重庆市杨家坪中学2022-2023学年物理高三上期中学业质量监测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，假如小球所受空气阻力大小恒定，该过程的位移一时间图像如图所示，g取10m/s2，下列说法正确的是（ ）A小球抛出时的速度

2、为12m/sB小球上升和下落的时间之比为C小球落回到抛出点时所受合力的功率为D小球上升过程的机械能损失大于下降过程的机械能损失2、一个质量为的物体以a2g的加速度竖直向下运动，则在此物体下降h高度的过程中，下列说法正确的是（ ）A物体的重力势能减少了2mghB物体的动能增加了2mghC物体的机械能保持不变D物体的机械能增加了2mgh3、磁性车载支架（如图甲）使用方便，它的原理是将一个引磁片贴在手机背面，再将引磁片对准支架的磁盘放置，手机就会被牢牢地吸附住（如图乙）。下列关于手机（含引磁片）的说法中正确的是（ ） A汽车静止时手机共受三个力的作用B只要汽车向前加速的加速度大小合适，手机可能不受支

3、架对它的摩擦力作用C当汽车以某一速度匀速运动时，支架对手机的作用力为零D汽车静止时，支架对手机的作用力大小等于手机的重力大小4、如图所示，质量分别为、的两个物块间用一轻弹簧连接，放在倾角为的粗糙斜劈上，物块与斜劈间的动摩擦因数均为，用平行于斜面、大小为的拉力作用在上，使、一起向上作匀加速度运动，斜劈始终静止在水平地面上，则（ ）A弹簧的弹力为B弹簧的弹力为C地面对斜劈的摩擦力水平向右D地面对斜劈无摩擦作用5、一个从静止开始作匀加速直线运动的物体，从开始运动起，连续通过三段位移的时间分别是3s、3s、3s，这三段位移的长度之比是A1:2:3B1:23:33C1:3:5D1:22: 326、201

4、6年国际滑联世界青年速度滑锦标赛中，中国选手杨涛夺得500米季军，如图为杨涛在冰面上的运动轨迹，图中关于他的速度方向、合力方向正确的是ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法中正确的是（ ）A第二类永动机是不可能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违法热力学第二定律B布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的分子无规则运动的反映C同一温度下，气体分子速率呈现出“中间多，两头少”的分布规律D物体熔化时吸热，分子平均动能不一定增加E.只知道气体的摩尔体积和阿伏伽

5、德罗常数就可以算出气体分子的体积8、如图所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变用水平力F缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x1，此时物体静止撤去F后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x1物体与水平面间的动摩擦因数为，重力加速度为g则（）A撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B撤去F后，物体刚运动时的加速度大小为C弹簧被压缩了x1时具有的弹性势能为3mgx1D物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为mg（x1）9、如图，一光滑的轻滑轮用细绳OO悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a，另

6、一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b外力F向右上方拉b，整个系统处于静止状态若F方向不变，大小在一定范围内变化，物块b仍始终保持静止，则（）A绳OO的张力也在一定范围内变化B物块b所受到的支持力也在一定范围内变化C连接a和b的绳的张力也在一定范围内变化D物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化10、质量为2103kg的汽车由静止开始沿平直公路行驶，行驶过程中牵引力F和车速倒数的关系图象如图所示已知行驶过程中最大车速为30m/s，设阻力恒定，则()A汽车运动过程中受到的阻力为6103NB汽车在车速为5m/s时，加速度为3m/s2C汽车在车速为15m/s时，加速度为1m/s2D汽车在行驶过程中的最大

7、功率为6104W三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为测定木块与桌面之间的动摩擦因数，小亮设计了如图所示的装置进行实验实验中，当木块A位于水平桌面上的O点时，重物B刚好接触地面将A拉到P点，待B稳定后静止释放，A最终滑到Q点分别测量OP、OQ的长度h和s.改变h，重复上述实验，分别记录几组实验数据（1）实验开始时，发现A释放后会撞到滑轮请提出两个解决方法_（2）请根据下表的实验数据在下图中作出sh关系的图象（_）h/cm20.030.040.050.060.0s/cm19.528.539.048.056.5（3）实验测得A、B的质

8、量分别为m0.40 kg、M0.50 kg.根据sh图象可计算出A木块与桌面间的动摩擦因数_（结果保留一位有效数字）（4）实验中，滑轮轴的摩擦会导致的测量结果_（选填“偏大”或“偏小”）12（12分）将力传感器连接到计算机上，不仅可以比较精确地测量力的大小，还能得到力随时间变化的关系图象。甲图中，某同学利用力的传感器测量小滑块在光滑半球形容器内的运动时对容器的压力来验证小滑块的机械能守恒，实验步骤如下：如图甲所示，将压力传感器M固定在小滑块的底部；让小滑块静止在光滑半圆形容器的最低点，从计算机中得到小滑块对容器的压力随时间变化的关系图象如图乙所示；让小滑块沿固定的光滑半球形容器内壁在竖直平面的

9、之间往复运动，、与竖直方向之间的夹角相等且都为（5）从计算机中得到小滑块对容器的压力随时间变化的关系图象如图丙所示。请回答以下问题：（1）小滑块的重量F0为_N。（2）为了验证小滑块在最高点A和最低点处的机械能是否相等，则_。A一定得测出小滑块的质量mB一定得测出OA与竖直方向的夹角C一定得知道当地重力加速度g的大小D只要知道图乙中的压力F0和图丙中的最小压力F1、最大压力F2的大小（3）若已经用实验测得了第（2）小问中所需测量的物理量，用R表示半圆形容器的半径，则小滑块从A点到最低点的过程中重力势能减小_（用题中所给物理量的符号来表示），动能增加 _（用题中所给物理量的符号来表示），由测量的

10、数据得到小滑块的机械能_（填“是”或“不”）守恒的。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，水平地面上有一质量的金属块，其与水平地面间的动摩擦因数， ，在与水平方向成角斜向上的恒定拉力作用下，以的速度向右做匀速直线运动已知， ， 取求：（1）拉力的大小；（2）经时间，拉力的冲量大小；（3）若某时刻撤去拉力，撤去拉力后，金属块在地面上还能滑行多长时间14（16分）如图甲所示，质量为的木板静止在光滑水平面上，质量为的物块以初速度滑上木板的左端，物块与木板之间的动摩擦因数为.在物块滑上木板的同时，给木板施加

11、一个水平向右的恒力F，当恒力F取某一值时，物块在木板上相对于木板滑动的路程为s，给木板施加大小不同的恒力F，得到的关系如图乙所示，其中AB段与横轴平行，且AB段的纵坐标为.将物块视为质点，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取.（1）若恒力,则物块会从木板的右端滑下，求物块在木板上滑行的时间.（2）图乙中BC为直线段，求该段恒力F的取值范围及函数关系式.（3）简要说明图乙中线段DE所表示的物块和木板的相对运动情况15（12分）如图，质量为m=2kg的小物块在与水平成37o的恒力F作用下由静止开始沿粗糙水平面AB运动，4s末恰好到达B点时迅速撤去F，物体继续沿倾角为37o的足够长的粗糙斜面BC

12、运动已知物体与水平面和斜面间的动摩擦因数均为=0. 5,物体在水平面上运动的AB间距离为4m，不计物体在B点的能量损失(已知sin=0.6,cos=0.8)求:（1）小物块所受到的恒力F;（2）小物块从B点沿斜面向上运动,到返回B点所用的时间参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由图知，小球上升的位移 x=24m，用时 t1=2s，平均速度由得初速度 v0=24m/s故A错误上升时加速度大小为；由牛顿第二定律得：mg+f=ma1；解得空气阻力的大小 f=2N；对于下落过程，由牛顿第二定律得 mg-f=ma2

13、；解得 a2=8m/s2；则 a1：a2=3：2；根据位移公式x=at2，及上升和下落的位移大小相等，可知上升和下落的时间之比为故B错误由上可得下落时间，小球落回到抛出点时速度为所受合力 F合=mg-f=8N，此时合力的功率为故C正确小球上升和下落两个过程克服空气阻力做功相等，由功能原理知，球上升过程的机械能损失等于下降过程的机械能损失故D错误故选C2、B【解析】A. 物体下降h高度的过程中，重力做功mgh，则重力势能减小mgh.故A错误；B. 根据牛顿第二定律知，合力为2mg，根据动能定理知，合力做功为2mgh，则动能增加2mgh.故B正确；C. 重力势能减小mgh，动能增加2mgh，则机械

14、能增加了mgh.故C错误，D错误故选：B.点睛：根据重力做功判断重力势能的变化，根据合力做功判断动能的变化，根据动能和重力势能的变化判断机械能的变化3、B【解析】A. 手机处于静止状态，受力平衡，手机受到重力、支架的支持力、摩擦力以及磁片的吸引力，共受到四个力的作用；故A错误.B. 手机处于静止状态，受力平衡，受到重力和磁片对手机的作用力，根据平衡条件可知，磁片对手机的作用力大小等于重力，方向与重力方向相反；故B正确.C、D、由于磁片对手机的支持力与磁片的吸引力的方向都与支架的平面垂直，它们的合力不能抵消重力沿支架斜面方向向下的分力，所以无论是向前加速还是减速，都必定受到支架的沿斜面向上的摩擦

15、力的作用；故C错误，D错误.故选B.【点睛】手机处于静止状态，受力平衡，对手机受力分析，根据平衡条件分析即可4、A【解析】AB对整体分析，根据牛顿第二定律得，隔离对分析，根据牛顿第二定律得，计算得出，所以A正确；B错误； CD以斜面为研究对象，分析受力情况：重力、的压力和滑动摩擦力、地面的支持力，则由平衡条件可以知道，地面对斜面的摩擦力必定水平向左，斜面才能保持平衡，故C、D错误；故选：A5、C【解析】根据，可得物体通过的第一段位移为：前6s的位移减去前1s的位移就等于第二段的位移，故物体通过的第二段位移为：前9s的位移减去前6s的位移就等于第三段的位移，故物体通过的第三段位移为：故有：x1：

16、x2：x1=1：1：3A1:2:1故A不符合题意 B1:21:11故B不符合题意C1:1:3故C符合题意 D1:22: 12故D不符合题意6、D【解析】根据曲线运动的轨迹夹在合力与速度方向之间，合力大致指向轨迹凹的一向。速度与轨迹相切AA图与分析不符，故A错误；BB图与分析不符，故B错误；CC图与分析不符，故C错误；DD图与分析相符，故D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A第二类永动机是不可能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违法热力学

17、第二定律，故A正确；B布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的运动，是由于液体分子规则的碰撞造成的，则布朗运动反映了液体中分子的无规则运动，故B错误C根据麦克斯韦统计规律可知，同一温度下，气体分子速率呈现出“中间多，两头少”的分布规律，故C正确D温度是分子的平均动能的标志，晶体熔化时吸热，温度不变，所以分子平均动能不增加，故D正确；E只知道气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数可以算出气体分子所占空间的大小，不能计算出气体分子的体积，故E错误。故选ACD。8、BD【解析】A.撤去力F后，物体受四个力作用，竖直方向上重力和地面支持力是一对平衡力，水平方向受向左的弹簧弹力和向右的摩擦力，合力F合=F弹f，根据牛顿

18、第二定律物体产生的加速度：撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，弹力先大于滑动摩擦力，后小于滑动摩擦力，则物体向左先做加速运动后做减速运动，随着弹力的减小，合外力先减小后增大，则加速度先减小后增大，故物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动；故A错误；B. 撤去F后，物体刚运动时的加速度大小为：，故B正确； C. 从撤去力开始到物体停止的过程中，弹簧的弹力和地面的摩擦力对物体做功，由于初速度、末速度都是1，该过程中弹簧的弹性势能转化为内能，所以撤去F时，弹簧的弹性势能为：EP=Wf=4mgx1，故C错误

19、；D. 由上分析可知，当弹簧的弹力与滑动摩擦力大小相等、方向相反时，速度最大，此时弹簧的压缩量为，则物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为：，故D正确9、BD【解析】由于整个系统处于静止状态，所以滑轮两侧连接a和b的绳子的夹角不变；物块a只受重力以及绳子的拉力，由于物体a平衡，则连接a和b的绳子张力T保持不变；由于绳子的张力及夹角均不变，所以OO中的张力保持不变，A、C错误；b处于静止即平衡状态，对b受力分析有：力T与力F与x轴所成夹角均保持不变，由平衡条件可得：N+Fsin+Tsin-mg=0，f+Fcos-Tcos=0；由此可得：N=mg-Fsin-Tsin；由于T的大小不变

20、，可见当F大小发生变化时，支持力的大小也在一定范围内变化，B正确；f=Tcos-Fcos，由于T的大小不变，当F大小发生变化时，b静止可得摩擦力的大小也在一定范围内发生变化，D正确；故选BD。10、CD【解析】试题分析：从图线看出，开始图线与x轴平行，表示牵引力不变，牵引车先做匀加速直线运动，倾斜图线的斜率表示额定功率，即牵引车达到额定功率后，做加速度减小的加速运动，当加速度减小到零，做匀速直线运动当牵引力等于阻力时，速度最大，由图线可知阻力大小f=2000N，A错误；倾斜图线的斜率表示功率，可知，车速为5m/s时，汽车做匀加速直线运动，加速度，B错误当车速为15m/s时，牵引力，则加速度，故

21、C正确；汽车的最大功率等于额定功率，等于60000W，D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、减小B的质量；增加细线的长度（或增大A的质量；降低B的起始高度） 0.4 偏大 【解析】(1)1B减少的重力势能转化成系统的内能和AB的动能，A释放后会撞到滑轮，说明B减少的势能太多，转化成系统的内能太少，可以通过减小B的质量；增加细线的长度（或增大A的质量；降低B的起始高度）解决故解决方法有：可以通过减小B的质量；增加细线的长度（或增大A的质量；降低B的起始高度）(2)2描点，连线，如图所示：(3)3B下落至临落地时根据动能定理有在B落地后

22、，A运动到Q，有得又A、B的质量分别为m=0.40kg、M=0.50kg，在s-h图象上任取一组数据代入可以求得(4)4由于滑轮轴的摩擦，会导致绳子的拉力相对偏小，A运动的加速度也就偏小，s也就偏小，根据所以偏大12、1.00N D 是 【解析】(1)1由于重力加速度未知，则有小铁球静止时，绳子的拉力F0，可知，小球的重力为：(2)2小球在最低点，由牛顿第二定律，则有小球在最低点的动能为从A到最低点，物体的重力势能减少量等于重力做的功即另有对A点受力分析得从A到最低点的过程中，重力势能减少量等于动能增加量，即为联立化简得故选D。(3)3小滑块从A点到最低点的过程中重力势能减小等于重力做功，结合

23、（2）的分析可知，即4增加的动能5重力势能减小增加的动能所以机械能守恒。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）【解析】【分析】对物体进行受力分析，根据平衡条件得拉力的大小，依据冲量的定义式求出拉力的冲量大小，撤去拉力后，根据牛顿第二定律求出金属块在地面上滑行时间。解：（1）设在拉力作用下金属块所受地面的支持力为，滑动摩擦力为，则根据平衡条件得，又，联立解得（2）依据冲量的定义式代入数，可得冲量的大小（3）撤去拉力后，金属块受到滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，得加速度大小为，则撤去后金属块还能滑行的时间为： 14、 若,物块和木板速度相等后将不能一起运动,且,物块从木板左端滑下且F越大相对路程越小【解析】试题分析：（1）由题，若恒力F=0，则物块会从木板的右端滑下，分别对物块与木板进行受力分析，结合牛顿第二定律求出加速度，然后结合位移关系即可求出；（2）由图象可看出当F小于某一值时，m物体在板上的路程始终等于板长S，当F等于某一值时，刚好不从木板右端掉下，此后一起相对静止并加速运动，根据牛顿第二定律及运动学基本公式，抓住位移之间的关系列式，联立方程求出B在A上相对A向右运动的路程S与F、的关系式，把S=1m带入即可求解；当时，随着F力增大，S减小，当时，出现S突变，说明此