2019-2020学年湖北省龙泉中学、潜江中学联考高三(上)月考物理试卷(12月份)

1、12月2019-2020学年湖北省龙泉中学、潜江中学联考高三（上）月考物理试卷（份）、选择题：本题共 8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0分.（6分）如图所示，用细绳 AO和OB将重为G的重物悬挂在水平天花板和竖直墙壁之间并处于静止状态，细绳AO水平，细绳 OB与竖直方向的夹角为0,卜列移动中O点的位置始终不变，判断正确的是（2.3.A .将AO绳的作用点B .将AO绳的作用点C.将BO绳的作用点D .将BO绳的作用点A缓慢向上移动,A缓慢向上移动,B缓慢

2、向左移动,B缓慢向左移动,AOAO绳的拉力T1 一直增大绳的拉力T1先增大后减小AO绳的拉力T1 一直减小OB绳的拉力T2先减小后增大（6分）如图所示，在沿水平方向的匀强电场中，有a、b两点，已知a、b两点在同一竖直面，但在不同的电场线上。一个带电微粒由 a点运动到点b,在运动过程中，下面的判断中正确的是（A.带电微粒的动能一定减小B.带电微粒运动轨迹-一定是 直线C.带电微粒的电势能一定增加D.带电微粒一定是做匀变速运动（6分）2018年12月8日，嫦娥四号探测器在西昌卫星发射中心由长征三号乙运载火箭成功发射。这标志着我国载人航天进入应用发展新阶段，对于我国空间站的建造具有重大意义。嫦娥4号

3、在绕地球运动的一段时间内,它的轨道可视为距离地面 h的圆周轨道。已知地球表面的重力加速度g、地球半径 R.根据题目所给出的信息,可计算出“嫦娥4号探测器”在轨运行的（A .线速度的大小B.重力势能C.所受向心力的大小D.动能4. （6分）一正电荷从电场中 A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的速度-时间图象如图所示，则 A、B所在区域的电场线分布情况可能是图中的（）5. （6分）如图是一检验酒精浓度的电路示意图。其中R3为检验酒精浓度的传感器，这种传感器的电阻随酒精浓度的升高而减小。检测人员观察到的显示器为电路中的电流表，电源两端接有报警器。当饮过酒的人对传感器R3吹气时

4、，显示器的电流 I、报警器两端的电压 U的变化情况是（6.A. I变小，U变大C. I变小，U变小（6分）如图所示,的同一圆周上。设中正确的是（-QB. I变大,D. I变大,在点电荷-Q所激发的电场中，有与-A、B、C三点的电场强度大小分别为B. EAEBU变小U变大Q共面的Ea、Eb、（f）A（f）BA、B、C三点，且B、C处于以-Q为圆心EC,电势分别为（f）A、怔、（f）C,则下列判断C. EaEb, ()aEB=EC沿电场线的方向电势降低，故M（i）B, （i）B=（f）C,故AB正确，CD错误。故选：AB。7 .【解答】解：A、运动过程，甲、乙铁块受到的合力都等于弹簧的弹力，它们所

5、受的合力（弹簧弹力）大小相等、方向相反，由动量定理可知，两铁块受到的冲量大小相等、方向相反，所受冲量不相等，故A错误。B、两铁块组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，由动量守恒定律可知，甲铁块减少的动量等于乙铁块增加的动量，故B正确。CD、甲铁块与弹簧接触直到弹簧至第一次压缩最短的过程中，甲做减速运动，乙做加速运动，弹簧压缩最短时两铁块的速度相等，由能量守恒定律可知， 甲铁块减少的动能转化为弹簧的弹性势能和乙的动能，甲减少的动能大于乙增加的动能，故 C错误，D正确。故选：BD。8 .【解答】解：A、闭合开关S,两板间的电势差不变，增大两极板间的距离，则电容减小，则由Q = UC可知，极板上的

6、电量减小，故 A错误；B、闭合开关S,则两板间的电势差不变，因 d减小，由E=L可知，两极板间的电场的电场场强变大，故 B正 d确；l47TkOC、断开开关S,两板上所带电量不变，依据电场强度的综合表达式，e二可知，电场强度与板间距无Lu关，则电场强度不变，故 C正确;D、断开开关S,在两极板间插入一块介质，电容增大，电量不变，U减小，故D错误；故选：BC。二、非选择题：共174分，第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答.第3338题为选考题，考生根据要求作答.(一)必考题：共129分.9 .【解答】解：(1)根据闭合电路欧姆定律应有：E=Ui + IirE = U2+l2r 联立解得：

7、E=r= t t ；ri-I2 I11 -I2(2)可以把电源与电压表看做一等效电源，则电动势测量值等于外电路断开时“等效电源”两极间的电压，由于电压表不是理想电表，所以有电流通过“电源”，因而路端电压要小于电动势，所以电动势测量值小于真实值即偏小；同理，此电路测得的内电阻是“等效电源”的内阻，即电压表与电池内阻的并联电阻，所以测得的内阻也小于真实值。故答案为：(1),%口11-1211-12(2)偏小，电流表测量值小于通过电源的电流。10 .【解答】解：(1)使用该装置做探究实验，为了方便需要平衡小车受到的阻力，小车拖动纸带运动，纸带上打 出一系列的点，间隔距离相等就表示平衡阻力了。(2)在

8、探究小车加速度与力的关系过程中，需要控制不变；在探究小车加速度与质量的关系过程中，需要控制小车质量、吊盘对小车的拉力不变。(3)在该探究实验中，除了图 9中实验装置外，还需要的测量工具有天平、刻度尺。(4)匀变速直线运动中，相邻相等时间间隔的位移差等于一个常数，即Sn- Sn 1 = aT2,得a=、了T2 a- 图象如图所示：,所以到的结论是：保持小车所受拉力不变，小车(5)故答案为：（1）间隔距离相等；（2）小车质量，吊盘对小车的拉力；（3）天平，刻度尺；（4）二图象如图所示; m（6）保持小车所受拉力不变，小车加速度a跟小车的质量 M成反比。11 【解答】解：（1）设斜坡AB受到的支持力

9、为N,则:N = mgcos 0= 750N X 0.8= 600N设AB斜坡受到的压力大小为 F压，根据那顿第三定律得：F压=N = 600N（2）设运动员从A滑到B的过程中受到的摩擦力大小为Ff,加速度为a,则有:2 2 x= v0t+at得：a=22(x- vc t)解得：a=4.0m/s2根据牛顿第二定律得：mgsin 0- Ff= ma解得：Ff= 150N（3）设运动员由C点水平飞出时的速度大小为 vc,从C点落到D的竖直高度为h,水平距离为x则有:h= ssin37 = 75X 0.6m = 45m, x= scos37 =75X 0.8m = 60mt2 和 Vc =vc= 2

10、0m/s（4）设水平滑道BC处为重力势能零点，运动员由 A点滑到C点克服阻力所做的功为 Wf,根据功能关系有:mghA + -mvA2= Wf+mvc解得：Wf= 12150J答：(1)运动员在斜坡 AB上滑行过程中斜坡受到的压力大小是600N;(2)运动员从A滑到B的过程中受到的摩擦力大小是150N;(3)运动员由C点水平飞出时的速度大小是20m/s；(4)运动员由A点滑到C点克服阻力所做的功是12150J。12 .【解答】解：(1)设电子飞出B板小孔时的速度大小为 v,根据动能定理，则Ue= mv22解得，v= /逅 m(2)设在半个周期内电子恰好能从极板的上边缘飞出时的速度大小为vi,根

11、据动能定理，则 U0e= mvi222(3)电子能水平从右边飞出，经过的时间应满足t=nT,又因为在水平方向上做匀速直线运动，所以板长为l = vt=vnT,当n= 1时，板长最短，则 l=T2UemM、 N板时刻应满足(4)设板间距离最小为 d,要求电子沿虚线水平飞出，电子进入t=F;。t(n=0,1，2, 3)在半个周期内，竖直位移为y解得,片疑旷2普电子不与极板相碰，必须满足的条件是答:(1)(2)(3)电子飞出时速度大小为电子飞出B板小孔时的速度大小为“2口口)mM、N极板的最小长度为T 2U巳；V m(4)电子从那一时刻进入板间，两极板间距至少为（二）选考题：共 45分.请考生从2道

12、物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答.如果多做，则每科按所做的第一题计分.物理-选彳3-3 （ 15分）13 .【解答】解：体积为 V的水，质量为 M = pV分子个数为n=M解得、得:n=WL型M体积为V的水蒸气，分子个数为 n设相邻的两个水分子之间的平均距离为V 亍N %d,将水分子视为球形，每个水分子的体积为丫0=47?/n 6解、得：d=?一 P 7TN设相邻的水蒸气中两个水分子之间距离的d,将水分子占的空间视为正方体。14 .【解答】解：（1）活塞上方气体的压强为 p0时，设活塞下方气体的体积为V1,抽气过程为等温过程，活塞上方抽成真空时，下方气体的压强为0.5p0,由波

13、？马定律得(p0+0.5p0) V1 = 0.5p0V式中V是抽成真空后活塞下方气体的体积，此后，气体等压膨胀，设未抽气时，活塞下方气体的温度为T1,活塞刚碰到容器顶部时气体的温度为T2,由盖T2V = T1 (2.6V 1+V1)解得 T2= 1.2T1根据T=t+273K,可知活塞刚碰到容器顶部时气体的温度为75C。（2）活塞碰到顶部后加热的过程是等容过程，设当气体温度达到249c时，气体的压强为 p3,由查理定律得5P口T1= 17+273K=290K ,T3=249+273K = 522K代入数值，解得p3=0.75p0。答：（1）活塞刚碰到容器顶部时气体的温度为75C;(2)当气体温

14、度达到 249c时，气体的压强为 0.75p0。物理一选修3-4) (15分)15 .【解答】解：AD、由图示波形图可知，在 t = 0时刻，质点b在平衡位置向上振动，由图示振动图象可知，t=0时刻质点在平衡位置向正方向振动，振动图象表示质点b的振动情况，故 A正确，D错误。B、由图示波形图可知，在 t=0时刻，质点b位于平衡位置处，速率最大，质点c位于负的最大位移处，速率为零，质点b的速率大于质点c的速率，故B错误。C、由图示波形图可知，在 t = 0时刻，质点c位移负的最大位移处，质点 c的加速度方向沿 y轴正方向，故 C 正确。E、由图示波形图可知，在 t=0时刻质点c位于负的最大位移处，在 t=时刻质点c位于正的最大位移处，质 点c的速率为零，加速度最大，故 E正确。故选：ACE。16 .【解答】解：(1)若/ AOF = 30 , OP3与OC的夹角为30 ,则折射角为60 ,此时液体的折射率为 n3=芯sin 300(2)由图可知，OP3与OC的夹角大于 OP4与OC的夹角，故 OP3与法线OE的夹角小于 OP4与法线OE的夹 角，即OP3的折射角小于OP3的折射角，根据折射率 门=平二可知，P3处的折射率小于 P4处的折射率。sim(3)因为AO的延长线交圆周于 K,