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文档简介

湛江市重点中学2025届高三5月高三调研测试物理试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、甲、乙、丙、丁四辆小车从同一地点向同一方向运动的图象如图所示,下列说法中正确的是()A.甲车做直线运动,乙车做曲线运动B.在0~t1时间内,甲车平均速度等于乙车平均速度C.在0~t2时间内,丙、丁两车在t2时刻相遇D.在0~t2时间内,丙、丁两车加速度总是不相同的2、如图所示,木板A的质量为m,滑块B的质量为M,木板A用绳拴住,绳与斜面平行,B沿倾角为θ的斜面在A下匀速下滑,若M=2m,A、B间以及B与斜面间的动摩擦因数相同,则动摩擦因数μ为()A.tanθB.2tanθC.tanθD.tanθ3、如图所示,为某静电除尘装置的原理图,废气先经过机械过滤装置再进入静电除尘区、图中虚线是某一带负电的尘埃(不计重力)仅在电场力作用下向集尘极迁移并沉积的轨迹,A、B两点是轨迹与电场线的交点,不考虑尘埃在迁移过程中的相作用和电荷量变化,则以下说法正确的是A.A点电势高于B点电势B.尘埃在A点的加速度大于在B点的加速度C.尘埃在迁移过程中做匀变速运动D.尘埃在迁移过程中电势能始终在增大4、如图所示,两同心圆环A、B置于同一光滑水平桌面上,其中A为均匀带电绝缘环,B为导体环,若A环以图示的顺时针方向,绕圆心由静止转动起来,则()A.B环将顺时针转动起来B.B环对桌面的压力将增大C.B环将有沿半径方向扩张的趋势D.B环中将有顺时针方向的电流5、一种比飞机还要快的旅行工具即将诞生,称为“第五类交通方式”,它就是“Hyperloop(超级高铁)”。据英国《每日邮报》2016年7月6日报道:HyperloopOne公司计划,2030年将在欧洲建成世界首架规模完备的“超级高铁”(Hyperloop),连接芬兰首都赫尔辛基和瑞典首都斯德哥尔摩,速度可达每小时700英里(约合1126公里/时)。如果乘坐Hyperloop从赫尔辛基到斯德哥尔摩,600公里的路程需要40分钟,Hyperloop先匀加速,达到最大速度1200km/h后匀速运动,快进站时再匀减速运动,且加速与减速的加速度大小相等,则下列关于Hyperloop的说法正确的是()A.加速与减速的时间不相等B.加速时间为10分钟C.加速时加速度大小为2m/s2D.如果加速度大小为10m/s2,题中所述运动最短需要32分钟6、如图所示,一个质量为m的铁球处于静止状态,铁球与斜面的接触点为A,推力F的作用线通过球心O,假设斜面、墙壁均光滑,若让水平推力缓慢增大,在此过程中,下列说法正确的是()A.力F与墙面对铁球的弹力之差变大B.铁球对斜面的压力缓慢增大C.铁球所受的合力缓慢增大D.斜面对铁球的支持力大小等于二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、下列关于匀变速运动说法正确的是()A.只有在加速度和速度方向相同时,速度大小才可能增大B.若速度为零,则物体所受合外力可能不能为零C.若物体做匀加速直线运动时,从时刻开始连续相等时间内位移之比不可能是1:4:8:13:…D.若物体的加速度增加,则在相同时间内速度变化量一定增大8、下列说法正确的是()A.气体的温度升高,每个气体分子运动的速率都增大B.分子间引力和斥力同时存在,都随距离增大而减小,但斥力变化更快C.附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时,液体与固体间表现为浸润D.已知阿伏伽德罗常数,气体的摩尔质量和密度,可算出该气体分子间的平均距离E.由热力学第一定律可知做功不一定改变内能,热传递也不一定改变内能,但同时做功和热传递一定会改变内能9、如图所示,定值电阻R和电阻箱电阻R串联在恒定电压为U的电路中,电压表V1、V2和电流表A均为理想电表,且电压表V1的示数大于电压表V2的示数。已知电阻箱电阻R2的最大值大于定值电阻R1的值,若现在逐渐增大电阻箱的电阻直至最大,则下列有关说法正确的是()A.不变,不变B.变大,变大C.电阻箱电阻消耗的功率逐渐增大D.电阻箱电阻消耗的功率先增大后减小10、如图所示,平行板电容器带电后,静电计的指针偏转一定角度。若不改变电容器的带电量,下列操作可能使静电计指针的偏转角度变小的是()A.将左极板向左移动少许,同时在两极板之间插入电介质B.将左极板向左移动少许,同时取出两极板之间的金属板C.将左极板向左移动少许,同时在两极板之间插入金属板D.将左极板向下移动少许,同时取出两极板之间的电介质三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)如图甲所示为利用多用电表的电阻挡研究电容器的充、放电的实验电路图。多用电表置于×1k挡,电源电动势为,内阻为,实验中使用的电解电容器的规格为“”。欧姆调零后黑表笔接电容器正极,红表笔接电容器负极。(1)充电完成后电容器两极板间的电压________(选填“大于”“等于”或“小于”)电源电动势,电容器所带电荷量为________C;(2)如图乙所示,充电完成后未放电,迅速将红、黑表笔交换,即黑表笔接电容器负极,红表笔接电容器正极,发现电流很大,超过电流表量程,其原因是___________。12.(12分)某实验小组设计了如图(a)所示的实验装置,通过改变重物的质量,利用计算机可得滑块运动的加速度以和所受拉力F的关系图象。他们在水平轨道上做了实验,得到了图线,如图()所示。滑块和位移传感器发射部分的总质量_________kg;滑块和轨道间的动摩擦因数_________(g取10m/s2)。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)某种喷雾器的贮液筒的总容积为7.5L,如图所示,装入6L的药液后再用密封盖将贮液筒密封,与贮液筒相连的活塞式打气筒每次能压入300cm3,1atm的空气,设整个过程温度保持不变.(1)要使贮气筒中空气的压强达到4atm,打气筒应打压几次?(2)在贮气筒中空气的压强达到4atm时,打开喷嘴使其喷雾,直到内外气体压强相等,这时筒内还剩多少药液?14.(16分)如图所示,容积均为V0的汽缸A、B下端有细管(容积可忽略)连通,阀门K2位于细管的中部,A、B的顶部各有一阀门K1、K3,B中有一可自由滑动的活塞(质量、体积均可忽略)。初始时,三个阀门均打开,活塞在B的底部;关闭K2、K3,通过K1给汽缸打气,每次可以打进气压为p0、体积为0.3V0的空气。已知室温为27℃,大气压强为p0,汽缸导热良好。(1)要使A缸的气体压强增大到7p0,求打气的次数;(2)当A缸的气体压强达到7p0后,关闭K1,打开K2并缓慢加热A、B气缸内气体,使其温度都升高60℃,求稳定时活塞上方气体的体积和压强。15.(12分)如图所示,竖直放置的U形玻璃管与容积为V0=15cm3的金属球形容器连通,玻璃管左侧横截面积为右侧横截面积的4倍.右侧玻璃管和球形容器中用水银柱封闭一定质量的理想气体.开始时,U形玻璃管右侧水银面比左侧水银面高出h1=15cm,右侧玻璃管内水银柱上方空气柱长h0=9cm.现缓慢向左管中加入水银,使两边水银柱达到同一高度,玻璃管和金属球导热良好(已知大气压p0=75cmHg,U形玻璃管的右侧横截面积为S=1cm2).求:(1)此过程中被封气体内能如何变化?吸热还是放热?(2)需要加入的水银体积.

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A.位移时间图线表示位移随时间的变化规律,不是物体运动的轨迹,甲乙都做直线运动,故A错误;B.由位移时间图线知,在0~t1时间内,甲乙两车通过的位移相等,时间相等,甲车平均速度等于乙车平均速度,故B正确;C.由图像与坐标轴所围面积表示位移,则由图可知,丙、丁两车在t2时刻不相遇,故C错误;D.由图像斜率表示加速度,由图像可知,在0~t2时间内有个时刻两车的加速度相等,故D错误。故选B。2、C【解析】解:对B受力分析,如图所示:

B物体沿斜面方向受力平衡:f1+f2=Mgsinθ,又因为

M=2m,f1=μmgcosθ,f2=μ(M+m)gcosθ,

解得:μ=tanθ,故ABD错误,C正确;故选C.3、B【解析】沿电场线方向电势降低,由图可知,B点的电势高于A点电势,故A错误;由图可知,A点电场线比B点密集,因此A点的场强大于B点场强,故A点的电场力大于B点的电场力,则A点的加速度大于B点的加速度,故B正确;放电极与集尘极间建立非匀强电场,尘埃所受的电场力是变化的.故粒子不可能做匀变速运动,故C错误;由图可知,开始速度方向与电场力方向夹角为钝角,电场力做负功,电势能增大;后来变为锐角,电场力做正功,电势能减小;对于全过程而言,根据电势的变化可知,电势能减小,故D错误.故选B.点睛:本题考查考查分析实际问题工作原理的能力,解题时要明确电场线的分布规律,并且能抓住尘埃的运动方向与电场力方向的关系是解题突破口.4、C【解析】略考点:导体切割磁感线时的感应电动势;楞次定律.分析:因带电绝缘环A的运动,相当于电荷定向移动,从而产生电流,导致圆环B中的磁通量发生变化,产生感应电流.使得处于磁场中的B圆环受到力的作用.解答:解:A、A环以图示的顺时针方向,绕圆心由静止转动起来,设绝缘环带正电,所以产生顺时针方向的电流,使得B环中的磁通量变大,由楞次定律可得感应电流方向是逆时针的,两环的电流方向相反,则具有沿半径扩张趋势.若绝缘环带负电,所以产生逆时针方向的电流,使得B环中的磁通量仍变大,由楞次定律可得感应电流方向是顺时针的,两环的电流方向仍相反,则仍具有沿半径扩张趋势.由上可知,B环不会转动,同时对桌面的压力不变.故选C点评:由楞次定律来确定感应电流方向,同时当电流方向相同时,两者相吸引;而当电流方向相反时,两者相排斥.5、B【解析】

A.加速与减速的加速度大小相等,加速和减速过程中速度变化量的大小相同,根据:可知加速和减速所用时间相同,A错误;BC.加速的时间为,匀速的时间为,减速的时间为,由题意得:联立方程解得:匀加速和匀减速用时:匀速运动的时间:加速和减速过程中的加速度:B正确,C错误;D.同理将上述方程中的加速度变为,加速和减速的时间均为:加速和减速距离均为匀速运动用时:总时间为:D错误。故选B。6、D【解析】

对小球受力分析,受推力F、重力G、墙壁的支持力N、斜面的支持力N′,如图:根据共点力平衡条件,有:x方向:F-N′sinθ-N=0竖直方向:N′cosθ=mg解得:;

N=F-mgtanθ;A.故当F增加时,墙壁对铁球的作用力不断变大,为N=F-mgtanθ;可知F与墙面对铁球的弹力之差不变,故A错误;BD.当F增加时,斜面的支持力为,保持不变,故球对斜面的压力也保持不变,故D正确,B错误;C.铁球始终处于平衡状态,合外力始终等于0;故C错误;二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BCD【解析】

A.对于匀变速直线运动,由得,只有在加速度和速度方向相同时,速度大小才增大;对于曲线运动,加速度方向和速度方向的之间夹角大于小于时,速度大小也增大,故A错误;B.做竖直上抛运动的物体,到达最高点时,速度为零,但它所受的合外力为自身重力,不为零,故B正确;C.物体做匀加速直线运动时,从时刻开始连续相等时间内位移之差为一恒量,即为而1:4:8:13:…位移之差分别是3、4、5…,故从时刻开始连续相等时间内位移之比不可能是1:4:8:13:…,故C正确;D.由得,物体的加速度增加,则在相同时间内速度变化量一定增大,故D正确。故选BCD。8、BCD【解析】

A、温度是分子平均动能的标志,气体温度升高,分子的平均动能增加,分子的平均速率增大,不是每个气体分子运动的速率都增大,故A错误;B、根据分子力的特点可知,分子间引力和斥力同时存在,都随距离增大而减小,随距离减小而增大,但斥力变化更快,故B正确;C、附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时,附着层内分子间作用表现为斥力,附着层有扩展趋势,液体与固体间表现为浸润,故C正确;D、知道阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度,可求出气体的摩尔体积,然后求出每个气体分子占据的空间大小,从而能求出气体分子间的平均距离,故D正确;E、做功与热传递都可以改变物体的内能,但同时做功和热传递,根据热力学第一定律可知,不一定会改变内能,故E错误。9、AD【解析】

A.对于定值电阻,根据欧姆定律有:故A正确;B.将定值电阻和恒定电压电路等效成一个电源,其中U是等效电动势,R1是等效内阻,可得故B错误;CD.在等效电路中,当R2=R1,电阻箱电阻消耗的功率最大,又依题意可知电阻箱的原阻值小于定值电阻R1,可见,在逐渐增大电阻箱的电阻直至最大的过程中,电阻箱电阻消耗的功率先增大后减小,故C错误,D正确。故选AD。10、AC【解析】

A.将左极板向左移动少许,则d变大,同时在两极板之间插入电介质,则ε变大,根据可知C可能变大,根据Q=CU可知,U可能减小,即静电计指针的偏转角度可能变小,选项A正确;B.将左极板向左移动少许,则d变大,同时取出两极板之间的金属板,则也相当于d变大,根据可知C一定变小,根据Q=CU可知,U变大,即静电计指针的偏转角度变大,选项B错误;C.将左极板向左移动少许,则d变大,同时在两极板之间插入金属板,则相当于d又变小,则总体来说可能d减小,根据可知C可能变大,根据Q=CU可知,U变小,即静电计指针的偏转角度可能变小,选项C正确;D.将左极板向下移动少许,则S减小,同时取出两极板之间的电介质,则ε变小,根据可知C一定减小,根据Q=CU可知,U变大,即静电计指针的偏转角度一定变大,选项D错误;故选AC。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、等于此时电容器为电源,且与多用电表内部电源串联【解析】

(1)[2][3]电容器充电完成后,电容器两极板间的电压等于电源电动势。由公式可得(2)[4]红、黑表笔交换后,电容器视为电源,且与多用电表内部电源串联,总的电动势变大,电路中电流变大。12、0.50.2【解析】

[1]由图形b得加速度a和所受拉力F的关系图象的斜率所以滑块和位移传感器发射部分的总质量[2]由图形b得,在水平轨道上F=1N时,加速度a=0,根据牛顿第二定律得解得四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答

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