【优化方案】2015届高考物理二轮复习综合讲义：应试高分策略

1、应试高分策略(学生阅读篇)第1讲选择题突破策略与技巧保住基础快得分高考夺高分的关键，不在于题目的难度，而在于答题的速度高考物理选择题平均每道题解答时间应控制在两分钟以内选择题要做到既快又准，除了掌握直接判断和定量计算等常规方法外，还要学会一些非常规“巧解”方法解题陷困受阻时更要切记不可一味蛮做，要针对题目的特性“千方百计”达到快捷解题的目的妙法1排除法妙法解读在读懂题意的基础上，根据题目的要求，先将明显错误或不合理的选项逐一排除，最后只剩下正确的选项注意有时题目要求选出错误的选项，那就是排除正确的选项(2013·高考大纲全国卷)纸面内两个半径均为R的圆相切于O点，两圆形区域内分别存在

2、垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度大小相等、方向相反，且不随时间变化一长为2R的导体杆OA绕过O点且垂直于纸面的轴顺时针匀速旋转，角速度为.t0时，OA恰好位于两圆的公切线上，如图所示若选取从O指向A的电动势为正，下列描述导体杆中感应电动势随时间变化的图象可能正确的是()解析从导体杆转动切割磁感线产生感应电动势的角度考虑当导体杆顺时针转动切割圆形区域中的磁感线时，由右手定则判断电动势由O指向A，为正，选项D错误；切割过程中产生的感应电动势EBLBL2，其中L2Rsin t，即E2BR2sin2 t，可排除选项A、B，选项C正确答案C方法感悟此法在解答选择题中是使用频率最高的一种方法基本思路是通过

3、一个知识点或过程分析排除部分选项，然后再通过另一物理规律或过程分析排除部分选项，最后得出正确答案(2014·云南第一次检测)如图甲所示，线圈ABCD固定于匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向外，当磁场变化时，线圈AB边所受安培力向右且变化规律如图乙所示，则磁场的变化情况可能是选项中的()推荐精选解析：选D.A图中，磁场均匀增强，由楞次定律判断线圈ABCD中的感应电流沿顺时针方向，利用左手定则判断AB边受安培力方向向右，安培力大小由法拉第电磁感应定律有F安lB，则知F安变大，与题目已知不符，可排除A项；B图中，磁场变强，线圈中产生顺时针方向电流，AB边受安培力方向向右，安培力大小F安lB，则

4、知F安变大，与题目已知不符，可排除B项；C图中，磁场变弱，线圈中产生逆时针方向电流，AB边受力方向向左，与题目已知不符，可排除C项；D图中，磁场变强，线圈中产生顺时针方向电流，AB边受安培力方向向右，安培力大小F安lB，可知安培力大小可能恒定，D对妙法2特值法妙法解读有些选择题，根据它所描述的物理现象的一般情况，难以直接判断选项的正误时，可以让某些物理量取特殊值，代入到各选项中逐个进行检验凡是用特殊值检验证明是不正确的选项，一定是错误的，可以排除(2013·高考安徽卷)如图所示，细线的一端系一质量为m的小球，另一端固定在倾角为的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行在斜面体以加速度a水平向右

5、做匀加速直线运动的过程中，小球始终静止在斜面上，小球受到细线的拉力FT和斜面的支持力FN分别为(重力加速度为g)()AFTm(gsin acos )FNm(gcos asin )BFTm(gcos asin )FNm(gsin acos )CFTm(acos gsin )FNm(gcos asin )DFTm(asin gcos )FNm(gsin acos )解析取特例a0，则FTmgsin ，FNmgcos .将a0代入四个选项，只有A项可得到上述结果，故只有A正确答案A方法感悟以上解析用非常规解法，巧取特例轻松妙解，特例赋值法一般对通解表达式很奏效假设地球是一半径为R、质量分布均匀的球体

6、，一矿井深度为d.已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，矿井底部和地面处的重力加速度大小之比为()A1B1C.2 D.2解析：选A.取特殊情况，当dR时，重力加速度之比应该为0，排除B、D；取d，根据黄金代换式GMgR2得g ，重力加速度之比不等于(因为质量M不一样)，排除C.答案为A.妙法3极限法妙法解读极限法是把某个物理量推向极端，从而作出科学的推理分析，给出判断或导出一般结论该方法一般适用于题干中所涉及的物理量随条件单调变化的情况极限思维法在进行某些物理过程分析时，具有独特作用，使问题化难为易，化繁为简，达到事半功倍的效果如图甲所示，半径为R的均匀带电圆形平板，单位面积带电荷量为，

7、其轴线上任意一点P(坐标为x)的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：E2k，方向沿x轴现考虑单位面积带电荷量为0的无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板，如图乙所示则圆孔轴线上任意一点Q(坐标为x)的电场强度为()推荐精选A2k0 B2k0C2k0 D2k0解析无限大均匀带电平板周围的电场可以等效为匀强电场，挖去的圆板如果r趋于0，则选项表达式表示的场强应为恒定值，比较得A项正确答案为A.答案A方法感悟以上解法令r趋于0，巧妙地采用了极限思维法，让看似棘手的问题迎刃而解如图，一不可伸长的轻质细绳跨过定滑轮后，两端分别悬挂质量为m1和m2的物体A和B.若滑轮有一定大小，质量

8、为m且分布均匀，滑轮转动时与绳之间无相对滑动，不计滑轮与轴之间的摩擦设细绳对A和B的拉力大小分别为T1和T2，已知下列四个关于T1的表达式中有一个是正确的请你根据所学的物理知识，通过一定的分析，判断正确的表达式是()AT1BT1CT1 DT1解析：选C.设滑轮的质量为零，即看成轻滑轮，若物体B的质量较大，由整体法可得加速度ag，隔离物体A，据牛顿第二定律可得T1 g应用“极限推理法”，将m0代入四个选项分别对照，可得选项C正确，故选C.(本题用特例m1m2解更加简单)妙法4逆向法妙法解读逆向思维是逆着事件发生的时间顺序或者由果到因进行思考，寻求解决问题的方法逆向思维法的运用主要体现在可逆性物理

9、过程中(如运动的可逆性、光路的可逆性等)，或者运用反证归谬、执果索因进行逆向思维逆向思维有时可以使解答过程变得非常简捷，特别适用于选择题的解答(多选)如图所示，在水平地面上的A点以速度v1与地面成角射出一弹丸，恰好以速度v2垂直穿入竖直壁上的小孔B，下列说法正确的是(不计空气阻力)()A在B点以与v2大小相等的速度，与v2方向相反射出弹丸，它必定落在地面上的A点B在B点以与v1大小相等的速度，与v2方向相反射出弹丸，它必定落在地面上的A点C在B点以与v1大小相等的速度，与v2方向相反射出弹丸，它必定落在地面上A点的左侧D在B点以与v1大小相等的速度，与v2方向相反射出弹丸，它必定落在地面上A点

10、的右侧解析以速度v1与地面成角射出一弹丸，恰好以速度v2垂直穿入竖直壁上的小孔B，说明弹丸在B点的竖直速度为零，v2v1cos ，根据“逆向”思维：在B点以与v2大小相等方向相反的速度射出弹丸，它必落在地面上的A点，A正确；在B点以与v1大小相等的速度，与v2方向相反射出弹丸，由于v1v2，弹丸在空中运动的时间不变，所以它必定落在地面上A点的左侧，C正确，B、D错误答案AC方法感悟弹丸做的是斜上抛运动，到达最高点时速度水平，解答时若直接对斜抛运动进行分解，解答过程比较麻烦，但若采用逆向思维法，利用平抛运动规律求解，解答过程会简化很多推荐精选(多选)一有固定斜面的小车在水平面上做直线运动，小球通

11、过细绳与车顶相连小球某时刻正处于图示状态设斜面对小球的支持力为FN，细绳对小球的拉力为FT，关于此时刻小球的受力情况，下列说法正确的是()A若小车向左运动，FN可能为零B若小车向左运动，FT可能为零C若小车向右运动，FN不可能为零D若小车向右运动，FT不可能为零解析：选AB.对小球进行受力分析，假设FN为零，小球的合外力水平向右，加速度向右，故小车可能向右加速运动或向左减速运动，A对C错；假设FT为零，小球的合外力水平向左，加速度向左，故小车可能向右减速运动或向左加速运动，B对D错妙法5对称法妙法解读对称情况存在于各种物理现象和物理规律中，应用这种对称性可以帮助我们直接抓住问题的实质，避免复杂

12、的数学演算和推导，快速解题(2013·高考江苏卷)下列选项中的各圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各圆环间彼此绝缘坐标原点O处电场强度最大的是()解析由对称原理可知，A、C图中在O点的场强大小相等，D图中在O点场强为0，B图中两圆环在O点合场强应最大，选项B正确答案B方法感悟利用对称性，只计算抵消后剩余部分的场强，这样可以明显减少解答运算量，做到快速解题如图所示，电荷量为q和q的点电荷分别位于正方体的顶点，正方体范围内电场强度为零的点有()A体中心、各面中心和各边中点B体中心和各边中点C各面中心和各边中点D体中心和各面中心解析：选D.由等量同种点电荷或等量异种点电

13、荷的场强对称分布可推断：对正方体的上表面中心，上表面的四个电荷分成两组产生的场强都是零，下表面的四个电荷分成两组产生的场强等大反向，所以正方体的上表面中心处的合场强为零，同理，所有各面中心处的合场强都为零；在体中心，可以将八个电荷分成四组，产生的合场强为零；而在各边中心，场强无法抵消，合场强不为零答案为D.妙法6反证例举法妙法解读有些选择题的选项中，带有“可能”、“可以”等不确定词语，只要能举出一个特殊例子证明它正确，就可以肯定这个选项是正确的；有些选择题的选项中，带有推荐精选“一定”、“不可能”等肯定的词语，只要能举出一个反例驳倒这个选项，就可以排除这个选项关于静电场，下列说法正确的是()A

14、电势等于零的物体一定不带电B电场强度为零的点，电势一定为零C同一电场线上的各点，电势一定相等D负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加解析带电物体的电势可以为零，比如接地的导体，可以带电，取大地电势为零，则此导体的电势为零，A错；电场强度和电势没有必然的联系，场强为零的地方，电势可以为零，也可以不为零，如两等量正点电荷连线中点处的场强为零，但电势不一定为零，B错；顺着电场线的方向，电势降低，C错；负电荷沿电场线方向移动，则电场力做负功，电势能一定增加，D对答案D方法感悟对于有“一定”的选项，只要能找到“不一定”的反例，或对于有“不可能”的选项，只要能找到“可能”的例子，就可将此选项排除(多选)

15、(2014·成都九校联考)如图所示，物体在水平推力F的作用下静止在斜面上，若稍微增大水平力F而物体仍保持静止，则下列判断中错误的是()A斜面对物体的静摩擦力一定增大B斜面对物体的支持力一定增大C物体在水平方向所受合力一定增大D物体在竖直方向所受合力一定增大解析：选ACD.原来斜面对物体的静摩擦力方向可能沿斜面向上，也可能沿斜面向下，所以稍微增大水平力F，静摩擦力可能增大也可能减小，甚至可能大小不变，A说法错误；F增大，则物体对斜面的压力FNmgcos Fsin 也增大，所以B说法正确；根据物体仍保持静止可知，物体在水平方向和竖直方向上的合力都为零，所以C、D的说法都是错误的妙法7结论

16、法妙法解读在平时的解题过程中，积累了大量的“二级结论”，熟记并巧用一些“二级结论”可以使思维过程简化，节约解题时间非常实用的二级结论有：(1)等时圆规律；(2)平抛运动速度的反向延长线过水平位移的中点；(3)不同质量和电荷量的同性带电粒子由静止相继经过同一加速电场和偏转电场，轨迹重合；(4)直流电路中动态分析的“串反并同”结论；(5)平行通电导线同向相吸，异向相斥；(6)带电平行板电容器与电源断开，改变极板间距离不影响极板间匀强电场的强度等如图所示，长度相等的两杆OA、OB通过转动轴相连于O点(B端滑轮大小不计)，一端系有重物的轻绳，另一端跨过滑轮固定于A点，OA保持竖直不动，杆OB与杆OA的

17、夹角可调整，现将一光滑小轻环套在细绳上，让其从A点由静止开始下滑至B点，在下滑过程中角保持不变，细绳始终绷直，下面关于轻环下滑时间的判断，正确的是()A角越大，下滑所需时间越长B45°时，下滑所需时间最短C90°时，下滑所需时间最短D不论为何值，下滑所需时间都相同解析本题属于等时圆模型，故D正确答案D方法感悟二级结论在计算题中一般不可直接应用，但运用其解答选择题时优势是显而易见的，可以大大提高解题的速度和准确率在等边三角形的三个顶点a、b、c处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图，过c点的导线所受安培力的方向()A与ab边平行，竖直向上推荐

18、精选B与ab边平行，竖直向下C与ab边垂直，指向左边D与ab边垂直，指向右边解析：选C.根据“平行通电导线同向相吸，异向相斥”的二级结论，可知a、b处导线对c处导线的安培力的合力方向水平向左答案为C.妙法8作图法妙法解读根据题目的内容画出图象或示意图，如物体的运动图象、光路图、气体的状态变化图象等，再利用图象分析寻找答案作图类型主要有三种：(1)函数图象；(2)矢量图；(3)几何图(2014·高考安徽卷)如图所示，有一内壁光滑的闭合椭圆形管道，置于竖直平面内，MN是通过椭圆中心O点的水平线已知一小球从M点出发，初速率为v0，沿管道MPN运动，到N点的速率为v1，所需时间为t1；若该小

19、球仍由M点以初速率v0出发，而沿管道MQN运动，到N点的速率为v2，所需时间为t2，则()Av1v2，t1t2 Bv1v2，t1t2Cv1v2，t1t2 Dv1v2，t1t2解析管道内壁光滑，只有重力做功，小球机械能守恒，因此可得：v1v2v0.根据两过程中速率变化的规律，初速、末速大小相等，及路程相等可画出速率时间图象定性分析，得t1t2.A对答案A方法感悟作图分析法具有形象、直观的特点，便于了解各物理量之间的关系，能够避免繁琐的计算，迅速简便地找出正确选项如图所示，长方形区域abcd，长ad0.6 m，宽ab0.3 m，O、e分别是ad、bc的中点，以ad为直径的半圆内有垂直纸面向里的匀强

20、磁场(边界上无磁场)，磁感应强度B0.25 T一群不计重力、质量m3.0×107kg、电荷量q2.0×103C的带电粒子以速度v5.0×102 m/s沿垂直ad的方向垂直于磁场射入磁场区域()A从Od段射入的粒子，出射点全部分布在Oa段B从Oa段射入的粒子，出射点全部分布在ab边C从Od段射入的粒子，出射点分布在Oa段和ab边D从Oa段射入的粒子，出射点分布在ab边和bc边解析：选D.粒子在磁场中做匀速圆周运动，在磁场外做匀速直线运动，粒子在磁场中有qvBm，r0.3 m从Od段射入的粒子，如果abcd区域均分布磁场，从O点射入的粒子刚好从b点射出，现半圆外区域没

21、有磁场，粒子做直线运动，出射点在bc边上(如图所示)；从Oa段射入的粒子，出射点分布在ab边和bc边，D正确妙法9等效法妙法解读等效替换法是把陌生、复杂的物理现象、物理过程在保证某种效果、特性或关系相同的前提下，转化为简单、熟悉的物理现象、物理过程来研究，从而认识研究对象本质和规律的一种思想方法等效替换法广泛应用于物理问题的研究中，如：力的合成与分解、运动的合成与分解、等效场、等效电源(2013·高考安徽卷)如图所示，xOy平面是无穷大导体的表面，该导体充满z0的空间，z0的空间为真空将电荷量为q的点电荷置于z轴上zh处，则在xOy平面上会产生感应电荷空间任意一点处的电场皆是由点电荷

22、q和导体表面上的感应电荷共同激发的已知静电平衡时导体内部场强处处为零，则在z轴上z处的场强大小为(k为静电力常量)()推荐精选Ak Bk Ck Dk 解析点电荷q和感应电荷所形成的电场在z0的区域可等效成关于O点对称的等量异号电荷形成的电场所以z轴上z处的场强Ekkk，选项D正确答案D方法感悟此方法的基本特征为等效替代，把复杂问题转化为一个较简单的问题，起到化难为易的作用(2013·高考安徽卷)由消防水龙带的喷嘴喷出水的流量是0.28 m3/min，水离开喷口时的速度大小为16 m/s，方向与水平面夹角为60°，在最高处正好到达着火位置，忽略空气阻力，则空中水柱的高度和水量

23、分别是(重力加速度g取10 m/s2)()A28.8 m1.12×102 m3 B28.8 m0.672 m3C38.4 m1.29×102 m3 D38.4 m0.776 m3解析：选A.将水的运动等效为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的竖直上抛运动，由右图可知，vxvcos 60°，vyvsin 60°，水柱的高度h28.8 m，上升时间t2.4 s，空中水柱的水量相当于从喷口2.4 s内喷出的水量，故Q×2.4 m31.12×102 m3，故选项A正确妙法10估算法妙法解读有些选择题本身就是估算题，有些貌似要精确计算，实际上只要

24、通过物理方法(如：数量级分析)，或者数学近似计算法(如：小数舍余取整)，进行大致推算即可得出答案估算是一种科学而有实用价值的特殊方法，可以大大简化运算，帮助考生快速地找出正确选项(2013·高考江苏卷)水平面上，一白球与一静止的灰球碰撞，两球质量相等碰撞过程的频闪照片如图所示，据此可推断，碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的()A30% B50%C70% D90%解析根据v和Ekmv2解决问题量出碰撞前的小球间距与碰撞后的小球间距之比为127，即碰撞后两球速度大小v与碰撞前白球速度v的比值，.所以损失的动能Ekmv2×2mv2，30%，故选项A正确答案A方法感悟此题解法

25、灵活，运用数学近似计算的技巧，如把小数舍余取整，相差较大的两个量求和时舍去小的那个量，并未严格精确计算也可快速得出正确选项卫星电话信号需要通过地球同步卫星传送如果你与同学在地面上用卫星电话通话，则从你发出信号至对方接收到信号所需最短时间最接近于(可能用到的数据：月球绕地球运动的轨道半径约为3.8×105 km，运行周期约为27天，地球半径约为6 400 km，无线电信号的传播速度为3×108 m/s)()A0.1 s B0.25 s推荐精选C0.5 s D1 s解析：选B.由m2r得r，故r卫·r月r月4×107 m(注：由同步卫星的常识也可得r卫7R地

26、)最短时间t s 0.27 s.推荐精选第2讲实验题突破策略与技巧提高技能多捞分近几年高考对实验的考查，多以一大带一小的形式，其中第一小题为常规实验题，侧重考查基本实验仪器的读数或常规型实验第二小题侧重对学生实验迁移能力的考查，常以设计性实验来体现，主要为电学实验，也有力学实验只要扎扎实实掌握课本实验的实验原理、实验方法、数据处理的方法及分析，灵活迁移到解决创新性、设计性实验中，就能稳得实验题高分分类型突破如下：类型1读数与作图型类型解读此类型题考查常用仪器的使用和读数，以及实验作图或电学部分的实物连线突破策略对于读数问题，要弄清是否要估读、数据有效数字的位数以及要求的单位对作图或连线题要从细

27、节和规范上加以注意总之，答题时周密细致、临场不慌，就能得全分(2013·高考北京卷)某同学通过实验测定一个阻值约为5 的电阻Rx的阻值(1)现有电源(4 V，内阻可不计)，滑动变阻器(050 ，额定电流2 A)，开关和导线若干，以及下列电表：A电流表(03 A，内阻约0.025 )B电流表(00.6 A，内阻约0.125 )C电压表(03 V，内阻约3 k)D电压表(015 V，内阻约15 k)为减小测量误差，在实验中，电流表应选用_，电压表应选用_(选填器材前的字母)；实验电路应采用图1中的_(选填“甲”或“乙”)(2)图2是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线请根据在(

28、1)问中所选的电路图，补充完成图2中实物间的连线(3)接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U.某次电表示数如图3所示，可得该电阻的测量值Rx_(保留两位有效数字)解析(1)电源电动势E4 V，被测电阻Rx5 ，则Imax A0.8 A，电流表若选A读数时误差较大，因此电流表应选B；考虑电压表测量电压时的指针转动范围，电压表应选C.由于Rx，故电流表应选择外接法(甲图)推荐精选(2)见答案(3)题图3中的电流表示数I0.50 A，电压表示数U2.60 V，故Rx5.2 .答案(1)BC甲(2)如图所示(3)5.2类型2方案与器材选择型类型解读方案选择型实验题

29、根据着重点不同主要可分为二类：一类是测量方案的选择；一类是数据处理方法的选择器材选择型实验题是指以考查基本仪器选择为主的实验题(主要为电学实验)，此类实验题主要有两种情况：一种是给出实验目的，要求选择实验仪器；另一种是给出电学中的一些电表、电阻和实验需要测量的物理量，要求选择实验仪器，或选择实验电路突破策略对于测量方案的选择，要通过分析题述的各种方案的可行性和实验的实际情况选择符合题目要求的方案；对于电路的选择，要考虑到测量的系统误差和电表指针偏转的角度，选择符合要求且误差尽可能小的电路；对于数据处理方法的选择，要根据实验的实际情况和题目要求选择最佳数据处理方法仪器选择的原则：安全可行、精确合

30、理、操作方便对于给出实验目的要求选择实验仪器类实验题，要根据实验原理选择最适合的仪器；对于电表选择类，一定要对电路的最大电流值和电压值进行估算，其电表量程要稍大于电路的最大电流值和电压值分压电路，滑动变阻器要在满足最大允许电流要求的条件下尽可能选择最大阻值较小的；限流电路，滑动变阻器要在满足要求的条件下尽可能选择最大阻值与待测电路部分电阻差不多的(2014·安徽名校联考)某物理学习小组的两位同学采用“伏安法”测金属丝电阻率的实验中(1)先用米尺测出金属丝长度为L，再用螺旋测微器测量金属丝的直径使用时发现所用螺旋测微器存在零误差，测微螺杆与测砧直接接触时读数如图甲所示，测量金属丝直径时

31、如图乙所示，则金属丝的直径是_mm；(2)用多用电表粗测金属丝电阻，选择电阻挡倍率“×1”，将两表笔短接，进行_，再使表笔接触金属丝两端，读数如图丙所示，则其阻值为Rx_；(3)实验室备有下列实验器材推荐精选A电压表V1(量程03 V，内阻约为15 k)B电压表V2(量程015 V，内阻约为75 k)C电流表A1(量程03 A，内阻约为0.2 )D电流表A2(量程00.6 A，内阻约为1 )E滑动变阻器R1(0100 ，0.6 A)F滑动变阻器R2(02 000 ，0.1 A)G电池组E(电动势为3 V，内阻约为0.3 )H开关S，导线若干为减小实验误差，应选用的实验器材有_(填代号

32、)应选用图中_(填“丁”或“戊”)为该实验的电路原理图解析(1)由甲图可知螺旋测微器的零误差为0.020 mm，所以金属丝的直径为0.505 mm.(2)多用电表测电阻之前，需要先欧姆调零；读数为6 .(3)由于电源的电动势为3 V，所以电压表应选A；被测电阻约为6 ，电路中的最大电流约为I0.5 A，电流表应选D；根据滑动变阻器允许通过的最大电流可知，滑动变阻器应选E；还要选用电池、开关和导线若干故应选用的实验器材有ADEGH.由于，应采用电流表外接法，应选图戊所示电路答案(1)0.505(0.5040.506之间均正确)(2)欧姆调零6(3)ADEGH戊类型3基本操作型类型解读所谓基本实验

33、操作型实验题主要考查实验的基本操作，此类题主要有三类：一类是对实验操作的关键点考查，明确方法；第二类是对题述的实验步骤分析找出错误进行改正；三是补全实验步骤突破策略解答基本操作型实验题首先要理解掌握实验的基本步骤，特别是实验的一些细节，其次要知道实验的注意事项根据实验要点，抓住关键，按照题目要求解答(2014·高考天津卷)某同学把附有滑轮的长木板平放在实验桌上，将细绳一端拴在小车上，另一端绕过定滑轮，挂上适当的钩码，使小车在钩码的牵引下运动，以此定量探究绳拉力做功与小车动能变化的关系此外还准备了打点计时器及配套的电源、导线、复写纸、纸带、小木块等组装的实验装置如图所示(1)若要完成该

34、实验，必需的实验器材还有哪些_.(2)实验开始时，他先调节木板上定滑轮的高度，使牵引小车的细绳与木板平行他这样做的目的是下列的哪个_(填字母代号)A避免小车在运动过程中发生抖动B可使打点计时器在纸带上打出的点迹清晰C可以保证小车最终能够实现匀速直线运动D可在平衡摩擦力后使细绳拉力等于小车受的合力(3)平衡摩擦力后，当他用多个钩码牵引小车时，发现小车运动过快，致使打出的纸带上点数较少，难以选到合适的点计算小车速度在保证所挂钩码数目不变的条件下，请你利用本实验的器材提出一个解决方法：_.推荐精选(4)他将钩码重力做的功当作细绳拉力做的功，经多次实验发现拉力做功总是要比小车动能增量大一些，这一情况可

35、能是下列哪些原因造成的_(填字母代号)A在接通电源的同时释放了小车B小车释放时离打点计时器太近C阻力未完全被小车重力沿木板方向的分力平衡掉D钩码做匀加速运动，钩码重力大于细绳拉力解析(1)计算小车的动能变化需用天平测质量；在计算小车通过的位移、小车的瞬时速度时都需用刻度尺测距离(2)只有绳与板面平行时，才能保证小车运动中与板面间的压力不变，才能保证小车所受摩擦力不变，才能保证平衡摩擦力后绳的拉力等于小车所受合力，故D正确(3)要增加纸带上所打下点的数目，只有减小小车运动的加速度在所挂钩码数目不变的情况下只有增大小车的质量，即在车上增加砝码或钩码(4)当将钩码重力作为小车所受合力时，需满足几个条

36、件：一是摩擦力被平衡，二是绳与板面平行，此二者可保证绳对车的拉力等于车所受合力，但小车加速运动时钩码加速下降，钩码重力大于绳上拉力，则只有当钩码质量远小于小车质量时二者才近似相等，故此情况可能是由C、D原因造成的答案(1)刻度尺、天平(包括砝码)(2)D(3)可在小车上加适量砝码(或钩码)(4)CD类型4测量计算型类型解读该类型实验题主要考查实验数据的处理能力以及对结果进行误差分析突破策略解答该类型实验题的步骤：明确实验中的物理过程，找出遵循的物理规律，选定所需公式进行计算，总之是用解决计算题的思维解决实验题(2014·高考浙江卷)小明对2B铅笔芯的导电性能感兴趣，于是用伏安法测量其

37、电阻值(1)图甲是部分连接好的实物电路图，请用电流表外接法完成接线并在图甲中画出(2)小明用电流表内接法和外接法分别测量了一段2B铅笔芯的伏安特性，并将得到的电流、电压数据描到U­I图上，如图乙所示在图中，由电流表外接法得到的数据点是用_(填“”或“×”)表示的(3)请你选择一组数据点，在图乙上用作图法作图，并求出这段铅笔芯的电阻为_ .解析(1)由题图甲知电源采用了两节干电池，则电压表应选用3 V量程，见答案图(2)在内接法中由UI(RRA)知其UI图线的斜率k内RRAR；在外接法中由其UR即UI知其UI图线的斜率k外R，可见对应于外接法的图线斜率较小推荐精选(3)由UI

38、R知UI图线的斜率对应于R的测量值选择其中一组“×”或“”连线，求出图线的斜率即可用“×”连线时R(1.11.3) ，用“”连线时R(1.51.7) .答案(1)如图所示(2)图象见解析×(3)见解析类型5规律探究型类型解读所谓探究型实验题是指为探究某种规律而设计的实验探究型实验题注重考查学生的科学探究能力和对综合实验知识的掌握程度探究型实验题强调的是“探究”，重点是数据的分析和处理题目一般具有开放性，有一定难度突破策略解答探究型实验题，一是要切题，要明确探究什么，如何探究，要搞清楚实验装置，知道各个器件的作用；二是要应用相关知识，搞清楚实验方法和实验步骤；三是要

39、对探究结论按照题目要求进行分析(2014·高考广东卷)某同学根据机械能守恒定律，设计实验探究弹簧的弹性势能与压缩量的关系(1)如图甲，将轻质弹簧下端固定于铁架台，在上端的托盘中依次增加砝码，测得相应的弹簧长度，部分数据如下表，由数据算得劲度系数k_ N/m.(g取9.8 m/s2)砝码质量/g50100150弹簧长度/cm8.627.636.66(2)取下弹簧，将其一端固定于气垫导轨左侧，如图乙所示；调整导轨，当滑块自由滑动时，通过两个光电门的速度大小_(3)用滑块压缩弹簧，记录弹簧的压缩量x；释放滑块，记录滑块脱离弹簧后的速度v，释放滑块过程中，弹簧的弹性势能转化为_(4)重复(3

40、)中的操作，得到v与x的关系如图丙，由图可知，v与x成_关系，由上述实验可得结论：对同一根弹簧，弹性势能与弹簧的_成正比推荐精选解析(1)由Fkx得Fk·x，代入表中数据可得出k值(2)滑块滑行过程中无摩擦阻力，自由滑动时导轨已调整到水平状态，故滑块此时匀速运动(3)当不考虑空气阻力、摩擦等因素且导轨又调到水平状态时，释放滑块的过程中只涉及弹性势能与滑块的动能，即能量只在这两种形式之间转化(4)v ­x图线是过原点的直线，故vx.因EpEkmv2v2x2，故Epx2.答案(1)49.550.5(2)相等(3)滑块的动能(4)正比x2类型6创新设计型类型解读所谓设计型实验题，

41、就是按照题目要求，设计实验方案或实验电路的实验题突破策略解答设计型实验题，就是要按照题目要求和题目给出的实验器材，应用相关的物理知识，迁移教材实验的方法，设计出切实可行的实验方案或实验电路(2014·高考四川卷)如图是测量阻值约几十欧的未知电阻Rx的原理图，图中R0是保护电阻(10 )，R1是电阻箱(099.9 )，R是滑动变阻器，A1和A2是电流表，E是电源(电动势10 V，内阻很小)在保证安全和满足要求的情况下，使测量范围尽可能大实验具体步骤如下：(1)连接好电路，将滑动变阻器R调到最大；(2)闭合S，从最大值开始调节电阻箱R1，先调R1为适当值，再调节滑动变阻器R，使A1示数I

42、10.15 A，记下此时电阻箱的阻值R1和A2的示数I2；(3)重复步骤(2)，再测量6组R1和I2值；(4)将实验测得的7组数据在坐标纸上描点根据实验回答以下问题：现有四只供选用的电流表：A电流表(03 mA，内阻为2.0 )B电流表(03 mA，内阻未知)C电流表(00.3 A，内阻为5.0 )D电流表(00.3 A，内阻未知)A1应选用_，A2应选用_测得一组R1和I2值后，调整电阻箱R1，使其阻值变小，要使A1示数I10.15 A，应让滑动变阻器R接入电路的阻值_(选填“不变”、“变大”或“变小”)在坐标纸上画出R1与I2的关系图推荐精选根据以上实验得出Rx_ .解析该实验测Rx电阻的

43、原理为并联电路两支路电压相等，即(Rxr2)I2(R0R1r1)I1，其中r1、r2分别为A1、A2两表的内阻又因为Rx的阻值约几十欧，与R0R1在同一数量级，A1示数为I10.15 A，表示电流表A1只能从C、D中选择，A2电流数量级与A1相同由测量原理可知：(Rxr2)I2(R0R1r1)I1，因Rx未知，故r2阻值应已知，故A1选D，A2选C.因A1示数I10.15 A不变，R1变小，(R0R1r1)I1变小，滑动变阻器所分电压变大，R应变大该图线为一条直线，离线较远的一组数据为错误数据，应舍去，其他点应对称分布在直线两侧由实验原理得：(R0R1r1)I1(Rxr2)I2其中R010 ，

44、r25.0 ，I10.15 A，从图线上选择两组R1、I2代入不同数值可解得Rx约为31 .答案DC变大关系图线如图所示31推荐精选第3讲计算题突破策略与技巧规范答题抓大分实践表明，综合大题的解题能力和得分能力都可以通过“大题小做”的解题策略有效提高“大题小做”的策略体现在将一个复杂过程分解成若干个子过程，每个子过程就是一个小题，然后各个击破具体来讲可以分三步来完成：审题规范化，思维规范化，答题规范化第一步：审题规范化审题流程：通读细读选读第一遍读题通读读后头脑中要出现物理图景的轮廓由头脑中的图景(物理现象、物理过程)与某些物理模型找关系，初步确定研究对象，猜想所对应的物理模型第二遍读题细读读

45、后头脑中要出现较清晰的物理图景由题设条件，进行分析、判断，确定物理图景(物理现象、物理过程)的变化趋势基本确定研究对象所对应的物理模型第三遍读题选读通过对关键词语的理解、隐含条件的挖掘、干扰因素的排除之后，对题目要有清楚的认识最终确定本题的研究对象、物理模型及要解决的核心问题第二步：思维规范化思维流程：文字情境模型规律决策运算结果第三步：答题规范化答题流程：画示意图文字描述分步列式联立求解结果讨论具体要求如下：1文字说明简洁准确；2分步列式联立求解；3结果表达准确到位下面针对高考常考的综合大题分类进行突破类型1运动学和动力学综合题类型解读运动学、动力学是物理学的基础，更是高考考查的热点其中牛顿

46、运动定律、匀变速直线运动、平抛运动和圆周运动是历年高考的必考内容，有时与电场、磁场结合，综合性强，难度大，分值高，对能力要求较高突破策略运动学和动力学的综合问题常体现在牛顿运动定律的应用上，对物体进行正确受力分析和运动分析是解题的关键，要想获取高分应注意以下几点：(1)正确选取研究对象，可根据题意选取受力或运动情况清楚且便于解题的物体(或物体的一部分或几个物体组成的系统)为研究对象(2)全面分析研究对象的受力情况，正确画出受力示意图，再根据力的合成或分解知识求得研究对象所受合力的大小和方向(3)全面分析研究对象的运动情况，画出运动过程示意图，特别要注意所研究运动过程的运动性质及受力情况并非恒定

47、不变时，一定要把整个运动过程分成几个阶段的运动过程来分析如图所示为一种运动游戏，运动员从起跑线开始推着滑板加速一段相同距离后，再跳上滑板自由滑行，滑行距离远但又不掉入水池的为获胜者，其运动过程可简化为以下模型：一质量M60 kg的运动员用与水平方向成37°角的恒力F斜向下推静止于A点、质量m20 kg的滑板，使其匀加速运动到P点时迅速跳上滑板(跳上瞬间可认为滑板速度不变)，与滑板一起运动到水池边的B点时刚好停下，已知AP长x112 m，PB长x228.8 m，滑板与水平面间的动摩擦因数为0.2，不计滑板长和空气阻力，取2.24，重力加速度g10 m/s2，sin 37°0.

48、6，求：(1)运动员在AP段所施加的力F的大小；(2)滑板从A运动到B所用的时间t.推荐精选解析(1)设滑板在P点时速度为v，AP段加速度大小为a1，PB段加速度大小为a2，则有v22a1x12a2x2而a2g2 m/s2a1联立各式并代入数据得：F200 N.(2)由x tt知t代入数据得t7.62 s.答案(1)200 N(2)7.62 s规律总结本题是典型的先加速后减速的运动问题，求解时一定要抓住连接点的速度值匀变速直线运动求解时间一般用公式x tt.利用FfFN求滑动摩擦力时一定要注意正压力类型2有关能量的综合题类型解读能量是力学部分继牛顿运动定律后的又一重点，是高考的“重中之重”此类

49、试题常与牛顿运动定律、平抛运动、圆周运动、电磁学等知识相联系，综合性强、涉及面广、分值大、物理过程复杂，要求学生要有很强的受力分析能力、运动过程分析能力及应用知识解决实际问题的能力，因而备受命题专家青睐突破策略(1)由于应用功能关系和能量守恒定律分析问题时，突出物体或物体系所经历的运动过程中状态的改变，因此应重点关注运动状态的变化和引起变化的原因，明确功与对应能量的变化关系(2)要能正确分析所涉及的物理过程，能正确、合理地把全过程划分为若干阶段，弄清各阶段所遵循的规律及各阶段间的联系(3)当研究对象是一物体系统且它们间有相互作用时，一般优先考虑功能关系和能量守恒定律，特别是题中出现相对路程时，

50、一定先考虑能量守恒定律如图所示，竖直平面内，水平光滑轨道CD与两个半径相同的半圆轨道分别相切于D、C，在A点某人将质量为m0.1 kg的小球以一定初速度水平弹出，小球沿水平轨道AB滑行并从B点水平飞离，小球与水平轨道CD碰撞(碰撞过程小球无机械能损失)两次后恰好到达半圆轨道的E点，在E点小球对轨道的压力为 N，已知小球与AB间的动摩擦因数0.1，AB长s10 m，水平轨道CD长l12 m，小球每次与水平轨道碰撞时间为t2×103 s，碰撞时水平速度不变，竖直速度反向，取重力加速度g10 m/s2，求：(1)半圆轨道的半径R；(2)人对小球所做的功W0；(3)碰撞过程中，水平轨道对小球

51、的平均作用力大小解析(1)由题知小球从B到E，水平方向做匀速运动，故vBvE在E点，由牛顿第二定律知mgNm因小球与CD碰撞两次，由平抛运动规律知水平方向：vEt竖直方向：2Rgt2联立并代入数值得R0.9 m.(2)从A到B由动能定理知推荐精选mgsEkAmv由功能关系知人对小球所做的功W0EkA解得W02.25 J.(3)小球在碰撞时竖直方向速度变化量vy2gt产生的加速度a由牛顿第二定律知mgma解得601 N.答案(1)0.9 m(2)2.25 J(3)601 N满分规则(1)物理语言(文字语言、符号语言和图象语言)使用要规范，减少笔误(2)注意大小写、小角标，相似字母不混淆(3)必要

52、的文字说明不能缺少，每个关系式都应有理有据(4)要列出原始公式，不要直接用变形公式，以免漏掉得分(5)给分重过程，解题时要注意分步列式(结果可最后得出)，不要漏掉或合并关系式，避免阅卷老师阅卷时找不到得分点类型3带电粒子在复合场中的运动综合题类型解读带电粒子在复合场中的运动是高考的重点和热点，考查题型有计算题和选择题，计算题常以压轴题出现，具有较复杂的运动图景，难度较大，题目综合性较强，分值较大此类问题命题情境新颖，惯于物理情境的重组翻新，设问的巧妙变换，具有不回避重复考查的特点也常以速度选择器、磁流体发电机、霍尔效应、质谱仪等为背景出实际应用题突破策略该类型问题一般有三种情况：带电粒子在组合

53、场中的运动、在叠加场中的运动和在变化的电场、磁场中的运动(1)在组合场中的运动：分析带电粒子在匀强电场中的运动过程时应用牛顿第二定律和运动学公式处理；分析带电粒子在磁场中做匀速圆周运动时应用数学知识找出粒子运动的圆心、半径，抓住粒子处在分段运动的连接点时的速度分析求解(2)在叠加场中的运动：先从力的角度对带电粒子进行受力分析，注意电场力、重力与洛伦兹力大小和方向间的关系及它们的特点(重力、电场力做功与路径无关，洛伦兹力永远不做功)，分清带电粒子的状态和运动过程，然后运用相关规律求解(3)在变化的电场或磁场中的运动：仔细分析带电粒子的运动过程、受力情况，清楚带电粒子在变化的电场或磁场中各处于什么状态、做什么运动，然后分过程求解如图甲所示，带正电粒子以水平速度v0从平行金属板MN间中线OO连续射入电场中MN板间接有如图乙所示的随时间t变化的电压UMN，两板间电场可看做是均匀的，且两板外无电场紧邻金属板右侧有垂直纸面向里的匀强磁场B，分界线为CD，EF为屏幕金属板间距为