2023届山西省昔阳县中学校物理高三第一学期期中联考模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，直线 a和曲线 b分别是在平直公路上行驶的汽车 a和b的位置-时间(x-t)图线。由图可知( )A在时刻t1，两车速度相等B在时刻t2，a、b两车运动方向相同C在t1到t2这段时间内，b车的速率先减小后增大D在t1到t2这

2、段时间内，b车的速率一直比 a车大2、如图所示,矩形的四个顶点a、b、c、d是匀强电场中的四个点，ab=2bc=2L，电场线与矩形所在的平面平行，已知a点电势为18 V，b点电势为10 V，c点电势为6 V，一质子从a点以速度v0射入电场，v0与ab边的夹角为45，一段时间后质子经过ab的中点e，不计质子重力，下列判断正确的是 Ad点电势为12VB质子从a到b电势能增加了6 eVC电场强度大小为D质子从a到e所用时间为3、如图所示，位于竖直平面内的固定光滑圆环轨道与水平面相切于M点，与竖直墙相切于A点，竖直墙上另一点B与M的连线和水平面的夹角为60，C是圆环轨道的圆心，已知在同一时刻a、b两球

3、分别由A、B两点从静止开始沿光滑倾斜直轨道AM、BM运动到M点；c球由C点自由下落到M点，则（）Aa球最先到达M点Bb球最先到达M点Cc球最先到达M点Db球和c球都可能最先到达M点4、如图所示，斜面上的物体在恒力F作用下，沿斜面匀速向上运动。F的方向平行于斜面，斜面保持静止，则地面对斜面的摩擦力A大小可能为零 B方向水平向右C方向水平向左 D方向与F的大小有关5、20世纪人类最伟大的创举之一是开拓了太空的全新领域现有一艘远离星球在太空中直线飞行的宇宙飞船，为了测量自身质量，启动推进器，测出飞船在短时间t内速度的改变为v，和飞船受到的推力F（其它星球对它的引力可忽略）飞船在某次航行中，当它飞近一

4、个孤立的星球时，飞船能以速度v，在离星球的较高轨道上绕星球做周期为T的匀速圆周运动已知星球的半径为R，引力常量用G表示则宇宙飞船和星球的质量分别是（ ）A，B，C，D，6、如图所示，竖直平面内放一直角杆MON，杆的水平部分粗糙，动摩擦因数=0.2，杆的竖直部分光滑两部分各套有质量均为1 kg的小球A和B，A、B球间用细绳相连初始A、B均处于静止状态，已知OA=3 m，OB=4 m，若A球在水平拉力的作用下向右缓慢地移动1 m（取g=10 m/s2），那么该过程中拉力F做功为（）A4 JB10 JC12 JD14 J二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有

5、多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，一光滑的轻滑轮用细绳OO悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b外力F向右上方拉b，整个系统处于静止状态若F方向不变，大小在一定范围内变化，物块b仍始终保持静止，则（）A绳OO的张力也在一定范围内变化B物块b所受到的支持力也在一定范围内变化C连接a和b的绳的张力也在一定范围内变化D物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化8、如图所示为A、B两物体做匀速圆周运动的向心加速度随半径变化的图象，其中A为双曲线的一个分支，由图可知（）AA物体运动的线速度大小不变BA物体

6、运动的角速度大小不变CB物体运动的角速度大小不变DB物体运动的角速度与半径成正比9、如图所示，圆弧形光滑轨道ABC固定在竖直平面内，O是圆心，OC竖直，OA水平A点紧靠一足够长的平台MN，D点位于A点正上方，如果从D点无初速度释放一个小球，从A点进入圆弧轨道，有可能从C点飞出，做平抛运动，落在平台MN上下列说法正确的是（）A只要D点的高度合适,小球可以落在MN上任意一点B在由D运动到M和由C运动到P的过程中重力功率都越来越大C由D经A、B、C点到P过程中机械能守恒D如果DA距离为h,则小球经过圆弧轨道最低点B时对轨道的压力为10、某物体质量为1kg，在水平拉力作用下沿粗糙水平地面做直线运动，其

7、速度时间（vt）图象如图所示，根据图象可知（） A物体所受的拉力总是大于它所受的摩擦力B物体在第3s内所受的拉力大于1NC在03s内，物体所受的拉力方向始终与摩擦力方向相反D物体在第2s内所受的拉力为零三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学做“探究合力做功与动能改变的关系”的实验，他将光电门固定在水平轨道上的B点，如图所示，并用重物通过细线拉小车。然后保持小车和重物的质量不变，通过改变小车释放点到光电门的距离进行多次实验，实验时要求每次小车都从静止释放。（1）如果遮光条的宽度为d，遮光条通过光电门的时间为t，小车到光电门的距离

8、为s，该同学通过描点作出线性图像来反映合力做的功与动能改变的关系，则他作的图像关系是下列哪一个时才能符合实验要求_A B Cs-t D （2）为了减小实验误差，下列哪些实验操作是必须的_A调整轨道的倾角，在未挂重物时使小车能在轨道上匀速运动B所挂重物的质量远小于小车的质量C遮光条的宽度要尽可能的大些D每次实验时保证小车从静止状态开始释放12（12分）某同学做“探究求合力的方法”实验，所用器材有：木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和两个弹簧测力计，实验装置如图（1）该同学按下列步骤操作：在水平桌面上放一块方木板，在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；用图钉把橡皮条的一端固定在木板上的A点

9、，在橡皮条的另一端系上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，橡皮条与细绳的结点到达某一位置O，记下O点的位置及两个弹簧测力计的示数F1和F2;按选好的标度，分别作出F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F；只用一个弹簧测力计，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧测力计的示数F，记下F的方向，按统一标度做出这个力F的图示；比较F和F的大小和方向，得出结论。在上述步骤中：步骤遗漏的重要操作是_。步骤遗漏的重要操作是_。（2）根据实验数据画出力的图示，如图所示，图上标出了F1、 F2、F、F四个力，其中_（填上述字母）不是由弹簧测力计直

10、接测得的，F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_。（3）实验中用M、N两个测力计通过细线拉橡皮条的结点，使其到达O点，此时+=90，然后保持M的示数不变，而使减小，为保持结点位置不变，可采用的办法是_A减小N的示数同时减小角B减小N的示数同时增大角C增大N的示数同时增大角D增大N的示数同时减小角四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，固定的长直水平轨道MN 与位于竖直平面内的光滑半圆轨道相接，圆轨道半径为R ，PN 恰好为该圆的一条竖直直径可视为质点的物块A 和B 紧靠在一起静止于N 处，物块A 的质

11、量mA2m，B的质量mBm，两物块在足够大的内力作用下突然分离，分别沿轨道向左、右运动，物块B 恰好能通过P 点已知物块A 与MN 轨道间的动摩擦因数为，重力加速度为g ，求：（1）物块B 运动到P 点时的速度大小vP；（2）两物块刚分离时物块B 的速度大小vB；（3）物块A 在水平面上运动的时间t 14（16分）静止在水平地面上的两小物块A、B，质量分别为 ，；两者之间有一被压缩的微型弹簧，A与其右侧的竖直墙壁距离，如图所示某时刻，将压缩的微型弹簧释放，使A、B瞬间分离，两物块获得的动能之和为释放后，A沿着与墙壁垂直的方向向右运动A、B与地面之间的动摩擦因数均为重力加速度取A、B运动过程中所

12、涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短（1）求弹簧释放后瞬间A、B速度的大小；（2）物块A、B中的哪一个先停止？该物块刚停止时A与B之间的距离是多少？（3）A和B都停止后，A与B之间的距离是多少？15（12分）如图所示，光滑平行轨道abcd的水平部分处于竖直向上的匀强磁场中，bc段轨道宽度是cd段轨道宽度的2倍，bc段轨道和cd段轨道都足够长，将质量相等的金属棒P和Q分别置于轨道上的ab段和cd段，且与轨道垂直Q棒静止，让P棒从距水平轨道高为h的地方由静止释放，求：P棒滑至水平轨道瞬间的速度大小；P棒和Q棒最终的速度参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选

13、项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A在x-t图像中，切线的斜率表示速度的大小，在时刻t1，斜率不相等，所以两车速度不相等，故A错误；B在时刻t2，a车朝正方向运动，而b车负方向运动，两车运动方向不相同，故B错误；C在t1到t2这段时间内，b车图像的斜率先减小后增大，所以b车的速率先减小后增大，故C正确；D从图像可以看出，t1到t2时间内某个时刻b车图像的斜率平行于a车的图像的斜率，所以b车的速率不是一直比 a车大，故D错误2、D【解析】A. 匀强电场中平行的等间距的两点间的电势差相等，故有：即：可得点电势为：故A错误；B.，故质子从到电场力做功为：电场力做正功电势能减小了8eV，故

14、B错误；C. 经计算可知，点和点的电势相同，故连点连线为等势线，由于，故为等腰三角形，点到直线的距离为：由电场强度与电压的关系可得，电场强度大小为：故C错误；D.连线为等势线，故质子抛出后做类平抛运动，落到点时，垂直于电场线方向的位移为，所需时间为：故D正确。3、C【解析】如图所示令圆环半径为R，则c球由C点自由下落到M点用时满足所以对于a球令AM与水平面成角，则a球下滑到M时满足解得同理b球从B点下滑到M点用时也满足上式中r为过B、M且与水平面相切于M点的竖直圆的半径，rR，综上所述可得故C正确，ABD错误。故选C。4、C【解析】A、B项，以整体为研究对象，在水平方向上受力平衡，则必存在水平

15、摩擦力，且大小等于F在水平向右方向上的分量，所以摩擦力方向水平向左，摩擦力的方向与F的大小没有关系，故C对；ABD错；故选C5、D【解析】根据动量定理求解飞船质量；根据牛顿第二定律与万有引力定律求解星球质量；【详解】直线推进时，根据动量定理可得，解得飞船的质量为，绕孤立星球运动时，根据公式，又，解得，D正确【点睛】本题需要注意的是飞船在绕孤立星球运动时，轨道不是星球的半径，切记切记6、D【解析】对AB整体受力分析，根据共点力平衡条件列式，求出支持力N，从而得到滑动摩擦力为恒力，最后对整体运用动能定理列式，得到拉力的功；【详解】对AB整体受力分析，受拉力F、重力G、支持力N、向左的摩擦力f和向右

16、的弹力N1，如图所示：根据共点力平衡条件，有竖直方向： 水平方向： 其中： 解得：，对整体在整个运动过程中运用动能定理列式，得到：根据几何关系，可知求B上升距离，故有：，故选项D正确，选项ABC错误【点睛】本题中拉力为变力，先对整体受力分析后根据共点力平衡条件得出摩擦力为恒力，然后根据动能定理求变力做功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】由于整个系统处于静止状态，所以滑轮两侧连接a和b的绳子的夹角不变；物块a只受重力以及绳子的拉力，由于物体a平衡，则连接a

17、和b的绳子张力T保持不变；由于绳子的张力及夹角均不变，所以OO中的张力保持不变，A、C错误；b处于静止即平衡状态，对b受力分析有：力T与力F与x轴所成夹角均保持不变，由平衡条件可得：N+Fsin+Tsin-mg=0，f+Fcos-Tcos=0；由此可得：N=mg-Fsin-Tsin；由于T的大小不变，可见当F大小发生变化时，支持力的大小也在一定范围内变化，B正确；f=Tcos-Fcos，由于T的大小不变，当F大小发生变化时，b静止可得摩擦力的大小也在一定范围内发生变化，D正确；故选BD。8、AC【解析】AB因为A为双曲线的一个分支，说明a与r成反比，由可知，A物体运动的线速度大小不变，故A正确

18、，B错误；CD而OB为过原点的直线，说明a与r成正比，由a2r可知，B物体运动的角速度大小不变，故C正确，D错误。故选AC.9、BC【解析】A. 小球恰好通过C点时，有，得小球通过C点的最小速度为：，小球离开C点后做平抛运动，由，小球离开C点做平抛运动的水平距离最小值为：，所以小球只有落在平台MN上距M点距离为的右侧位置上，故A错误；B. 在由D运动到M的过程中，速度增大，由P=mgv知，重力功率增大。由C运动到P的过程中，由P=mgvy，知vy增大，则重力功率增大，故B正确；C. 小球由D经A、B、C到P的过程中，轨道对小球不做功，只有重力做功，机械能守恒，故C正确；D. 小球从D运动到B的

19、过程中，由机械能守恒得：，在B点，由牛顿第二定律得：，解得：，由牛顿第三定律得知，小球经过B点时对轨道的压力为：，故D错误。10、BC【解析】由图可知，物体在第1s内做匀加速直线运动，第2s内做匀速直线运动，第3s内做匀加速直线运动，根据，得第1s内，第2s内，第3s内；根据牛顿第二定律有：第1s内，得，第2s内，得，第3s内，得，AD错误；第3s内物体的加速度大小为，则有，即，B正确；根据牛顿第二定律和平衡条件可知：拉力方向始终与摩擦力方向相反，C正确，选BC.【点睛】速度时间图象的斜率表示加速度，所以从图象可得第1s内、第2s内、第3s内的加速度，再根据牛顿第二定律列式分析三、实验题：本题

20、共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 （1）B （2）D【解析】（1）用该平均速度代替物体的瞬时速度,故在遮光条经过光电门时滑块的瞬间速度为，根据动能定理，可见s与成反比，即与成正比，故应作出图象，B选项是正确.（2）经前面分析知，要使图象为过原点的直线，应保证小车初动能为零，即必须保证小车从静止状态开始释放，所以D选项正确.12、 （1）未记录力F1和F2的方向； 未明确是否把橡皮条与细绳的结点拉到位置O； （2）F； F （3）A【解析】（1）步骤中遗漏的重要操作是：未记录F1和F2的方向；步骤中遗漏的重要操作是：未明确是否把橡皮条与细绳的结点拉到

21、位置O；（2）F与F两力中，F是理论值，F是实验值，则F方向一定沿AO方向；（3）要保证结点不动，应保证合力不变，则由平行四边形定则可知，合力不变，M方向向合力方向靠拢，根据图象可知，则N的拉力应减小，同时应减小角；故选A。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】试题分析：（1）物体B 在竖直平面内做圆周运动，在P 点时重力提供向心力由（2）两物块分离后B 物体沿圆轨道向上运动，仅重力做负功（3）物块A 与物块B 由足够大的内力突然分离，分离瞬间内力远大于外力，两物块在水平方向上动量守恒，之后物体A 做匀减速直

22、线运动，由牛顿第二定律得：由运动学公式考点：牛顿第二定律，动能定理，动量守恒14、（1）vA=4.0m/s，vB=1.0m/s；（2）B先停止； 0.50m；（3）0.91m；【解析】首先需要理解弹簧释放后瞬间的过程内A、B组成的系统动量守恒，再结合能量关系求解出A、B各自的速度大小；很容易判定A、B都会做匀减速直线运动，并且易知是B先停下，至于A是否已经到达墙处，则需要根据计算确定，结合几何关系可算出第二问结果；再判断A向左运动停下来之前是否与B发生碰撞，也需要通过计算确定，结合空间关系，列式求解即可【详解】（1）设弹簧释放瞬间A和B的速度大小分别为vA、vB，以向右为正，由动量守恒定律和题给条件有 联立式并代入题给数据得vA=4.0m/s，vB=1.0m/s（2）A、B两物块与地面间的动摩擦因数相等，因而两者滑动时加速度大小相等，设为a假设A和B发生碰撞前，已经有一个物块停止，此物块应为弹簧释放后速度较小的B设从弹簧释放到B停止所需时间为t，B向左运动的路程为sB，则有在时间t内，A可能与墙发生弹性碰撞，碰撞后A将向左运动，碰撞并不改变A的速度大小，所以无论此碰撞是否发生，A在时间t内的路程sA都可表示为sA=vAt联立式并代入题给数据得sA=1.7