云南省宣威市第三中学2023学年物理高二第一学期期中考试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，电表均为理想电表，两个相同灯泡的电阻均为R，且R大于电源内阻现将滑动变阻器滑片向下滑动，电压表、示数变化量的绝对值分别为，电流表示数A变化量的绝对值为，则（ ）A两灯泡的亮度始终一样且逐渐变亮B、的示数增大，的示数减小C与的比值为2RrD 2、在图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。开关闭合后，灯泡L能正常发光。当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（ ）A电流表读数变大 B灯泡L将变暗C电容器C的电量将减小

3、D电源的总功率变大3、有一横截面积为S的铜导线，流经其中的电流为I已知单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电荷量为q此时电子的定向移动的速度为v在t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为ABCD4、下列关于物体重力的说法中不正确的是A地球上的物体只有运动时才受到重力B同一物体在某处向上抛出后和向下抛出后所受重力一样大C某物体在同一位置时，所受重力与静止还是运动无关，重力大小是相同的D物体所受重力大小与其质量有关5、如图甲所示，单匝线圈两端A、B与一理想电压表相连，线圈内有一垂直纸面向里的磁场，线圈中的磁通量变化规律如图乙所示。下列说法正确的是( )A00.1s内磁通量的变化量为0.15

4、WbB电压表读数为VCB端比A端的电势高D电压表“”接线柱接A端6、如图所示，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，那么小球从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中（弹簧保持竖直），下列关于能的叙述正确的是( ) A弹簧的弹性势能先增大后减小B小球的动能一直在增大C小球的重力势能一直在减小D小球与弹簧组成系统的机械能总和先增大后减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电解池内有一价的电解液，ts内通过溶液内截面S的正离子数是，负离子数是，设元电荷为e，则以下解

5、释中正确的是A正离子定向移动形成的电流方向是从，负离子定向移动形成的电流方向是B溶液内正、负离子向相反方向移动，电流方向相同C溶液内电流方向从A到B，电流D溶液中电流方向从A到B，电流8、在如图所示的U-I图线中，直线为某一电源的路端电压与电流的关系图像，直线为某一电阻R的伏安特性曲线用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路，由图象可知( )A电源的电动势为3 V，内阻为0.5B电阻R的阻值为2C电源的输出功率为4 WD电源的效率为80%9、质量为m的金属导体棒置于倾角为的导轨上，棒与导轨间的动摩擦因数为，当导体棒通以垂直纸面向里的电流时，恰能在导轨上静止，如图所示的四个图中，标出了四种可能的匀强

6、磁场方向，其中棒与导轨问的摩擦力可能为零的是( )ABCD10、一平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地，在两极板之间有一正点电荷（电量很小）固定在P点，如图所示，以C表示电容，以E表示两极板间电场强度，表示负极板的电势，表示正点电荷在P点的电势能，将正极板移到图中虚线所示的位置，则（）AE变大、降低 BC增大，E不变CE变小、变小 D升高、变大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图，由图可知其长度为_mm.（2）用螺旋测微器测量其直

7、径如图，由图可知其直径为_mm. （3）用多用电表的电阻“”档，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图，则该电阻的电阻值约为_.若使用的是直流电压“V”，则该电压的读数为_V.（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R； 开关S； 导线若干；直流电源E（电动势4 V，内阻不计）电流表A1（量程04 mA，内阻约50 ） 电流表A2（量程010 mA，内阻约30 ）；电压表V1（量程03 V，内阻约10 k） 电压表V2（量程015 V，内阻约25 k）；滑动变阻器R1（阻值范围015 ，允许通过的最大电流为2.0 A）；滑动变阻器R2（

8、阻值范围02 k，允许通过的最大电流为0.5 A）为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，电阻R两端的电压从零调起，请在方框中画出测量的电路图_，电流表应选_电压表应选_变阻器选择_12（12分）用如图1所示电路测量电源的电动势和内阻实验器材：待测电源（电动势约3V，内阻约2），保护电阻R1（阻值10）和R2（阻值5），滑动变阻器R，电流表A，电压表V，开关S，导线若干实验主要步骤：（i）将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关；（）逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I；（）在图2中，以U为纵坐标，I为横坐标，做UI图线_（U、I都用国际单位）；（）

9、求出UI图线斜率的绝对值k和在横轴上的截距a回答下列问题：（1）电压表最好选用_；电流表最好选用_A电压表（03V，内阻约15k） B电压表（03V，内阻约3k）C电流表（0200mA，内阻约2） D电流表（030mA，内阻约2）（2）滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是_A两导线接在滑动变阻器电阻丝两端接线柱B两导线接在滑动变阻器金属杆两端接线柱C一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接线柱D一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱，另一条导线接在电阻丝右端接线柱（3）选用k、a、R1和R2表示待测电源的电动势E和内阻r的

10、表达式E=_，r=_，代入数值可得E和r的测量值四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，固定于水平面上的金属架CDEF处在竖直向下的匀强磁场中，框架间距为l，EF间有电阻R16R和R23R.金属棒MN长也为l，电阻为R，沿框架以速度v从靠近EF的位置开始，向右匀速运动.除了电阻R1、R2和金属棒MN外，其余电阻不计.开始磁感应强度大小为B0，求：(1)金属棒MN的感应电动势多大？回路EFMN的电流大小和方向如何？(2)电阻R1消耗的电功率多大？当运动到金属棒MN与边EF相距为d时，流过R1的电荷量为多

11、少？(3)当金属棒MN运动到与边EF相距为d时，记为t0时刻，保持导体棒的速度不变.为使MN棒中不产生感应电流，磁感应强度B随时间t发生变化，请推导B与t的关系式.14（16分）质谱仪是用来测定带电粒子质量和分析同位素的重要工具，如图所示，电容器两极板相距为d，两板间电压为U，极板间匀强磁场的磁感应强度为B1，方向垂直纸面向外一束电荷电量相同、质量不同的带正电的粒子，沿电容器的中线平行于极板射入电容器，沿直线匀速穿过电容器后进入另一磁感应强度为B2的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外结果分别打在感光片上的a、b两点，设a、b两点之间距离为x，粒子所带电荷量为q，且不计重力，求：（1）求粒子进入磁场

12、B2时的速度v的大小.（2）求打在a、b两点的粒子质量之差m.（3）比较这两种带电粒子在磁场B2中运动时间的大小关系，并说明理由.15（12分）如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场线方向，bc和电场线方向成60角，一个电荷量为q=410-8C的正电荷从a点移到b点时静电力做功为W1=1.210-7J，求：（1）匀强电场的场强E；（2）电荷从b移到c，静电力做功W2；（3）a、c两点间的电势差Uac参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】理想电压表内阻无穷大，相当

13、于断路，理想电流表内阻为零，相当短路，分析电路的连接关系，根据欧姆定律和串、并联电路的规律分析；【详解】A、由于电表均为理想电表，即电流表为短路，电压表为断路，则两电灯与滑动变阻器为串联关系，为测量灯的电压、为测量路端电压、为测量灯和电阻的总电压，当滑动变阻器滑片向下滑动时，则接入电路的电阻增大，则电路中电流减小，则两灯的亮度逐渐变暗，故选项A错误；B、由上面分析可知，总电流减小，则灯的电压减小，即示数减小，内电压减小则路端电压增大，根据串联电路的关系可知，电压表示数增大，故选项B错误；C、根据闭合电路欧姆定律得：，则得：，故选项C错误；D、根据闭合电路欧姆定律得：，则根据闭合电路欧姆定律得：

14、，则综上所述可知：，故选项D正确【点睛】本题是电路的动态分析问题，关键要搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析即可2、B【解析】试题分析：据题意，当滑片向右滑动时，滑动变阻器电阻增大，整个电路总电阻增大，总电流减小，故选项A错误；由于电流减小，灯泡将变暗，故选项B正确；电流减小致内电压减小而外电压增大，电容器电压等于外电压，据Q=CU，电容器电荷量将变大，故选项C错误；电源总功率为：P=EI，即将减小，故选项D错误。考点：本题考查电路动态平衡问题。3、D【解析】在t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中经过的长度为vt，由于铜导线的横截面积为S，则在t

15、时间内，电子经过的导线体积为vtS，又由于单位体积的导线有n个自由电子，在t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为nvSt，故D正确，C错误；由于流经导线的电流为I，则在t时间内，流经导线的电荷量为It，而电子的电荷量为q，则t时间内通过导线横截面的自由电子数目可表示为，故AB错误所以D正确，ABC错误4、A【解析】A.地球上或地球附近的任何物体都要受到重力作用，不论物体运动还是静止，也不论物体做什么样的运动，故A错误，符合题意；B.同一物体在某处向上抛出后和向下抛出后所受重力一样大，故B正确,不符合题意C.某物体在同一位置时，所受重力与静止还是运动无关，重力大小是相同的，故C正确，不符

16、合题意；D.重力的大小G=mg，可知重力与其质量有关，故D正确，不符合题意5、D【解析】A.00.1s内磁通量的变化量为0.05Wb，故A错误B.感应电动势，故B错误C.根据楞次定律判断B端比A端的电势低，故C错误D. B端比A端的电势低，电压表“”接线柱接A端，故D正确故选D6、C【解析】弹簧的弹性势能看的是弹簧形变量的大小；动能的大小与物体的速度有关，知道速度的变化规律可以知道动能的变化规律；重力势能与物体的高度有关，根据高度的变化来判断重力势能的变化；由外力做功与物体机械能变化的关系，可以判断机械能的变化；【详解】在小球刚接触弹簧的时候，弹簧的弹力小于物体的重力，合力向下，小球还是向下加

17、速，当弹簧的弹力和物体的重力相等时，小球的速度达到最大，之后弹力大于了重力，小球开始减速，直至减为零。A、由于弹簧一直处于压缩状态并且形变量越来越大，所以弹簧的弹性势能一直在增大，故A错误；B、根据以上分析，小球的速度先变大后变小，所以动能也是先变大后变小，故B错误。C、由于在下降的过程中，重力对小球正功，故小球的重力势能减小，故选项C正确； D、根据机械能守恒条件可知，小球与弹簧系统机械能守恒，故D错误。【点睛】首先要明确小球的整个的下落过程，知道在下降的过程中各物理量之间的关系，在对动能和势能的变化作出判断，需要学生较好的掌握基本知识。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在

18、每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】电荷的定向移动形成电流，正电荷的定向移动方向是电流方向，由图示可知，溶液中的正离子从A向B运动，负离子从B到A，因此电流方向是AB，故A错误，B正确；溶液中的正离子从A向B运动，因此电流方向是AB，电流，故C错误，D正确8、AC【解析】A. 根据闭合电路欧姆定律得U=E-Ir，当I=0时，U=E，读出电源的电动势E=3V，内阻等于图线的斜率大小，则故A正确。B.电阻阻值故B错误。C. 两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时工作状态，由图读出电压U=2V，电流I

19、=2A，则电源的输出功率为P出=UI=4W故C正确；D. 电源的效率故D错误。9、AD【解析】导线静止，受力平衡，对导线受力分析，受到向下的重力作用，垂直于斜面向上的支持力，沿斜面向上的静摩擦力。A项中安培力竖直向上，安培力、重力以及支持力三个力可能平衡，可以不受摩擦力作用；故A对；B项中安培力垂直斜面向下，重力、安培力以及支持力不可能平衡，因此必须要有摩擦力；故B错C项中安培力水平向左，重力、安培力以及支持力不可能平衡受摩擦力；故C错；D项中安培力沿斜面向上，重力与安培力以及支持力可以平衡时导线可以不受摩擦力。故D对；故选AD10、BD【解析】平行板电容器充电后与电源断开，电容器的电量不变将

20、正极板移到图中虚线所示的位置，板间距离减小，由C=S4kd 、C=QU和E=Ud 结合得E=4kQS，可知板间场强E不变，电容C增大，而电量Q不变，由公式C=QU分析得知板间电压U减小由于负极板的电势比正极板低，则升高故AC错误，B正确根据U=Ed，E不变，P点到正极板的距离减小，则正极板与P点的电势差减小，正极板电势为零，P点的电势比正极板低，则P点的电势升高，正电荷在P点的电势能增大故D正确故选BD.点睛：本题是电容器的动态变化分析问题，难点是确定P点与负极板的电势变化，往往根据电势差及电势高低分析电势的变化三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算

21、过程。11、50.15 4.700 220 3.9 A2 V1 R1 【解析】（1）游标卡尺主尺读数为50mm，游标尺读数为30.05mm=0.15mm，故测量值为50.15mm；（2）螺旋测微器主轴读数为4.5mm，螺旋读数为20.00.01mm=0.200mm，故测量值为4.700mm；（3）欧姆表的读数为刻度值乘以倍率，所以测量值为2210=220，因指针指在中央刻度值附近，故不需要换倍率；（4）电动势为4V，故电测电阻的最大电流约为，所以电流表选择A2；电压表选择V1；因要测量多组数据故滑动变阻器用分压式接法，为调节方便，所以滑动变阻器应选择跟待测电阻相差不大的阻值，即选择R1，综上所

22、述，电路应该按如图所示接法。12、 A； C； C； ka； k-R2【解析】(1)电压表并联在电路中，故电压表内阻越大，分流越小，误差也就越小，因此应选内阻较大的A电压表；当滑动变阻器接入电阻最小时，通过电流表电流最大，此时通过电流表电流大小约为；因此，电流表选择C；(2)分析电路可知，滑片右移电压表示数变大，则说明滑动变阻器接入电路部分阻值增大，而A项中两导线均接在金属柱的两端上，接入电阻为零；而B项中两导线接在电阻丝两端，接入电阻最大并保持不变；C项中一导线接在金属杆左端，而另一导线接在电阻丝左端，则可以保证滑片右移时阻值增大；而D项中导线分别接右边上下接线柱，滑片右移时，接入电阻减小；故D错误；故选：C；(3)由闭合电路欧姆定律可知：U=EI（r+R2），对比伏安特性曲线可知，图象的斜率为k=r+R2； 则内阻r=KR2； 令U=0，则有： ； 由题意可知，图象与横轴截距为a，则有： ；解得：E=Ka； 点晴：本题考查测量电源的电动势和内电阻实验中的仪表选择以及数据处理，要注意明确根据图象分析数据的方法，重点掌握图象中斜率和截距的意义四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)B0lv 方向为逆时针