最新初中物理简单机械易错题精选经典

1、最新初中物理简单机械易错题精选经典一、简单机械选择题1 .将一个重为4.5N的物体沿斜面从底端匀速拉到顶端（如图所示），斜面长 1.2m,高0.4m,斜面对物体的摩擦力为0.3N （物体大小可忽略）.则下列说法正确的是A.沿斜面向上的拉力 0.3NC.有用功1.8J,机械效率20%【答案】D【解析】B.有用功0.36J,机械效率20%D.总功2.16J,机械效率 83.3%试题分析：由题意知：物重 G=4.5N,高h=0.4m,斜面长L=1.2m,受到的摩擦力f=0.3N, 则所做的有用功 W *Gh=4.5NX 0.4m=1.8J所做的额外功 W额=fL=0.3N X 1.2m=0.36J故

2、总功为 W 总=W”W 额=1.8J+0.36J=2.16J 机械效率 Y=Wr/W 总=1.8J/2.16J=83.3%.故选项 D 是正 确的.【考点定位】功、机械效率的相关计算.2 .用一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组把重150N的物体匀速提升1m,不计摩擦和绳重时，滑轮组的机械效率为60%.则下列选项错误的是（）A.有用功一定是150JB.总功一定是250JC.动滑轮重一定是 100ND.拉力大小一定是 125N【答案】D【解析】【分析】知道物体重和物体上升的高度，利用W=Gh求对物体做的有用功；又知道滑轮组的机械效率，利用效率公式求总功，求出了有用功和总功可求额外功，不计绳重和摩擦

3、，额外功 W额=G轮h,据此求动滑轮重；不计摩擦和绳重，根据 F=- （G物+G轮）求拉力大小. n【详解】Q G对左图滑轮组，承担物重的绳子股数n=3,对物体做的有用功：W=Gh=150NX 1m=150JW 有 150J因此， W额=W总-W有=250J-150J=100J；因为不，得：W 总= =250J,60%计绳重和摩擦， W额=G轮h,所以动滑轮重:W 额 100J,G轮= =100N,拉力F的大小:F=1 (G物+G轮)=1 (150N+100N) =250N;对右图滑轮组，承担物重的绳子股数 333Wn=2,对物体做的有用功：W=Gh=150NX 1m=150J ,由,得：W总

4、W总W 有 _150J一 60%=250J,所以 W额=W总-W有=250J-150J=100J;因为不计绳重和摩擦,W额=G轮h,因此动滑轮重： G轮= I。1=100N ,拉力F的大小：F= (G物+G轮)= h 1m22(150N+100N) =125N;由以上计算可知，对物体做的有用功都是150J,总功都是250J,动滑轮重都是100N,故A、B、C都正确；但拉力不同，故 D错.故选D.3 .如图所示，小丽分别用甲、乙两滑轮把同一桶沙从一楼地面提到二楼地面，用甲滑轮所做的总功为W1,机械效率为邛；用乙滑轮所做的总功为 W2,机械效率为平，若不计绳 重与摩擦，则A. W1 = W2=2B

5、,W1 = W2印 <2C. W1 < W2印> 2D.W1 > W2Y1 <2【答案】C【解析】【分析】由图可知甲是定滑轮，乙是动滑轮，利用乙滑轮做的额外功多，由小明分别用甲、乙两滑轮把同一桶沙从一楼地面提到二楼地面”可知两种情况的有用功，再根据总功等于有用功加W上额外功，可以比较出两种情况的总功大小.然后利用-100%即可比较出二者机械效率的大小.【详解】因为用甲、乙两滑轮把同一桶沙从一楼地面提到二楼地面，所以两种情况的有用功相同;W根据 k 可知：当有用功一定时，利用机械时做的额外功越少，则总功越少，机械效W率越高.而乙滑轮是动滑轮，所以利用乙滑轮做的额外功

6、多，则总功越多，机械效率越低.即 W,<W2,1> 2.【点睛】本题考查功的计算和机械效率的大小比较这一知识点，比较简单，主要是学生明确哪些是有用功，额外功，总功，然后才能正确比较出两种情况下机械效率的大小.4 .如图用同一滑轮，沿同一水平面拉同一物体做匀速直线运动，所用的拉力分别为Fl、F2、F3,下列关系中正确的是A. F1>F2>F3B. FkF2<F3C. F2>F1>F3D. F2<Fk F3【答案】D【解析】【详解】第一个图中滑轮为定滑轮，因为定滑轮相当于一个等臂杠杆，不能省力，所以根据二力平衡，此时拉力Fkf；第二个图中滑轮为动滑轮

7、，因为动滑轮可省一半的力，所以根据二力平衡，此时拉力F2=-f；2第三个图中滑轮为动滑轮，由二力平衡可知此时的拉力等于两股绳子向右的拉力，即F3=2f；由此可得F2< F1< F3.故D正确.5 .某商店有一不等臂天平（祛码准确），一顾客要买2kg白糖，营业员先在左盘放一包白糖右盘加1Kg祛码，待天平平衡后；接着又在右盘放一包白糖左盘加1kg祛码，待天平平衡后.然后把两包白糖交给顾客.则两包白糖的总质量A.等于2Kg B,小于2Kg C大于2Kg D,无法知道【答案】C【解析】解答：由于天平的两臂不相等，故可设天平左臂长为a,右臂长为b （不妨设a> b）,先称得的白糖的实际

8、质量为mi,后称得的白糖的实际质量为m2a b由杠杆的平衡原理：bm二aM, am2=bM,解得mi='，m2=la Sa b 口 - b）?h +-r + -2 = >（J则mi+m2=" °因为（mi+m2）. 2=其" 因为a、所以（m1+m2）-2>0,即mi+m2>2这样可知称出的白糖质量大于2kg.故选C.点睛：此题要根据天平的有关知识来解答，即在此题中天平的臂长不等，这是此题的关 键.6 .如图所示，工人利用动滑轮吊起一袋沙的过程中，做了300J的有用功，100J的额外功，则该动滑轮的机械效率为（）A. 75% B. 66.

9、 7% C. 33. 3% D. 25%【答案】A【解析】试题分析：由题意可知，人所做的总功为W总=W"W额=300J+100J=400J,故动滑轮的机械效率为 y =Wr/W 总=300J400J=75%,故应选 A。【考点定位】机械效率7 .下列关于功率和机械效率的说法中，正确的是（）A.功率大的机械，做功一定多8 .做功多的机械，效率一定高C.做功快的机械，功率一定大D.效率高的机械，功率一定大【答案】C【解析】试题分析：根据功、功率、机械效率的关系分析.功率是单位时间内做的功的多少，机械 效率是有用功与总功的比值.解：A、说法错误，功率大，只能说明做功快；B、说法错误，由于机

10、械效率是有用功与总功的比值，故做功多，不一定机械效率就大；C、说法正确；D、说法错误，机械效率高，只能说明有用功在总功中占的比例大.故选C.8.如图所示，一长为 L的直杆可绕。点转动，杆下挂一所受重力为G的物块，刚开始直 杆与竖直方向夹角为 60o.为了安全下降物块，用一个始终水平向右且作用于直杆中点的拉 力F,使直杆缓慢地转动到竖直位置（可以认为杠杆每一瞬间都处于平衡状态），则下列 说法正确的A.拉力F的大小保持不变1B.拉力F和物块重力G是一对平衡力C.这个过程中物块重力所做的功为1GLD.这个过程中直杆一直都是费力2杠杆【答案】C【解析】【详解】A.由图知，杠杆由与竖直方向成 60。角逐

11、渐转到竖直位置时，由于拉力始终水平，所以 其力臂逐渐变大；物体对杠杆拉力为阻力，转动过程中阻力臂逐渐变小；由杠杆平衡条件 可知拉力F逐渐变小，故 A错误；B.拉力F和物块重力大小不等、不一条直线上，不作用在一个物体上，所以不是一对平衡 力，故B错误； .1 . 一 一 C.杠杆由与竖直万向成 60角时，杠杆右端局度 h L ,转到竖直位置时杠杆下端局度21 1降到L处，所以物体下降图度 Vh L ，L -L ,所以物体重力做功2 21,人W GVh GL ,故 C 正确； 2D.当杠杆转到竖直位置时，阻力臂为0,杠杆为省力杠杆，故 D错误。9.如图所示，杠杆处于平衡状态，如果将物体A和B同时向

12、靠近支点的方向移动相同的距离，下列判断正确的是0向 百A.杠杆仍能平衡B.杠杆不能平衡，右端下沉C.杠杆不能平衡，左端下沉D.无法判断【答案】C【解析】【详解】原来杠杆在水平位置处于平衡状态，此时作用在杠杆上的力分别为物体A、B的重力，其对应的力臂分别为 OC、OD,根据杠杆的平衡条件可得：mAgOC=mBgOD,由图示可知， OC>OD.所以mAmB,Qc| A自 由当向支点移动相同的距离 4L时，两边的力臂都减小 1,此时左边为：mAg (OC - AL) =mAgOC mAgA L ,右边为：mBg (OD L) =mBgOD mbg L , 由 于，mav mb , 以 mAgL

13、v mbgL ； 所以：mAgOC - mAgA L> mBgOD - mBgA L . 因此杠杆将向悬挂 A物体的一端即左端倾斜. 故选C.10 .如图所示，一均匀木板 AB, B端固定在墙壁的转轴上，木板可在竖直面内转动，木板 下垫有长方形木块 C,恰好使木板水平放置.现有水平拉力F拉木块C,在粗糙水平地面上由B向A缓慢运动过程中，拉力 F将ABA.变小B.不变C.逐渐增大D.先减小后增大【答案】A【解析】【详解】以杆为研究对象，杆受重力G和C对它的支持力F支,根据杠杆平衡条件可得：F支?1支= G?g,水平力F由B向A缓慢匀速推动木块，F支的力臂在增大，重力 G及其力臂1g均不 变

14、，所以根据杠杆平衡条件可知，在整个过程中支持力在逐渐减小；由于支持力逐渐减小，且力的作用是相互的，所以可知杆对物体C的压力也逐渐减小，根据影响摩擦力大小的因素可知，C和木板间、C和地面间的摩擦力逐渐减小，拉力和摩擦力是平衡力，由力 的平衡条件可知，水平拉力F也逐渐减小.11 .在不计绳重和摩擦的情况下利用如图所示的甲、乙两装置分别用力把相同的物体匀速 提升相同的高度.若用 刀甲、刀乙表示甲、乙两装置的机械效率，Wk W乙表示拉力所做的功，则下列说法中正确的是乙 乙 w W => 甲 甲 w W => 甲 甲刀 V 甲刀* C【详解】物体升高的高度和物体重力都相同，根据公式W=Gh可

15、知做的有用功相同；由图可知，动滑轮个数相同，即动滑轮重力相同，提升的高度相同，不计绳重和摩擦，则拉力做的额外功Wr相同.有用功相同、额外功相同，则总功相同，即W甲=亚乙.根据刀=方-可知，机械效W息率相同，即刀甲=刀乙.故A符合题意.12 .小勇体重600N,利用如图所示的滑轮组在10s内使物体A匀速上升5m.已知物体 A小勇作用在绳端的拉力大小为500N,在此过程中，下列说法正确的是A.水平地面对小勇的支持力做功为6000JB.小勇做的有用功为 3000JC.小勇拉力的功率为 250WD.此滑轮组的机械效率为80%【答案】D【解析】水平地面对小勇的支持力与小勇运动的方向是垂直的，支持力不做功

16、，故 A错；小勇做的 有用功就是克服物体的重力做的功W有=Gh=800N><5m=4000J,故B错；小勇做的总功为 W总=Fs=500NX10m=5000J,拉力的功率为 P=W总/t=5000J/10s=500W ,故C错；滑轮组的机械 效率为W有/W总=4000J/5000J=80%,故 D正确；应选 D.13 .如图用同一滑轮组分别将两个不同的物体A和B匀速提升相同的高度，不计绳重和摩擦的影响，提升 A的过程滑轮组的机械效率较大，则下列判断正确的是A物体比B物体轻 提升A的拉力较大 提升A所做的额外功较少提升A做的有用功较多B.只有D.只有A.只有 C.只有 【答案】B 【

17、解析】【详解】由题知，提起两物体所用的滑轮组相同，将物体提升相同的高度，不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力所做的功是额外功，由W额=G动h知，提升A和B所做额外功相同，不计绳重W W与摩擦的影响，滑轮组的机械效率：斤=-,额外功相同，提升 A物体时滑轮W息W W组的机械效率较大，所以提升 A物体所做的有用功较大，由于提升物体高度一样，所以 A物体较重，提升 A物体用的拉力较大，故 ACD错误，B正确。14 .如图所示，用三个滑轮分别拉同一个物体，沿同一水平面做匀速直线运动，所用的拉力分别是Fl、F2、F3,比较它们的大小应是（）A. Fi>F2>F3B. F1VF2VF3C. F2&g

18、t;Fi>F3D. F2V FiV F3【答案】D【解析】【详解】设物块与地面的摩擦力为 f,第一个图中滑轮为定滑轮，因为使用定滑轮不省力，所以Fi=f；第二个图中滑轮为动滑轮，因为动滑轮实质是动力臂为阻力臂二倍的杠杆，使用动滑轮能省一半力.所以F2=-f；2第三个图中滑轮为动滑轮，但F3处作用在动滑轮上，此时动力臂是阻力臂的二分之一，所以要费力即F3=2f；故F2<F1<F3;答案为D.15.物理兴趣小组用两个相同滑轮分别组成滑轮组匀速提起质量相同的物体，滑轮的质量 比物体的质量小，若不计绳重及摩擦，提升重物的高度一样，对比如图所示甲、乙两滑轮组，下列说法正确的是甲 乙A.

19、甲更省力，甲的机械效率大B.乙更省力，乙的机械效率大C.乙更省力，甲、乙机械效率一样大D.甲更省力，甲、乙机械效率一样大【答案】D【解析】【分析】(1)由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n,则绳子自由端移动的距离 s=nh,1 ,F (G G动);n(2)把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的 滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用 滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系.【详解】1，、 一(1)不甘绳重及摩擦，拉力 F ( G G动),由图知，n甲=3, n乙=2,n所以F甲F乙，甲图省力；

20、(2)由题知，动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同；根据 W=G轮h、W有i=G物h,利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，总功相同，W由 工产 100%可知，两滑轮组的机械效率相同.W巧心、故选D.16 .如图甲所示，长1.6m、粗细均匀的金属杆可以绕O点在竖直平面内自由转动，一拉力-位移传感器竖直作用在杆上，并能使杆始终保持水平平衡.该传感器显示其拉力作用点到O点距离x的变化关系如图乙所示.据图可知金属杆重(A. 5NB. 10NC. 20ND. 40N【答案】B【解析】【分析】杠杆的平衡条件【详解】使金属杆转动的力是金属杆的重力，金属杆重心在中心上，所以阻力臂为:L i=0.8m,取当拉

21、力F=20N,由图象可知此时阻力臂：L2=0.4m ,根据杠杆的平衡条件有：GLi=FL2所以GX0.8m=20N X0.4m解得：G=10N17 .下图是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式（不计机械重和摩擦），其中所需 动力最小的是（）Gg在A的斜面中，存在 Fi X4m=G ><2m ,故Fi =；在B的滑轮组中，n=3,故F2=;23G 的定滑轮中，不省力，故 F3=G；在D的杠杆中，存在 F4Ml=GM,故F4=；可见所需动4力最小的是D.18 .如图所示，每个滑轮的重力相等，不计绳重和摩擦力，Gi = 60N, G2=38N,甲乙两种情况下绳子在相等拉力 F作用下静止

22、。则每个动滑轮的重力为（）A. 3NB. 6NC. 11ND. 22N【答案】B【解析】【分析】分析可知滑轮组承担物重的绳子股数n,不计绳重和摩擦力，拉力 F= - （G+G轮），因为n拉力相同，据此列方程求动滑轮的重力。【详解】由图知，承担物重的绳子股数分别为：ni = 3, n2=2,滑轮的重力相等，设动滑轮的重力为G轮，不计绳重和摩擦力，则拉力分别为：Fi= （Gi+G轮），F2= （G2+G轮），32由题知 Fi = F2 所以（Gi+G 轮）=（G2+G 轮），即：（60N+G 轮）=（38N+G3232轮），解答动滑轮的重力： G轮=6N。故选：Bo19 .在使用下列简单机械匀速提

23、升同一物体的四种方式，所用动力最小的是（不计机械自重、绳重和摩擦）（）A.图示是一个定滑轮拉力Fi = G ;【答案】D【解析】不计机械自重绳重和摩擦，即在理想状况下:B.根据勾股定理知 h4= = 3m,图中为斜面,F2X5m = G X3m,得至U F2=0.6G; C.如图所£12 2L+3L 5Lg 2示，由图可知儿 2L I由杠杆平衡条件可得：F3>t2=GXLg,拉力F3= g$21G =II0.4G; D.由图示可知，滑轮组承重绳子的有效股数n=3,拉力F4=,G;因此最小拉力是 F4；故选：D。点睛：由图示滑轮组，确定滑轮组的种类，根据滑轮组公式求出拉力Fi、F

24、4；由勾股定理求出斜面的高，根据斜面公式求出拉力F2的大小；由图示杠杆求出动力臂与阻力臂的关系，然后由杠杆平衡条件求出拉力F3；最后比较各力大小，确定哪个拉力最小。20 .如图所示，物理兴趣小组分别用甲、乙两个滑轮组匀速提起质量相同的物体，不计绳 重及摩擦.若每个滑轮质量相同，对比两个滑轮组，下列说法正确的是A.甲更省力，甲机械效率大B.乙更省力，机械效率一样大C.乙更省力，乙机械效率大D.甲更省力，机械效率一样大【答案】B【解析】【详解】由图可知，作用在乙上绳子的股数是3,更省力些；用甲、乙两个滑轮组匀速提起质量相同的物体，不计绳重及摩擦，只克服动滑轮重做额外功，若每个滑轮质量相同，则提升相

25、同高度时，甲乙所做的有用功和额外功均相同，故机械效率一样大.故本题正确选项是B.21 .内有少量饮料的罐子可以斜放在水平桌面上保持平衡.下列四个图中，能正确表示饮料罐（含饮料）所受重力的示意图是（），夕 4D.【答案】A【解析】【详解】重力的方向始终竖直向下，故CD错误；根据题意，内有少量饮料的罐子可以斜放在水平桌面上保持平衡，根据杠杆的平衡条件知，只有重力的作用线经过支点时，罐子才会保持平衡，故 A正确，B错误.故选A.【点睛】关键是根据杠杆的平衡条件分析，理解当一个力通过支点时，此力的力臂为零，对杠杆起 不到任何作用，即原来平衡的杠杆会仍然平衡.22 . C点为硬棒AD的重心，硬棒可绕 A

26、点转动。在棒的 B点施加力Fi, Fi的方向沿OO 线，棒在图所示位置处于静止状态。则S1 A Fi>GB. Fi= GS2C.重力的力臂等于 SiD. Fi方向沿OO'线向下【答案】A【解析】【详解】AB.由图像可得，A点到Fi的距离为S2,若令A点到重力的距离为S3,根据杠杆的平衡条 件“动力X动力臂=阻力X阻力臂”可知Fi S2 G S3可以推出由于S2可得Fi G故A选项正确，符合题意，B选项错误，不符合题意；C.重力的力臂为支点 A到重力的距离，重力竖直向下，因此力臂为水平方向，故C选项错误，不符合题意；D. Fi与G在支点同侧，重力方向竖直向下，所以 Fi的方向应该向上，故 D选项错误，不 符合题意。23 .用Fi的拉力直接将重为 G的物体A匀速提升h （如图甲）；换用斜面把物体 A匀速提