2023学年安徽省黉学高级中学物理高二上期中达标检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图甲所示，一带正电的粒子以水平初速度vo（vo W2B一定是W1= W2C一定是W1 W2，也可能是W1 bc)的导体，将其中的两个对立面接入电路中时，最大的电阻为R，则最小的

2、电阻为 ()AR Bc2Rab Cc2Rbc Dc2Ra2 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、欧姆定律不适用于下列哪种情况( )A气体导电B半导体导电C电解液导电D金属导电8、关于电源，下列说法正确的是A电源是把其他形式能转化为电能的装置B在电源内部，依靠电场力搬运电荷C电源内部存在着由负极指向正极的电场D电动势由电源中非静电力的特性决定，跟其体积、外电路无关9、如图所示的电路，R1、R2是两个定值电阻，R是滑动变阻器，R3为小灯泡，电源内阻为r开关闭合后，当滑动变

3、阻器触头P向上移动时（ ）A电压表示数变大B小灯泡亮度变大C电容器充电D电源的总功率变大10、一洗衣机在正常工作时非常平稳，当切断电源后发现先是振动越来越剧烈、然后振动逐渐减弱，这一过程中洗衣机振幅随波轮转速（国际单位制中，转速与波轮对洗衣机施加的力的频率数值上相等）变化的关系图线如图所示，对这一现象下列说法正确的是（ ）A正常工作时，洗衣机波轮的转速数值上大于洗衣机的固有频率B正常工作时，洗衣机波轮的转速数值上小于洗衣机的固有频率C当洗衣机振动最剧烈时，洗衣机的固有频率最大D当洗衣机振动最剧烈时，波轮转速数值上恰等于洗衣机的固有频率三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的

4、答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学设计了一个测量液体电阻率的实验，他在一根均匀的长玻璃管两端装上两个橡胶塞和铂电极，如图所示，两电极相距L=0.314m，其间充满待测的河水，安装前他用游标卡尺测量玻璃管的内径，测量结果为D=6.70mm。所用仪器：量程15V、内阻300K的电压表 量程300A、内阻50的电流表最大阻值1K的滑动变阻器， 电动势E=12V、内阻r=6的电池组开关等各一个，以及导线若干图坐标中包括坐标为(0，0)的点在内的9个点表示他测得的9组电流I、电压U的值，已在坐标中标出。根据以上材料完成以下问题：在坐标系中作出U-I图线_开关闭合前滑动变阻器的滑片应先滑至_端

5、（填C端或D端）。图中的仪器实物部分已连线，将其它部分连接成能测出图数据的实物连接图_.液体的电阻R=_求出液体的电阻率=_（用题中给出的字母表示，无需计算出结果）12（12分）某同学用伏安法测定待测电阻Rx的阻值（约为10k），除了Rx，开关S、导线外，还有下列器材供选用：A电压表（量程01V，内阻约10k）B电压表（量程010V，内阻约100k）C电流表（量程01mA，内阻约30）D电流表（量程00.6A，内阻约0.05）E.电源（电动势1.5V，额定电流0.5A，内阻不计）F.电源（电动势12V，额定电流2A，内阻不计）G.滑动变阻器R0（阻值范围010，额定电流2A）为使测量尽量准确，

6、电压表选用_，电流表选用_，电源选用_。（均填器材的字母代号）；画出测量Rx阻值的实验电路图_。该同学选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理上看，待测电阻测量值会_其真实值（填“大于”“小于”或“等于”），原因是_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，坐标平面第象限内存在大小为E3105N/C、方向水平向左的匀强电场，在第象限内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场质荷比的带正电的粒子，以初速度v02107m/s从x轴上的A点垂直x轴射入电场，OA0.15 m，不计粒子的重力(1)求粒子经过y轴时的位

7、置到原点O的距离；(2)若要使粒子不能进入第象限，画出粒子运动轨迹，求磁感应强度B的取值范围(不考虑粒子第二次进入电场后的运动情况)14（16分）如图所示电路，电源电动势为6.0V，内阻8。图中，电容器C的电容为240F，当S闭合时电源的输出功率最大。(1)求R3（要有推导过程）；(2)将闭合的S断开，求电容器上的电量变化量。增加了还是减少了。15（12分）如下图所示,匀强电场中的A、B、C,三点连线组成一个直角三角形,其中为直角,等于,边长,现将一电量为的负点电荷从A点移到B点,电场力做功;将另一个电量为的负点电荷从A点移到C点,电场做功.设B点的电势为零,求: (1)A、C两点的电势差；(

8、2)匀强电场的电场强度大小和方向(在图上画出).参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】先判断带电粒子在电场中的受力情况和在重叠区的受力情况，比较两种情况中的偏转位移的大小，而洛伦兹力对粒子不做功，只有电场力做功，进而可以判断做功大小【详解】不论带电粒子带何种电荷，粒子穿过重叠场区时，电场力的方向与洛伦兹力的方向的夹角大于90，所以带电粒子在电场中的偏转位移比重叠时的偏转位移大，所以不论粒子带何种电性，甲中带电粒子在电场中偏转位移一定大于乙中的偏转位移，而洛伦兹力对带电粒子不做功，只有电场力做功，所以一定是W

9、1W2，故A正确。故选A。【点睛】本题解题的关键是分析两种情况下的偏转位移的大小，洛伦兹力对带电粒子不做功，难度适中2、D【解析】A发电总功率为3kW ，则年发电总量为：故A错误.B工作总电路约为：故B错误.C该光伏项目富余发电的年收入约为：元故C错误.D该光伏项目平均每天的发电量大约可供一盏60W的白炽灯工作的时间为：故D正确。3、C【解析】A根据欧姆定律公式和电功率P=UI得到，故A灯泡电阻为484，B灯泡电阻为242，两灯泡电阻之比RA：RB=2：1故A错误；B两个电灯泡电阻之比为2：1，根据U=IR，电压之比为2：1，故B错误；C根据P=I2R，电流相等，故电功率之比为2：1，故C正确

10、；D根据焦耳定律，Q=I2Rt，电流和时间相等，故热量之比等于电阻之比，为2：1，故D错误。4、C【解析】这个要根据串联电路或者并联电路中的电表和灯泡的亮、灭来进行判断例如串联电路中，如果电流表示数为零，则一定是断路，谁断，谁两端的电压表示数就会变大为电源电压而并联电路中是不能存在短路的，也就是只有断路故障，谁断，测量它的电流表的示数就为零【详解】A、若电热壶所在的C、D两点间发生了断路故障，则电饭煲应该可以正常工作，但现在电热壶也不工作，加之试电笔插入插座的左、右插孔，氖管均能发光故A错误；B、若是电热壶所在的C、D两点间发生了短路故障，则灯泡不可能正常发光，故B错；C、只有导线AB断路，导

11、致电热壶不能正常工作，同时试电笔插入插座的左、右插孔，氖管均能发光故C正确；D、因插座用导线接地，没有影响火线与零线故D错误；故选C【点睛】本题考查了家用电路的故障分析，要能够根据出现故障的现象，判断故障可能发生的原因，了解电路的连接情况，判断是短路还是断路，能够排除故障，确保电路和人身安全.5、B【解析】试题分析：首先根据液滴在重力场和电场中的受力情况，判断出液滴在复合场中均做初速度为零的匀加速直线运动（在水平和竖直两个方向上均是初速度为零匀加速直线运动），作图画出两液滴的轨迹图，根据初速度为零的匀加速直线运动的位移公式即可求出两液滴的电量之比两个带电液滴在复合场中分别受到大小不变的电场力和

12、重力（即各自的合力不变），又是由静止自由释放，可知两个液滴均做初速度为零的匀加速直线运动（在水平和竖直两个方向上均是初速度为零匀加速直线运动），运动轨迹如图所示，设OA的距离为L，设AB=BC=h，对液滴1：水平方向上有，竖直方向上有；对液滴2：水平方向上，竖直方向上有，式联立得，B正确6、D【解析】由电阻定律：R=LS可知横截面积越小，长度越大，电阻越大；横截面积越大，长度越短，电阻越小。故电阻最大时，横截面积应该最小，即从左右两端接入，此时电阻为：R=abc解得：=Rbca当从上下两个面接入时电阻最小，此时电阻为：r=cab=c2Ra2，故D正确，ABC错误故选：D.二、多项选择题：本题共

13、4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】欧姆定律为实验定律，只适用于金属导电及电解液导电；不适用于半导体及气体导电【详解】欧姆定律不适用于半导体及气体导电，只适用于金属导体及电解液导电；故应选：AB【点睛】本题考查欧姆定律的适用范围，明确欧姆定律为实验定律，不能用于半导体及气体导电8、AD【解析】A电源能将其他形式的能转化为电能，故A正确；B电源内部依靠非静电力搬移电荷而做功，把其他形式的能转化为电能，故B错误；C电源内部存在着由正极指向负极的电场，故C错误；D电动势是表示电源把其

14、他形式的能转化为电能的本领大小的物理量，电动势由电源中非静电力的特性决定，跟其体积、外电路无关，故D正确。9、AC【解析】闭合开关后，当滑动变阻器触头P向上移动时，增大，外电路总电阻增大，干路中电流减小，则小灯泡亮度变小电源的内电压减小，路端电压增大，则电压表的示数变大，故AB错误；电路稳定时电容器的电压等于、串联总电压，根据串联电路电压分配规律可知，增大，电容器的电压增大，则电容器充电，故C正确；电源的总功率为，干路电流I减小，则电源的总功率变小，故D错误【点睛】本题按“部分整体部分”的思路进行动态变化分析对于电压表的示数，可以直接根据路端电压随外电阻而增大的结论进行分析根据串联电路电压与电

15、阻成正比的特点，分析各部分电压的变化，比较简便10、AD【解析】A.当波轮振动频率等于洗衣机固有频率时，发生共振，振幅最大，所以根据图像可知，正常工作时，洗衣机波轮的转速数值上大于洗衣机的固有频率，故A正确B.根据选项A的分析，故B错误C.固有频率是自身属性，不随外界变化。故C错误D.当波轮振动频率等于洗衣机固有频率时，发生共振，振动最剧烈，故D正确故选AD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、图像如图 C端 实物连线； （1.00.1）105 【解析】在坐标图中画出U-I图线如图所示；为保护电流表，开关闭合前，滑片应滑到C端；实物连线如

16、图；由U-I图象可求出液体的电阻： 根据及， 可解得，点睛：对实验问题，关键是明确实验原理，然后根据相应规律求解即可，要熟记伏安法测量电阻时电流表内接法与外接法选择的依据，以及滑动变阻器应采用分压式的几种情况：测量电路要求电流从零调，滑动变阻器的全电阻远小于待测电阻阻值等12、B C F 大于 电压表的读数大于待测电阻两端实际电压 【解析】由于本题的被测电阻达到10k，所以电源要选择电动势大的，然后根据电路电流选择电流表，电压表；若采用限流接法，则电路中电流和电压变化不明显，故采用滑动变阻器的分压接法，根据和的关系分析电流表的接法；根据电流表的接法判断实验误差所在；【详解】13若选用电源1.5

17、V，由于被测电阻很大，电路中电流非常小，不利于实验，即电源选用12V的，即F；则电压表就应该选取B；2电路中的最大电流为故选用电流表C。4因为给的滑动变阻器的最大阻值只有10，若采用限流接法，则电路中电流和电压变化不明显，故采用滑动变阻器的分压接法，由于，所以采用电流表内接法，电路图如图所示 56由于电流表的分压，导致电压测量值偏大，而电流准确，根据可知测量值偏大；【点睛】滑动变阻器的分压和限流接法的区别和选用原则：区别：(1)限流接法线路结构简单，耗能少；(2)分压接法电压调整范围大，可以从0到路端电压之间连续调节；选用原则：(1)优先限流接法，因为它电路结构简单，耗能较少；(2)下列情况之

18、一者，须采用分压接法：当测量电路的电阻远大于滑动变阻器阻值，采用限流法不能满足要求时（本题就是该例子）；当实验要求多测几组数据（电压变化范围大），或要求电压从零开始调节；电源电动势比电压表量程大得多，限流法滑动变阻器调到最大仍超过电压表量程时。电流表内接和外接的选用：当时，宜采用内接法，即大电阻用内接法；当时，宜采用外接法，即小电阻用外接法；可记忆为“大内，小外”。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）14 m（2）B4112T【解析】(1)对带电粒子在电场中的运动由平抛运动规律可求出粒子速度大小与方向；(2)设粒