2019年高考物理一轮复习第三单元牛顿运动定律单元A卷

1、第三单元牛顿运动定律注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证 号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2 选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题 卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4 考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、（本题共 10 小题，每小题 6 分，在每小题给出的四个选项中，第16 题只有一项符合题目要求，第 710 题有多项符合题目要求。全部选对的得6 分，选对但不全的得 3 分,有

2、选错的得 0 分）1 下列关于惯性的说法中，正确的是（）A. 速度越快的汽车刹车时车轮在地面上的擦痕就越长，说明物体的运动速度越大，其惯 性也越大B. 出膛的炮弹是靠惯性飞向远处的C. 坚硬的物体有惯性，如投出去的铅球；柔软的物体没有惯性，如掷出的鸡毛D. 只有匀速运动或静止的物体才有惯性，加速或减速运动的物体都没有惯性2 如图所示，吊环运动员将吊绳与竖直方向分开相同的角度（两吊绳等长），重力大小为G的运动员静止时，左边绳子张力为，右边绳子张力为T2,则下列说法正确的是A.T1和T2是相同的C.T1和T2的合力与重力G是一对平衡力B.T1和T2的合力与重力G是一对作用力与反作用力D. 运动员两

3、手缓慢撑开时，T1和T2都会变小3 从地面以大小为V1的初速度竖直向上抛出一个皮球，经过时间t皮球落回地面，落地时皮球的速度的大小为V2。已知皮球在运动过程中受到空气阻力的大小与速度的大小成正比。重力加速度大小为g。下面给出时间t的四个表达式中只有一个是合理的。 你可能不会求解t, 但是你可以通过一定的物理分析。对下列表达式的合理性做出判断。根据你的判断，你认为t的合理表达式应为（）v1v2( )D.4. 2018 国际泳联跳水世界杯女子10 米跳台比赛，我国选手张家齐夺取冠军。她从跳台-3 -斜向上跳起，一段时间后落入水中，如图所示。不计空气阻力，下列说法正确的是A. 她在空中上升过程中处于

4、超重状态B. 她在空中下落过程中做自由落体运动C. 她即将入水时的速度为整个跳水过程中的最大速度D. 入水过程中，水对她的作用力大小等于她对水的作用力大小5. 一皮带传送装置如图所示，轻弹簧一端固定，另一端连接一个质量为m的滑块，已知滑块与皮带之间存在摩擦。现将滑块轻放在皮带上，弹簧恰好处于自然长度且轴线水平。若在弹簧从自然长度到第一次达最长的过程中，滑块始终未与皮带达到共速，则在此过程中滑块的速度和加速度变化情况是（）A. 速度增大，加速度增大B. 速度增大，加速度减小C. 速度先增大后减小，加速度先增大后减小D. 速度先增大后减小，加速度先减小后增大6.如图所示，在倾角为30的光滑斜面上，

5、一质量为2m的小车在沿斜面向下的外力F作用下下滑，在小车下滑的过程中，小车支架上连接着小球好水平。则外力F的大小为（）A. 4.5mgB. 25mgC. 2mg7 如图所示，相互接触的A、B两物块放在光滑的水平面上，质量分别为m和m,且m-4 -m。现对两物块同时施加相同的水平恒力F,设在运动过程中两物块之间的相互作用力大小为FN,则（）A.物块B的加速度为 B m2C. F: FN： ：2FD.物块A的加速度为2Fm+m2.FN不可能为零8 如图甲所示，轻弹簧竖直固定在水平面上，一质量为m= 0.2 kg的小球从弹簧上端某高度其速度v和弹簧压缩量？x的函数图象如图乙所示，其中A为曲线的最高点

6、，小球和弹簧接触瞬间的机械能损失不计，取重力加速度g= 10 m/sA. 该弹簧的劲度系数为 20 N/mB. 当?x= 0.3 m 时，小球处于超重状态C. 小球刚接触弹簧时速度最大2,则下列说法中正确的是（）D.从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大甲-5 -9 如图甲所示，静止在水平面C上足够长的木板B左端放着小物块A。某时刻，A受到水平向右的拉力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示。A B间最大静摩擦力大于B、C之间的最大静摩擦力，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则在拉力逐渐增大的过程中，下 列反映A B运动过程中的加速度及A与B间摩擦力fi、B与C间摩擦力f2随时

7、间变化的图线中正确的是（）10.用同种材料制成的倾角为30的斜面和水平面，斜面长 2.4 m 且固定，如图甲所示。一小物块从斜面顶端以沿斜面向下的初速度Vo开始自由下滑，当Vo= 2 m/s 时，经过 0.8 s后小物块停在斜面上， 多次改变Vo的大小，记录下小物块从开始运动到最终停下的时间t，作出t-vo图象，如图乙所示。已知重力加速度大小为g= 10 m/s2,则下列说法中正确的是（）A. 小物块在斜面上运动时的加速度大小为B. 小物块在斜面上运动时的加速度大小为C. 小物块与该种材料之间的动摩擦因数为D.由图乙可推断，若小物块的初速度继续增大，小物块的运动时间也随速度均匀增大、（本题共

8、4 小题，共 50 分。把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的 题，答案中必须明确写出数值和单位）11. （10 分）某实验小组应用如图所示装置“探究加速度与物体受力的关系”，已知小车的质量为M砝码及砝码盘的总质量为m所使用的打点计时器所接的交流电的频率为50 Hz。实验步骤如下：A. 按图所示安装好实验装置，其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直B. 调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动C. 挂上砝码盘，接通电源后，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求出小车的加速度D.改变砝码盘中砝

9、码的质量，重复步骤C,求得小车在不同合力作用下的加速度 根据以上实验过程，回答以下问题：2-6 -（1）对于上述实验，下列说法正确的是 _ 。-7 -A. 小车的加速度与砝码盘的加速度大小相等B. 实验过程中砝码盘处于超重状态C. 与小车相连的轻绳与长木板一定要平行D. 弹簧测力计的读数应为砝码和砝码盘总重力的一半E. 砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量(2)实验中打出的其中一条纸带如图所示，_由该纸带可求得小车的加速度a=m/s2。结果保留两位有效数字)(3)由本实验得到的数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图象，与本实12. (12 分)倾角0= 37 的斜面底端安装有一个

10、弹性挡板P,将一质量为m的小物块从斜面上A点处由静止释放，物块滑到P处，与P碰撞后沿斜面上滑的最高点为3用传感器描 绘出滑块的v-t图象如图所示。不计空气阻力及物块与P碰撞的时间，取g= 10 m/s2, sin 37 =0.6 , cos 37 = 0.8，求:(1) 物块与斜面间的动摩擦因数;(2)A、B间的距离。13. (12 分)如图所示，倾角0= 30的固定斜面上有一质量单位:CE验相符合的是m= 1 kg 的物体，物体连8.64-8 -有一原长10= 40 cm 的轻质弹簧，在弹簧B端给弹簧一沿斜面向下的推力F,使物体沿斜面向-9 -下以加速度ai= 1 m/s2做匀加速运动，此时

11、弹簧长度l1= 30 cm。已知物体与斜面间的动摩擦因数3，弹簧始终平行于斜面，重力加速度g= 10 m/s2。(弹簧始终在弹性限度内)2(1) 求推力F的大小和弹簧的劲度系数k；(2) 若在弹簧B端加一沿斜面向上的拉力使物体沿斜面向上做加速度a2= 2.2 m/s2的匀加速运动，求弹簧的长度12。14. (16 分)2017 年新春佳节，我市的许多餐厅生意火爆，常常人满为患，为能服务更多 的顾客，服务员需要用最短的时间将菜肴送至顾客处(设菜品送到顾客处速度恰好为零)。某次服务员用如图所示的单手托托盘方式给12m 远处的顾客上菜，要求全程托盘水平。托盘和手、碗之间的摩擦因数分别为0.2、0.1

12、5，服务员上菜最大速度为3 m/s。假设服务员加速、减速运动过程中是匀变速直线运动，且可认为最大静摩擦力 等于滑动摩擦力。求：(1) 服务员运动的最大加速度；(2) 服务员上菜所用的最短时间。单元训练金卷高三物理卷(A)1.【答案】B第三单元牛顿运动定律答案2.【答案】B3.【答案】C4.【答案】D5.【答案】D6.【答案】D-10 -【解析】 以小球为研究对象，分析受力情况可知：重力mg绳的拉力T,小球的加速度方向沿斜面向下，则mg和T的合力沿斜面向下。如图所示，由牛顿第二定律得:=ma解得：a= 2g。再对整体根据牛顿第二定律可得:=3ma解得：F= 4.5mg7.【答案】BD【 解 析

13、】由 于 没 有 摩 擦 力 ， 且mm, 故 两 者 会 一 块 运 动 ， 对 整 体 由 牛 顿 第 二 定 律 :2F =(mim2)a，解得：a2F，故 A 错误，B 正确；再对B受力分析，由牛顿第二定律:m1m2F -FN=：ma，代入加速度解得：FN=血血m)F:：.F，由于 m血，故 FN不可能为零，故 CD 错误。8.【答案】ABD【解析】 当?x= 0.1 m 时，小球的重力等于弹簧对它的弹力，合力为零，小球的加速度 为零，小球处于平衡状态，可得k?x=mg解得k= 20 N/m,故 A 正确；由图可知，？x= 0.3m 时，物体的速度减小，加速度向上，故说明物体处于超重状

14、态，故B 正确；由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，小球的重力大于弹簧对它的弹力，当？x为 0.1 m 时，小球的速度最大，然后速度减小，故C 错误；图中的斜率表示加速度，则由图可知，从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大，故D 正确。9.【答案】ACD【解析】 当拉力小于B、C之间的最大静摩擦力时，A B保持静止没有加速度，所以 B项错误；此时f1=f2=F,即两个摩擦力都随拉力增大而增大，在拉力增大到等于B C之间的F f2max最大静摩擦力至A B间达到最大静摩擦力这段时间，A B一起向前加速，加速度a=,mF+mf2maxA B间的静摩擦力f1=ma+f2max=

15、m,B、C之间变成了滑动摩擦力保持不变，所以DmA十iTB项正确；当拉力再增大时，A B之间也发生了相对滑动，A B之间变成了滑动摩擦力，即不. Ff再变化，此时A的加速度a=，综上所述AC 项正确。m10.【答案】AC【解析】 由题图乙可知小物块在斜面上运动时的加速度大小为正确；若小物块的速度足够大，则小物块将运动到水平面上，题图乙中的直线对小物块不再 适用，D 错误。mgsin 30a=；= 2.5 m/s2, A 正确,B错误；对小物ma=mgcos0mgsin0，代入数据得F+ (2 m+n)gsin 3011.【答案】 C (2) 0.88(3) A【解析】(1)由图可知，小车的加速

16、度是砝码盘的加速度大小的2 倍，故 A 错误；实验过程中，砝码向下加速运动，处于失重状态，故B 错误；小车相连的轻绳与长木板一定要平行，保证拉力沿着木板方向，故C 正确；实验过程中，砝码向下加速运动，处于失重状态，故弹簧测力计的读数小于砝码和砝码盘总重力的一半，故D 错误；由于不是用砝码的重力代替小车的拉力， 而是有弹簧测力计读出拉力， 故不需要砝码和砝码盘的总质量应远小于小车 的质量的条件，故 E 错误。(2) 在匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数，即x=aT2,得a= 0.16 m/s2。(3) 由题意可知，小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系应该是成正比，即为过原点的一条倾

17、斜直线，故 A 符合。12.【解析】(1)由图可得下滑的加速度a= 4 m/s2则物体下滑过程由牛顿第二定律得：n0- 口 ncgs0=ma解得：口 = 0.25。1(2)由v-t图象可得，下滑过程位移：XAP=vt =2 m2上滑过程由牛顿第二定律得：-min0- 口maps0=mav2= 2axBP解得：XBP= 1 m贝 y XAB= XAP- XBP= 1 m。13.【解析】 对物体受力分析，由牛顿第二定律可知：F+ min0卩mgpos0=F=kAl1|1=l0l1解得：F= 3.5 N ,k= 35 N/m。 物体向上运动的过程中，由牛顿第二定律可知:F1=kAl2l2=l0+ Al2手保持相对静止，碗受力如图甲所示，由牛顿第二定律得：碗与托盘间相对静止，则：Ff1Ff1max=卩2mg22F1mcsin0 mgpos0 =ma解得：l2= 82 cm。(1)设碗的质量为m托盘的质量为M以最大加速度运动时，碗、托盘、14.【解析】对碗和托盘整体，由牛顿第二定律得：Ff2= (M+ m)a2-12 -解得：aw 卩2g= 0.15 x 10 m/s = 1.5 m/s乙对碗和托盘整体，由牛顿第二定律得：Ff2= (M+ m)a2-13 -手和托盘间相