极板做得长一点故A符合题意B尽可能把偏转极板做得短一点故B不符合题意C尽可能把偏转极板间的距离做得小一点故C符合题意D将电子枪的加速电压提高故D不符合题意三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1 25 更换到1倍率档位之后没有进行欧姆调零 A2 R2 电动机两端最大电压约为，比电压表量程小得多 B 【解析】(1)12指针指示位置很靠近欧姆“0”刻度,即

21、选择的倍率过大，故应将选择开关旋到“1”欧姆的倍率档.根据图可读出读数为25.(2)3欧姆表更换档位后要重新欧姆调零，故遗漏步骤为：更换到1倍率档位之后没有进行欧姆调零.(3)45电路最大电流约为：选3A量程电流表读数误差太大，因此电流表应选A2，由电路图可以知道滑动变阻器采用分压接法,为方便实验操作,滑动变阻器应选R2.6电动机两端最大电压约为：比电压表量程小得多，故应串联一个电阻.7连接的实物图如图所示：8由电路图可以知道,电压表测定值保护电阻与电动机两端电压，电流表测通过他们的电流，因此U-I图象的斜率是导线圈的电阻与R0阻值之和，所以B正确.12、2000 3.206mm 50.15m

22、m 【解析】（1）1用多用电表的欧姆挡（倍率为“10”）粗测其电阻，由图乙所示可知，其读数：R=2010=200（2）23由图丙所示螺旋测微器可知，其示数：d=3mm+20.80.01mm=3.208mm由图丁所示游标卡尺可知，其示数：L=50mm+30.05mm=50.15mm（3）4待测电阻阻值约为200，电流表内阻约为0.2，电压表内阻约为3k，待测电阻阻值远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，滑动变阻器最大阻值为20，待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如图所示：（4）5导电材料棒电阻率的测量值明显偏小，导电材料棒电阻的测量值偏小，说明电流表采用外接法，由图示电路图可知，导线连接错误（5）6导电材料的电阻：电阻率四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。