2022-2023学年陕西省汉中市汉台中学、西乡中学物理高三上期中统考模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、宇航员在月球表面高度为h处以水平速度为v0抛出一物体，经时间t落到地面，已知月球半径为R，万有引力常量为G，忽略月球的自转下列说法正确的是：（ ）A月球的质量为B月球的质量为

2、C月球的第一宇宙速度为D月球的第一宇宙速度为2、滑雪运动深受人民群众的喜爱，某滑雪运动员（可视为质点）由坡道进入竖直面内的圆弧形滑道AB，从滑道的A点滑行到最低点B的过程中，由于摩擦力的存在，运动员的速率不变，则运动员沿AB下滑过程中( )A所受合外力始终为零 B合外力做功一定为零C所受摩擦力大小不变 D机械能始终保持不变3、甲、乙两物体从同一地点同时开始沿同一方向运动，甲物体运动的vt图象为两段直线，乙物体运动的vt图象为两段半径相同的 圆弧曲线，如右图所示。图中t42t2，则在0t4时间内，下列说法正确的是（ ）A甲物体的加速度不变B乙物体做曲线运动C两物体t1时刻相距最远，t4时刻相遇D

3、甲物体的平均速度等于乙物体的平均速度4、如图所示，在一直立的光滑管内放置一轻质弹簧，上端O点与管口 A的距离为2x0，一质量为m的小球从管口由静止下落，将弹簧压缩至最低点B，压缩量为x0，速度传感器描绘小球速度随时间变化如图，其中0t1时间内图线是直线，t1t2时间内正弦曲线一部分，不计空气阻力，则A小球运动的最大速度为2B小球运动到O点下方处的速度最大C弹簧的劲度系数为D弹簧的最大弹性势能为3mgx05、一木块放在水平桌面上，在水平方向共受到三个力即和摩擦力的作用， 木块处于静止状态，如图所示，其中，若撤去，则木块受到的摩擦力为（）A10 N,方向向左B6N，方向向右C2N，方向向右D06、

4、如图所示电路中电源电动势为E，内阻为r，开关S闭合后，平行金属板中的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，当滑动变阻器滑片P向b端滑动过程中，下列说法正确的是AR3的功率变大B电压表、电流表示数都变小C液滴将向下运动D电容器C所带电量增加二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质量分别为2kg和3kg的物块A、B放在光滑水平面上并用轻质弹簧相连，如图所示，今对物块A、B分别施以方向相反的水平力F1、F2，且F120N、 F210N，则下列说法正确的是 ( )A

5、弹簧的弹力大小为16NB若把弹簧换成轻质绳，则绳对物体的拉力大小为10 NC如果只有F1作用，则弹簧的弹力大小变为12ND若F110N、 F220N，则弹簧的弹力大小不变8、如图所示，有三个斜面a、b、c，底边的长分别为L、L、2L，高度分别为2h、h、h某物体与三个斜面间的动摩擦因数都相同，这个物体分别沿三个斜面从顶端由静止开始下滑到底端三种情况相比较，下列说法正确的是（）A物体减少的重力势能Ea=2Eb=2EcB物体到达底端的动能Eka=2Ekb=2EkcC因摩擦产生的热量2Qa=2Qb=QcD因摩擦产生的热量4Qa=2Qb=Qc9、如图甲所示，轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，现让小

6、球在竖直平面内做半径为R的圆周运动小球运动到最高点时，受到的弹力为F，速度大小为v，其F-v2图象如乙图所示则（） A小球的质量为B当地的重力加速度大小为C时，小球对杆的弹力方向向下D时，小球受到的弹力与重力大小相等10、关于电磁波，下列说法正确的是（）A电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率无关B周期性变化的电场和磁场可以相互激发，形成电磁波C电磁波在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度垂直D利用电磁波传递信号可以实现无线通信，但电磁波不能通过电缆、光缆传输E.电磁波可以由电磁振荡产生，若波源的电磁振荡停止，空间的电磁波随即消失三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题

7、卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）（1）“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的示意图图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_本实验采用的科学方法是_A理想实验法B等效替代法C控制变量法D建立物理模型法 （2）某同学在坐标纸上画出了如图所示的两个已知力F1和F2，图中小正方形的边长表示2 N，两力的合力用F表示，F1、F2与F的夹角分别为1和2，关于F1、F2与F、1和2关系正确的有_ AF14 N BF12NC145 D1212（12分）某实验小组的同学利用落体

8、法验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示，该小组的同学完成了如下的操作：首先利用螺旋测微器测出了小球的直径，其示数如图乙所示，则该小球的直径_cm；将该小球由光电门1的正上方无初速度释放，测得小球先后通过光电门1和光电门2所用的时间为和，则小球通过两光电门的速度分别为_，_；用测量的物理量表示该小组的同学测出了两光电门之间的距离为H，重力加速度用g表示，若小球的机械能守恒，则需要验证的关系式为_结果用所测量的物理量表示四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示为一种打地基所用的夯，打夯时四人分别握住夯锤的

9、一个把手，同时向上用力然后同时松手，夯落至地面将地基夯实若已知夯的质量为80kg，每个人对夯施加竖直向上的力均恒为250N，力的持续时间为0.4s，夯落地时将地面砸出的凹痕深为2cm，重力加速度g取10m/s2。求：（1）夯离地瞬间的加速度； （2）夯砸入地面的过程中夯对地面的平均作用力. 14（16分）如图所示，两木块a和b在水平地面上相向运动，它们与地面间的动摩擦因数均为0.1在零时刻，两木块相距d17 m，木块a的速度大小为va10 m/s，木块b的速度大小为vb1 m/s；一段时间后，木块a与已停止运动的木块b相碰，碰撞时间极短，碰后两木块粘在一起运动，刚好运动到木块b的零时刻位置停止

10、重力加速度取g10 m/s1求：（1）两木块发生碰撞的时刻t；（1）两木块在碰撞中损失的动能与碰前瞬间总动能的比值15（12分）如图所示,C是放在光滑的水平面上的一块木板,木板的质量为3m,在木板的上面有两块质量均为m的小木块A和B,它们与木板间的动摩擦因数均为，最初木板静止,A、B两木块同时以方向水平向右的初速度v0和2v0在木板上滑动,木板足够长,A、B始终未滑离木板,重力加速度为g，求:(1)木块B从刚开始运动到与木板C速度刚好相等的过程中,木块B所发生的位移；(2)木块A在整个过程中的最小速度；(3)整个过程中,A、B两木块相对于木板滑动的总路程是多少?参考答案一、单项选择题：本题共6

11、小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A、B、设月球表面重力加速度为a，质量为M，宇航员在月球表面附近高为h处以水平速度v0抛出一物体，经时间t落到月球表面，由平抛规律可得：，解得：；月球表面万有引力等于重力可得：，可得月球的质量为.故A，B均错误.C、D、重力充当向心力时，卫星速度为第一宇宙速度，则对月球卫星：，解得：；故C正确，D错误.故选C.【点睛】这个题的突破口是对“宇航员在月球表面附近高为h处以水平速度v0抛出一物体，经时间t落到月球表面”这个已知条件的利用，能由此得到月球表面重力加速度这个题所有问题就不在话下2、B【解析】A、

12、由于物体做曲线运动，所以合外力不为零，指向轨迹内侧，故A错误；B、根据动能定理：W合=Ek，可得滑块下滑过程中，速率不变，所以动能不变，因此合外力做功一定为0，故B正确；C、物体所受摩擦力为滑动摩擦力f=N，由于运动员速率保持不变，所以向心力大小不变，对物体受力分析如图所示：有N-mgcos=mv2R，运动员向下运动的过程中，角度逐渐变小，易得正压力N在逐渐变大，所以摩擦力在变大，故C错误。D、沿AB下滑过程中，由于运动员速率不变，所以动能不变，所以重力势能在减小，机械能在减小，故D错误；故选B。3、D【解析】0t2时间段内，甲做匀加速直线运动，t2t4时间内甲物体做匀减速直线运动，故A错；速

13、度是矢量，在速度时间图象中，只能表示直线运动，B错；在整个运动过程中t3时刻，两物体相距最远，C错；在速度时间图象中，下面所包围的面积即为位移，可求知t4时间段内，位移相等，故平均速度相同，D对。4、D【解析】A设小球刚运动到O点时的速度为v，则有 小球接触弹簧后先做加速运动，所以小球运动的最大速度大于故A错误。B若小球从O点开始由静止释放，小球做简谐运动，根据简谐运动的对称性可知，小球运动到O点下方处的速度最大。现在，因为小球从O点上方下落，速度最大时，弹簧的弹力与重力大小相等，弹簧的压缩量不变，则小球运动到O点下方处上方的速度最大，故B错误。C小球刚接触弹簧时的加速度大小为g，方向竖直向下

14、，当小球运动到关于平衡位置对称点时，加速度大小也等于g，方向竖直向上，而此时小球还有向下的速度，还没有到达最低点，当小球到达最低点时加速度将大于g，根据牛顿第二定律知 kx1-mgmg则故C错误。D当小球运动到最低点B时，弹性势能最大，根据机械能守恒定律得，弹簧的最大弹性势能为3mgx1故D正确。5、C【解析】开始时在水平方向木块受及摩擦力的作用而处于平衡状态时，由平衡条件可知木块所受的静摩擦力的大小为，则有木块受到的最大静摩擦力；当撤去力后，由于 ，则有木块仍处于静止状态，由平衡条件可知木块所受的静摩擦力大小与作用在木块上的等大反向，即，方向水平向右，故选项C正确， A、B、D错误6、C【解

15、析】根据板间场强和液滴所受的电场力方向关系，判断液滴的电性分析变阻器接入电路的电阻变化，分析总电阻的变化，再根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，根据并联电路电压的变化，分析通过R3电流的变化，即可得到电流表示数的变化根据R1电压的变化，分析电压表示数的变化电容器极板间电压等于并联部分的电压，根据电压变化，判断其电荷量变化和液滴的运动情况【详解】当滑动变阻器滑片P向b端滑动过程中，接入电路的电阻减小，R2与R3并联的电阻减小，总电阻减小，则总电流增大，R1电压增大，则电压表示数变大R2与R3并联的电压减小，通过R3电流减小，根据可知，R3的功率变小，总电流增大，则电流表示数变大，故AB错误；

16、因R2与R3并联的电压减小，电容器板间电压减小，带电量减小，板间场强减小，液滴所受的电场力减小，则液滴将向下加速运动，故C正确，D错误；故选C【点睛】本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据电路的串并联知识和闭合电路欧姆定律分析各个部分电路电流和电压的变化二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A. 弹簧不在伸长后，AB具有相同的加速度。对于整体AB，根据牛顿第二定律：F2-F1=（mA+mB）a代入数据解得：a=2m/s2对A，由牛顿第二定律：F1-F弹

17、=mAa代入数据解得：F弹=16N故A正确；B. 若把弹簧换成轻质绳，则绳对物体的拉力大小仍然为16N，故B错误；C. 只有F1作用时，对整体AB，根据牛顿第二定律：F1=（mA+mB）a解得：a=4m/s2对A，由牛顿第二定律：F1-F弹=mAa解得：F弹=12N故C正确；D. 若F1=10N、F2=20N，对整体AB，根据牛顿第二定律：F2-F1=（mA+mB）a解得：a=2m/s2对A，由牛顿第二定律：F弹-F1=mAa解得：F弹=14N故D错误。8、AC【解析】A重力势能的减少量等于重力做的功，所以，即，A正确；B设斜面和水平方向夹角为，斜面长度为X，则物体下滑过程中克服摩擦力做功为：

18、，即为底边长度；物体下滑，除重力外有摩擦力做功，根据能量守恒，损失的机械能转化成摩擦产生的内能，由图可知a和b底边相等且等于c的一半，故摩擦生热关系为：，设物体滑到底端时的速度为v，根据动能定理得：，根据图中斜面高度和底边长度可知滑到底边时动能大小关系为：，B错误；CD克服摩擦力所做功等于因摩擦产生热量，所以C正确，D错误。故选AC。9、ABD【解析】由图乙可知： 当时，杆对球的弹力恰好为零，此时只受重力，重力提供向心力，即重力加速度，故B正确；当时，向心力为零，杆对球的弹力恰好与球的重力等大反向，即小球的质量，故A正确；根据圆周运动的规律，当时杆对球的弹力为零，当时，杆对球的弹力方向向上，当

19、时，杆对球的弹力方向向下，杆对小球的弹力方向向下，根据牛顿第三定律，小球对杆的弹力方向向上，故C错误；当时，又，故D正确。故选ABD。10、ABC【解析】A电磁波在真空中的传播速度均为光速，与电磁波的频率无关，故A正确；B周期性变化的电场和磁场可以相互激发，形成电磁波，故B正确；C电磁波为横波，它在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度垂直；故C正确；D电磁波可以在介质中传播，所以可以根据电缆、光缆进行有线传播，也可以不需要介质进行传播，即无线传播故D错误；E电磁波可以由电磁振荡产生，若波源的电磁振荡停止，空间的电磁波仍然可以继续传播，故E错误【点睛】本题考查电磁波基本特性的了解程

20、度电磁波与声波不同，电磁波在真空中的速度最大，在介质中速度较小；同时注意明确电磁波的传播性质，知道电磁波可以在真空中传播三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 B BC 【解析】试题分析：理解本实验的“等效”思想明确“实验值”和“实际值”的区别根据平行四边形定则作出合力，从而确定合力的大小和分力与合力的夹角根据图乙可知F是根据和为邻边作出理论值，而是实际操作画出的，由于实验存在误差，理论值和实际值存在偏差，故一定沿AO方向（2）本实验是根据合力与两个分力的作用效果相同为原则的，所以采用了等效替代法，B正确；（3）据平行四边形定则，作出两个

21、力的合力，如图从图上可知，合力F=12N根据余弦定理可知，即，根据大角对大边，可知，故BC正确12、0.3800； ； ； ； 【解析】（1）小球直径：d=3.5mm+0.01mm30.0=3.800mm=0.3800cm（2）小球通过光电门1、2的速度分别为： . （3）若小球的机械能守恒，则需要验证的关系式为 即： 点睛：解决本题的关键知道实验的原理，通过原理确定所需测量的物理量，以及要验证的关系式；在平时的学习中，需加以总结，要熟记求纸带上某点瞬时速度的求法四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) 2.5 m/s2（2）10800N【解析】试题分析：(1) 根据牛顿第二定律求出夯锤的加速度；(2) 根据位移时间公式求出夯锤匀加速上升的位移，松手后向上做竖直上抛运动，根据速度位移公式求出继续上升的高度，从而得出上升的最大高度，再由自由落体运动公式求出夯锤落地时的速度，综合牛顿第二定律求平均作用力。(1) 根据牛顿第二定律得，夯锤的加速度；(2) 松手