高考物理总复习专题十一交变电流传感器课件.ppt

1、专题十一交变电流传感器,高考物理 (江苏省专用),一、单项选择题 1.(2016江苏单科,4,3分)一自耦变压器如图所示,环形铁芯上只绕有一个线圈,将其接在a、b间作为原线圈。通过滑动触头取该线圈的一部分,接在c、d间作为副线圈。在a、b间输入电压为U1的交变电流时,c、d间的输出电压为U2。在将滑动触头从M点顺时针旋转到N点的过程中( ),A组 自主命题江苏卷题组,五年高考,A.U2U1,U2降低B.U2U1,U2升高 C.U2U1,U2降低D.U2U1,U2升高,答案C由图可知变压器的原线圈匝数n1大于副线圈匝数n2,因=,则U2U1;在将滑动触 头从M点顺时针转到N点的过程中,n2减小,

2、U2降低,选项C正确,选项A、B、D错误。,2.(2015江苏单科,1,3分)一电器中的变压器可视为理想变压器,它将220 V交变电流改变为110 V。已知变压器原线圈匝数为800,则副线圈匝数为() A.200B.400C.1 600D.3 200,答案B由理想变压器的变压比等于匝数比,即=,解得n2=n1=400,选项B正确。,3.(2014江苏单科,3,3分)远距离输电的原理图如图所示,升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2,电压分别为U1、U2,电流分别为I1、I2,输电线上的电阻为R。变压器为理想变压器,则下列关系式中正确的是() A.=B.I2= C.I1U1=RD.I1U1=

3、I2U2,答案D由理想变压器可知=,选项A错;I2=,而U2=UR+U3,故I2,B错;P入=P出,即U1I1= U2I2,而U2I2R,C项错,D项正确。,4.(2017江苏单科,7,4分)某音响电路的简化电路图如图所示,输入信号既有高频成分,也有低频成分,则() A.电感线圈L1的作用是通高频 B.电容器C2的作用是通高频 C.扬声器甲用于输出高频成分 D.扬声器乙用于输出高频成分,二、多项选择题,答案BD电感线圈具有“阻高频通低频”的特性,电容器具有“通交流隔直流”“通高频阻低频”的特性,当输入端既有高频成分,也有低频成分时,低频成分通过电感L1,到达扬声器甲,高频成分通过电容C2,到达

4、扬声器乙,选项B、D正确。,规律总结分析电路,识记电感、电容的特性。,5.(2013江苏单科,8,4分)如图所示,理想变压器原线圈接有交流电源,当副线圈上的滑片P处于图示位置时,灯泡L能发光。要使灯泡变亮,可以采取的方法有() A.向下滑动P B.增大交流电源的电压 C.增大交流电源的频率 D.减小电容器C的电容,答案BC向下滑动P,变压器副线圈电压降低,灯泡变暗,A错误;增大交流电源电压,副线圈电压升高,灯泡变亮,B正确;增大交流电源频率,电容器容抗减小,电流变大,灯泡变亮,C正确;减小电容器的电容,容抗增大,电流减小,灯泡变暗,D错误。,考点一交变电流的产生和描述 一、单项选择题 1.(2

5、015四川理综,4,6分)小型手摇发电机线圈共N匝,每匝可简化为矩形线圈abcd,磁极间的磁场视为匀强磁场,方向垂直于线圈中心轴OO,线圈绕OO匀速转动,如图所示。矩形线圈ab边和cd边产生的感应电动势的最大值都为e0,不计线圈电阻,则发电机输出电压() A.峰值是e0B.峰值是2e0 C.有效值是 Ne0D.有效值是 Ne0,B组 统一命题、省（区、市）卷题组,答案D发电机输出电压峰值是2Ne0,A、B错误;有效值是2Ne0=Ne0,C错误,D正确。,2.(2013福建理综,15,6分)如图,实验室一台手摇交流发电机,内阻r=1.0 ,外接R=9.0 的电阻。闭合开关S,当发电机转子以某一转

6、速匀速转动时,产生的电动势e=10 sin 10t(V),则(),A.该交变电流的频率为10 Hz B.该电动势的有效值为10 V C.外接电阻R所消耗的电功率为10 W D.电路中理想交流电流表的示数为1.0 A,答案D由交变电流电动势的表达式e=10 sin 10t (V)=Em sin t可知,该交变电流的频率 为f= Hz=5 Hz,A错误。该交变电流电动势的有效值E= V=10 V,B错误。电流 的有效值I= A=1.0 A,外接电阻R所消耗的电功率PR=I2R=1.029.0 W=9 W,故C错 误,D正确。,评析本题为交变电流的描述题,重点考查交变电流的表达式,易错点是电流表的示

7、数是有效值。,3.(2017天津理综,6,6分)在匀强磁场中,一个100匝的闭合矩形金属线圈,绕与磁感线垂直的固定轴匀速转动,穿过该线圈的磁通量随时间按图示正弦规律变化。设线圈总电阻为2 ,则( ) A.t=0时,线圈平面平行于磁感线 B.t=1 s时,线圈中的电流改变方向 C.t=1.5 s时,线圈中的感应电动势最大 D.一个周期内,线圈产生的热量为82 J,二、多项选择题,答案AD本题考查正弦交流电的产生、有效值,焦耳热。由-t图可知,t=0时,=0,则线圈平面平行于磁感线,选项A正确;t=1 s时=0,此时电动势最大,t=0.5 s和t=1.5 s时,最大,此时电动势为0,电流改变方向,

8、选项B、C错误;交流电电动势的最大值Em=nBS=nm=4 V,有效值E= Em=2 V,一个周期内线圈产生的热量Q=T=82 J,D正确。,疑难突破由E=n知随时间按正弦规律变化,则E随时间按余弦规律变化。电流改变 方向的时刻在E=0时刻,即最大时刻。计算电流产生的焦耳热应使用电动势的有效值。,4.(2016课标,21,6分)如图,M为半圆形导线框,圆心为OM;N是圆心角为直角的扇形导线框,圆心为ON;两导线框在同一竖直面(纸面)内;两圆弧半径相等;过直线OMON的水平面上方有一匀强磁场,磁场方向垂直于纸面。现使线框M、N在t=0时从图示位置开始,分别绕垂直于纸面且过OM和ON的轴,以相同的

9、周期T逆时针匀速转动,则() A.两导线框中均会产生正弦交流电 B.两导线框中感应电流的周期都等于T C.在t=时,两导线框中产生的感应电动势相等 D.两导线框的电阻相等时,两导线框中感应电流的有效值也相等,答案BC本题中导线框的半径旋转切割磁感线时产生大小不变的感应电流,故A项错误;两导线框产生的感应电流的周期与线框转动周期相同,B项正确;在t=时,两导线框切割磁感线的 导线长度相同,且切割速度大小相等,故产生的感应电动势相等,均为E=BR2,C项正确;两导线 框中感应电流随时间变化的图像如图所示,故两导线框中感应电流的有效值不相等,D项错误。,疑难突破设M导线框中的电流有效值为IM,则rT

10、=2r,得IM=;设N导线框中电 流有效值为IN,则rT=2r,得IN=,故IM=IN。,5.(2014天津理综,7,6分)如图1所示,在匀强磁场中,一矩形金属线圈两次分别以不同的转速,绕与磁感线垂直的轴匀速转动,产生的交变电动势图像如图2中曲线a、b所示,则(),A.两次t=0时刻线圈平面均与中性面重合 B.曲线a、b对应的线圈转速之比为23 C.曲线a表示的交变电动势频率为25 Hz D.曲线b表示的交变电动势有效值为10 V,答案AC由题图2知t=0时两次转动产生的瞬时电动势都等于零,故A正确。由图2知两次转动所产生的交变电动势的周期之比TaTb=23,再由周期与转速的关系n=得nanb

11、=32,故B 错误。因Ta=410-2 s,故fa=25 Hz,C正确。因Ema=15 V,而Em=NBS=,故Emb=Ema=10 V,Eb=5 V,D错误。,评析本题考查了交变电动势的产生及描述,涉及交变电动势的四值及其图像。条件设置较为隐蔽,陷阱设置比较巧妙,对考生的分析能力要求较高,试题难度中等。,1.(2017北京理综,16,6分)如图所示,理想变压器的原线圈接在u=220 sin 100t(V)的交流电源 上,副线圈接有R=55 的负载电阻,原、副线圈匝数之比为21,电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是() A.原线圈的输入功率为220 W B.电流表的读数为1 A C.电

12、压表的读数为110 V D.副线圈输出交流电的周期为50 s,考点二变压器远距离输电 一、单项选择题,答案B本题考查交变电流、变压器。由题知,变压器的输入电压U1= V=220 V,所以U2 =U1=110 V;副线圈电流I2=2 A,原线圈电流I1=I2=1 A。本题中电压表、电流表的读数 为有效值,故B项正确,C项错误;原线圈输入功率P1=U1I1=220 W,A项错误;交流电的周期T= s=0.02 s,D项错误。,2.(2016课标,16,6分)一含有理想变压器的电路如图所示,图中电阻R1、R2和R3的阻值分别为3 、1 和4 ,为理想交流电流表,U为正弦交流电压源,输出电压的有效值恒

13、定。当开关S断 开时,电流表的示数为I;当S闭合时,电流表的示数为4I。该变压器原、副线圈匝数比为() A.2B.3C.4D.5,答案B设原、副线圈匝数比为n,根据能量守恒,当S断开时,UI=I2R1+(nI)2(R2+R3);当S闭合时,4UI=(4I)2R1+(4nI)2R2,联立解得n=3,所以B正确。 误区警示变压器原线圈上串联电阻之后,属于非纯电阻电路,不能在含有线圈的电路中应用欧姆定律。要计算原线圈上消耗的功率,只要计算出副线圈电阻上消耗的功率即可。,3.(2016四川理综,2,6分)如图所示,接在家庭电路上的理想降压变压器给小灯泡L供电,如果将原、副线圈减少相同匝数,其他条件不变

14、,则() A.小灯泡变亮 B.小灯泡变暗 C.原、副线圈两端电压的比值不变 D.通过原、副线圈电流的比值不变,答案B由=得U2=U1 由=得 U2=U1 由/得:=,因为n2n1,所以1,即U2U2,故小灯泡变暗,B正确,A 错。由以上分析过程可以看出,C错。由=和=可见,D错。,疑难突破审题要细心。原、副线圈减少相同匝数,不是减少相同的倍数。 比较两个代数式的大小,有“做差”和“做商”两种思路,要视代数式的特征而定。,4.(2015福建理综,15,6分)图为远距离输电示意图,两变压器均为理想变压器,升压变压器T的原、副线圈匝数分别为n1、n2,在T的原线圈两端接入一电压u=Um sin t的

15、交流电源,若输送电功率为P,输电线的总电阻为2r,不考虑其他因素的影响,则输电线上损失的电功率为() A.()B.() C.4()2()2rD.4()2()2r,答案CT的输入电压U1=,则P=U1I1,I1=,又因为=,所以I2=I1=,则输 电线上损失的电功率P损=2r=4()2()2r,C项正确。,5.(2015课标,16,6分,)一理想变压器的原、副线圈的匝数比为31,在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻,原线圈一侧接在电压为220 V的正弦交流电源上,如图所示。设副线圈回路中电阻两端的电压为U,原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k,则() A.U=66 V,k= B.U=2

16、2 V,k= C.U=66 V,k= D.U=22 V,k=,答案A设原线圈中电流为I,由=知副线圈中的电流I2=3I,由题意知副线圈中电阻两端的 电压U=3IR,则原线圈回路中R两端的电压U=IR=,原线圈两端的电压U1=3U,由闭合电路中电 压关系可知U1+U=220 V,即+3U=220 V,U=66 V,原线圈回路中电阻消耗的功率P1=I2R,副线圈 回路中电阻消耗的功率P2=(3I)2R,=k=,选项A正确。,评析此题为常见题型,但原线圈回路加一电阻,使试题难度大为增加。,6.(2016课标,19,6分)如图,理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a和b。当输入电压U为灯泡额

17、定电压的10倍时,两灯均能正常发光,下列说法正确的是() A.原、副线圈匝数比为91 B.原、副线圈匝数比为19 C.此时a和b的电功率之比为91 D.此时a和b的电功率之比为19,二、多项选择题,答案AD由题意知U=10U灯,a、b均正常发光,则变压器输入电压U1=9U灯,而输出电压U2=U灯,所以原、副线圈匝数比n1n2=U1U2=91;而I1I2=n2n1=19,所以两灯功率之比PaPb=U灯I1U灯I2=19,选项A、D正确。,审题指导两灯均正常发光,Ua=Ub=U灯,U=Ua+U1=10U灯,则U1=9U灯。,7.(2015天津理综,6,6分)如图所示,理想变压器的原线圈连接一只理想

18、交流电流表,副线圈匝数可以通过滑动触头Q来调节,在副线圈两端连接了定值电阻R0和滑动变阻器R,P为滑动变阻器的滑动触头。在原线圈上加一电压为U的正弦交流电,则() A.保持Q的位置不动,将P向上滑动时,电流表读数变大 B.保持Q的位置不动,将P向上滑动时,电流表读数变小 C.保持P的位置不动,将Q向上滑动时,电流表读数变大 D.保持P的位置不动,将Q向上滑动时,电流表读数变小,答案BC保持Q位置不动,则副线圈两端电压U2不变,P向上滑动,则R增大,副线圈电流I2减小,由P1=UI1=U2I2,可知I1减小,电流表读数减小,A错误,B正确。保持P位置不动,则R不变,Q向上滑动,n2变大,根据=得

19、,U2=U,则U2增大,由I2=,知I2增大,由UI1=U2I2,U不变,知I1增大,电流表 读数变大,所以C正确,D错误。故选B、C。,评析本题考查变压器的工作原理,难度较小。,1.(2014福建理综,16,6分,)图为模拟远距离输电实验电路图,两理想变压器的匝数n1=n42R,忽略灯丝电阻随温度的变化。当A、B端接入低压交流电源时 () A.A1、A2两表的示数相同 B.L1、L2两灯泡的亮度相同,一、单项选择题,C.R1消耗的功率大于R3消耗的功率 D.R2两端的电压小于R4两端的电压,C组 教师专用题组,答案D解法一:由欧姆定律可知A2的读数I2=。U2=n2,I12R=U2-U3,=

20、,U4=I4RL, =,联立可得:I12R=U1-I1RL 由题意可知:I12R=U1-I1RL I1=U1 I1= 令=k,则有I1= 由于RL2R,k1,则2R+RL+kRL I1I2,因PR1=R,PR3=R 故PR1PR3,因UR2=I1R,UR4=I2R,故UR2=I2,知I4I2 故L1灯亮度比L2灯亮度大,选项B错误。 解法二:由题意可知为模拟远距离输电,先采用升压变压器,将输入电压升高,这是为了减小输电线路中的电流I1,其目的是减小输电线路中的电能损失和电压降落,使用户得到更多的电能,因此,L1的亮度大,选项A、B、C错误,选项D正确。,2.(2013天津理综,4,6分)普通的

21、交流电流表不能直接接在高压输电线路上测量电流,通常要通过电流互感器来连接,图中电流互感器ab一侧线圈的匝数较少,工作时电流为Iab,cd一侧线圈的匝数较多,工作时电流为Icd,为了使电流表能正常工作,则() A.ab接MN、cd接PQ,IabIcd C.ab接PQ、cd接MN,IabIcd,答案B在测量高压线路上电流时,电流互感器的作用是减小测量支路的电流。根据变压器原理,=,I大n小,故ab端应接MN,cd端应接PQ,IabIcd,选项B正确。,3.(2013四川理综,2,6分)用220 V的正弦交流电通过理想变压器对一负载供电,变压器输出电压是110 V,通过负载的电流图像如图所示,则()

22、 A.变压器输入功率约为3.9 W B.输出电压的最大值是110 V C.变压器原、副线圈匝数比是12 D.负载电流的函数表达式i=0.05 sin (100t+) A,答案A由题图可知通过负载的电流最大值为Im=0.05 A,周期T=0.02 s,故电流的函数表达式i=Im sin t=0.05 sin 100t(A),D错误;理想变压器匝数比等于电压比,即n1n2=U1U2=21,C错 误;输出电压U2=110 V,其最大值U2m=U2=110 V,B错误;理想变压器输入功率等于输出功 率,即输入功率P=I2U2=110 W3.9 W,A正确。,4.(2014广东理综,19,6分)如图所示

23、的电路中,P为滑动变阻器的滑片,保持理想变压器的输入电压U1不变,闭合电键S,下列说法正确的是() A.P向下滑动时,灯L变亮 B.P向下滑动时,变压器的输出电压不变 C.P向上滑动时,变压器的输入电流变小 D.P向上滑动时,变压器的输出功率变大,二、多项选择题,答案BD对于理想变压器U2=U1,U1不变则U2不变,与调节P无关,故B正确。又UL=U2,所以 灯的亮度不变,A错。P向上滑动时RP减小,则R总减小,P出=增大,P入=P出=U1I1,所以I1增大,可知C 错误,D正确。,5.(2014山东理综,17,6分)如图,将额定电压为60 V的用电器,通过一理想变压器接在正弦交变电源上。闭合

24、开关S后,用电器正常工作,交流电压表和交流电流表(均为理想电表)的示数分别为220 V和2.2 A。以下判断正确的是() A.变压器输入功率为484 W B.通过原线圈的电流的有效值为0.6 A C.通过副线圈的电流的最大值为2.2 A D.变压器原、副线圈匝数比n1n2=113,答案BD对于理想变压器,P入=P出,所以输入功率P入=602.2 W=132 W,A错。I1= A= 0.6 A,B正确。通过副线圈的电流的最大值I2m=I2=2.2 A,C错误。变压器原、副线圈匝数 比n1n2=U1U2=113,D正确。,一、单项选择题(每题3分,共6分) 1.(2017江苏四市一联,5)如图所示

25、,接在家庭电路上的理想降压变压器给一个电阻R供电,如果将原、副线圈增加相同匝数,其他条件不变,则() A.电阻R的功率变大 B.电阻R的功率变小 C.原、副线圈两端电压的比值不变 D.通过原、副线圈电流的比值不变,三年模拟,A组 20152017年高考模拟基础题组 (时间：15分钟 分值：30分),答案A由=和=可知C错。由上述两式得=,因为n1n2,所以U2 U2,并由P=可知,B错,A正确。由=和=可知D错。,2.(2016苏北三市三联,3)如图所示,理想变压器的原、副线圈匝数比为n1n2=12,副线圈与阻值R=10 的电阻相连,原线圈两端所加的电压u=10 sin 100t (V),下列

26、说法正确的是() A.交流电压表的示数为14.1 V B.原线圈中的电流为4 A C.电阻R消耗的电功率为400 W D.副线圈中交流电的频率为100 Hz,答案B交流电压表的示数为有效值,应为10 V,故A错。由2f=100得f=50 Hz,故D错。由 =得U2=20 V,则I2=2 A,R消耗的电功率P=R=40 W,故C错。由=得I1=4 A,故B正确。,3.(2017江苏四市一模,7)如图甲所示,为一台小型交流发电机构造示意图,线圈逆时针转动,产生的电动势随时间按余弦规律变化,其e-t图像如图乙所示。发电机线圈内阻为2 ,匝数为1 000,外接灯泡的电阻为18 ,则() A.在2.01

27、0-2 s时刻,电流表的示数为0.3 A B.发电机的输出功率为3.24 W C.在1 s内,回路中电流方向改变25次 D.在4.010-2 s时刻,穿过线圈的磁通量变化率为 Wb/s,二、多项选择题(每题8分,共24分),答案AD由乙图得电动势E=6 V,则电流I= A=0.3 A,故A项正确。由P=I2R=1.62 W可知B项错。每个周期内电流方向改变两次,故1 s内电流方向改变50次,C项错。由e=n可 知,= Wb/s= Wb/s,故D正确。,4.(2017江苏徐州调研,8)如图所示是发电厂通过升压变压器进行高压输电,接近用户端时再通过降压变压器降压给用户供电的示意图(图中变压器均可视

28、为理想变压器,图中电表均为理想交流电表)。设发电厂输出的电压一定,两条输电线总电阻用R0表示,变阻器R相当于用户用电器的总电阻。当用电器增加时,相当于R变小,则当用电进入高峰时() A.电压表V1、V2的读数均不变,电流表A2的读数增大,电流表A1的读数减小 B.电压表V3、V1的读数均减小,电流表A2的读数增大,电流表A3的读数减小,C.电压表V2、V3的读数之差与电流表A2 的读数的比值不变 D.发电厂的输出功率增大,答案CD因为发电厂输出电压和匝数比都不变,电压表V1、V2的读数均不变,用电高峰期,用电器的总电阻减小,用户端电流增大,根据电流与匝数成反比知电流都增大,故A错误。发电厂输出

29、的电压一定,V1的读数不变,电流表A2的读数增大,输电线上的电压损失增大,故电压表V3的读数减小,电流表A3的读数增大,故B错误。电压表V2、V3的读数之差与电流表A2的读数的比值不变,等于输电线的电阻值,故C正确。变压器的输入功率等于输出功率,用户端的电功率增大,则发电厂的输出功率增大,故D正确。,5.(2016苏北四市一模,6)如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为51,V、R和L分别是电压表、定值电阻和电感线圈,D1、D2均为灯泡。已知原线圈两端电压u按图乙所示正弦规律变化,下列说法正确的是() A.电压表示数为62.2 V B.电压u的表达式为u=311 sin 100t (V)

30、C.仅增大电压u的频率,电压表示数增大 D.仅增大电压u的频率,D1亮度不变,D2变暗,答案BD由乙图可知U1=220 V,由=得U2=44 V,则电压表示数为44 V,A错。B项显然正 确。仅增大电压u的频率,电压表的示数不变,R不受影响,故D1亮度不变;电感线圈的感抗增大,故D2变暗,所以C错,D正确。,一、单项选择题(共2分) 1.(2017安徽屯溪一中月考,7)有一理想变压器,副线圈所接电路如图所示,灯L1、L2为规格相同的两只小灯泡。当S断开时,灯L1正常发光,S闭合后,下列说法正确的是() A.电阻R消耗的电功率增大 B.灯L1、L2都能正常发光 C.原线圈的输入功率减小 D.原、

31、副线圈的电流比减小,B组 20152017年高考模拟综合题组 (时间：15分钟 分值：30分),答案A副线圈两端电压不变,S闭合后,总电阻减小,副线圈中电流增大,由P=I2R可知,R上消耗的功率增大,故A项正确。S闭合后,L1、L2并联,电阻减小,两灯分压减小,低于额定电压,都不能正常发光,故B项错误。副线圈中电流增大,由P=UI可知,功率变大,输入功率等于输出功率,故C项错误。=,线圈匝数比不变,因此原、副线圈的电流比不变,故D项错误。,2.(2017苏北三市三模,7)如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为21,原线圈接入图乙所示的正弦交变电流,电表均为理想电表。下列说法正确的有() A

32、.电压表的示数为110 V B.交变电流的频率为50 Hz C.滑动变阻器滑片向下滑动时,电压表示数变大 D.滑动变阻器滑片向上滑动时,电流表示数变小,二、多项选择题(每题7分,共28分),答案BD由乙图可知,T=0.02 s,则f=50 Hz,故B正确;U1= V=220 V,由=可得U2=110 V, 由甲图可知,电压表示数小于110 V,故A错。滑片下滑时,R减小,电流I2增大,则R0分压增大,电压表示数变小,故C错。滑片上滑时,I2减小,由=可知,I2减小时,I1也减小,故D正确。,3.(2017江苏三市二模,7)如图甲所示是家用台灯亮度调节原理图,理想自耦变压器的a、b间接入如图乙所

33、示正弦交流电压。交流电流表A为理想电表,灯泡额定电压为15 V、额定功率为30 W(设灯泡的电阻值保持不变),当P在c处时灯泡正常发光。下列描述正确的有() A.灯泡正常发光时变压器线圈的总匝数与c点下方的匝数之比为443 B.当灯泡正常发光时电流表的读数为2 A C.将调压端的滑动触头P向下移动时,变压器的输入功率变小 D.将调压端的滑动触头P向下移动时,变压器的输入电压变小,答案AC由乙图可知U1=220 V,根据=,可见A正确。灯泡的额定电流I= A=2 A,可见B错。P下移时,n2减小,则U2减小,灯泡消耗的功率变小,U1始终等于220 V不变,故 D错,C正确。,4.(2016江苏扬

34、州二模,7)如图甲所示电路中,电阻R的阻值为484 ,C为电容器,L为自感线圈,开关S断开,现通以如图乙所示的电压u,下列说法正确的是() A.R两端的电压等于110 V B.电压表的示数为220 V C.电阻R消耗的功率小于50 W D.为保证闭合开关S后电容器不被击穿,该电容器的耐压值不得小于311 V,答案CD设电压的有效值为U,则T=+0得U=110 V,由于线圈的感抗作用,R 两端的电压小于110 V,故A、B均错。电阻R消耗的功率P=50 W,故C正确。闭合开关S 后,电容器的耐压值不得小于最大电压,故D正确。,5.(2016江苏南京、盐城二模,7)如图所示的火警报警装置,R1为热

35、敏电阻,若温度升高,则R1的阻值会急剧减小,从而引起电铃两端电压的增加,当电铃两端电压达到一定值时,电铃会响,下列说法正确的是() A.要使报警的临界温度升高,可以适当增大电源的电动势 B.要使报警的临界温度降低,可以适当增大电源的电动势 C.要使报警的临界温度升高,可以把R2的滑片P适当向下移 D.要使报警的临界温度降低,可以把R2的滑片P适当向下移,答案BD电铃两端电压U=,U、r均为定值,E增大,R2不变时,R1增大,则临界温度降 低,A错,B对;当E不变时,由U=可见,R2增大时,R1增大,则临界温度降低,故C错,D正确。,1.(2017江苏四市二模,4)钳形电流测量仪的结构图如图所示

36、,其铁芯在捏紧扳手时会张开,可以在不切断被测载流导线的情况下,通过内置线圈中的电流值I和匝数n获知载流导线中的电流大小I0,则关于该钳形电流测量仪的说法正确的是() A.该测量仪可测量稳恒直流电的电流 B.载流导线中电流大小I0=I/n C.若钳形部分铁芯没有完全闭合,测量出的电流将小于实际电流,一、单项选择题,C组 20152017年高考模拟创新题组,D.若将载流导线在铁芯上多绕几匝,钳形电流测量仪的示数将变小,答案C钳形电流测量仪实质是一个电流互感器,据电磁感应原理工作,所以被测载流导线中电流应为变化的电流,A错。据=得I0=nI,B错。若钳形部分铁芯没有完全闭合,铁芯中会 偏小,所以感应电流I会偏小,测量出的电流将小于实际电流,C对。若将载流导线在铁芯上多绕几匝,由I=知,n01,所以I将偏大,D错。,2.(2017江苏徐州模拟,8)某同学在实验室中研究远距离输电。由于输电线太长,他将每100米导线卷成一卷,共卷成8卷来代替输电线路。第一次直接将输电线与学生电源及用电器相连,测得输电线上损失的功率为P1,第二次采用如图所示的电路输电,其中变压器T1与电源相连,其原、副