2025年西师新版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年西师新版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示的电场线，正电荷q在电场力的作用下从A点移动到B点，则（）A.q受到的电场力逐渐增大B.q的加速度逐渐增大C.q动能逐渐增大D.q的电势能逐渐增大2、质量为m的物体，在距地面h高处以g/2的加速度由静止开始竖直落下至地面，则下落过程中（）A.物体的动能增加3mgh/2B.物体的重力势能减少了mgh/2C.物体的机械能减少了mghD.物体的重力做的功为mgh3、高空抛物现象被称为“悬在城市上空的痛”。如图所示，是某小区宣传窗中的一则漫画。不计空气阻力，画中被抛下的物体在下落过程中，保持不变的物理量是（）A.加速度B.速度C.重力势能D.动能4、如图所示，让闭合线圈abcd从高h处下落时，进入匀强磁场中，在bc边开始进入磁场到ad边刚进入磁场的这一段时间内，线圈可能的运动情况是（）A.匀加速运动B.匀速运动C.变加速运动D.变减速运动5、关于电场线下列说法正确的是（）

A.电场线是客观存在的。

B.电场线在电场中不相交。

C.没有电场线的地方就没有电场。

D.电场线是闭合曲线。

6、如图所示，水平放置的两个平行的金属板A、B带等量的异种电荷，A板带正电荷，B板接地。两板间有一正试探电荷固定在C点，以C表示电容器的电容，U表示两板间的电势差，表示C点的电势，W表示正电荷在C点的电势能.若将B板保持不动，将正极板A缓慢向下平移一小段距离l（仍然在C上方）的过程中，各物理量与正极板移动距离x的关系图象中，正确的是（）7、放在水平桌面上的物体质量为m，用一个F牛的水平推力推它t秒钟，物体始终不动，那在t秒内，推力对物体的冲量应为（）A.0B.F•tC.mg•tD.无法计算评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)8、如图所示，小量程电流表G的内阻为100Ω，满偏电流为1mA，若把它改装成5V、20V的两个量程的电压表，那么R1=____Ω，R2=____Ω．

9、伏安法测电阻，测量电路的接法有安培表内接法和安培表外接法两种电路，如图A，B所示，其中____（填A或B）属安培表外接法．用安培表外接法测Rx，测量值R测=与真实值比，是偏____（填大或小），外接法适用于测阻值较____（填大或小）的电阻．

10、为判断线圈绕向，可将灵敏电流计G

与线圈L

连接，如图所示.

已知线圈由a

端开始绕至b

端；当电流从电流计G

左端流入时；指针向左偏转．

(1)

将磁铁N

极向下从线圈上方竖直插入L

时；发现指针向左偏转.

俯视线圈，其绕向为______(

填“顺时针”或“逆时针”)

．

(2)

当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L

时，指针向右偏转.

俯视线圈，其绕向为______(

填“顺时针”或“逆时针”)

．11、为了测量某根金属丝的电阻率；根据电阻定律需要测量长为L

的金属丝的直径D.

电阻R.

某同学进行如下几步进行测量：

(1)

直径测量：该同学把金属丝放于螺旋测微器两测量杆间；测量结果如图1

由图可知，该金属丝的直径d=

______．

(2)

欧姆表粗测电阻；他先选择欧姆隆脕10

档，测量结果如图2

所示，为了使读数更精确些，还需进行的步骤是______．

A.换为隆脕1

档；重新测量B.

换为隆脕100

档，重新测量。

C.换为隆脕1

档；先欧姆调零再测量D.

换为隆脕100

档，先欧姆调零再测量。

(3)

伏安法测电阻；实验室提供的滑变阻值为0隆芦20娄赂

电流表0隆芦0.6A(

内阻约0.5娄赂)

电压表0隆芦3V(

内阻约5k娄赂)

为了测量电阻误差较小，且电路便于调节，下列备选电路中，应该选择______．

12、在10s内通过导体某一横截面的电量为16C，则通过该导体的电流大小是____A．10s内通过这个截面的电子有____个（电子的电荷量为1.6×10﹣19C）13、科学家____通过a粒子散射实验的结果，提出了原子的核式结构模型；科学家玻尔在此基础上又进行了一系列量子化的假设，从而可以完美地解释氢原子的发光现象．根据玻尔理论，当大批氢原子从n=4能级跃迁到n=1能级时，氢原子最多能发出____种频率的光（电磁波）．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)14、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）15、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）16、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

17、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

18、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）19、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）20、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）21、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

22、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、证明题(共2题，共4分)23、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。24、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分五、简答题(共3题，共12分)25、一个氡核Rn衰变成钋核Po；并放出一个α粒子，其半衰期T=3.8天．求：

（1）写出该核反应方程；

（2）32g氡经过多少天衰变还剩余1g氡．26、【化学rm{-}选修rm{5}有机化学】rm{A隆芦G}都是有机化合物，它们的转化关系如下：

请回答下列问题：rm{(1)}已知：rm{6.0g}化合物rm{E}完全燃烧生成rm{8.8gCO_{2}}和rm{3.6gH_{2}O}rm{E}的蒸气对氢气的相对密度为rm{30}则rm{E}的分子式为____rm{(2)A}为一取代芳烃，rm{B}中含有一个甲基rm{.}由rm{B}生成rm{C}的化学方程式为____。rm{(3)}由rm{B}生成rm{D}由rm{C}生成rm{D}的反应条件分别是____、____。rm{(4)}由rm{A}生成rm{B}由rm{D}生成rm{G}的反应类型分别是____、____。rm{(5)F}存在于栀子香油中，其结构简式为____。rm{(6)}在rm{G}的同分异构体中，苯环上一硝化的产物只有一种的共有____种，其中核磁共振氢谱有两组峰，且峰面积比为rm{1}rm{1}的是____rm{(}填结构简式rm{)}27、水泥是重要的建筑材料。水泥熟料的主要成分为rm{CaO}rm{SiO_{2}}并含有一定量的铁、铝和镁等金属的氧化物。实验室测定水泥样品中钙含量的过程如图所示：回答下列问题：rm{(1)}在分解水泥样品过程中，以盐酸为溶剂，氯化铵为助溶剂，还需加入几滴硝酸。加入硝酸的目的是_________，还可使用_________代替硝酸。rm{(2)}沉淀rm{A}的主要成分是_________，其不溶于强酸但可与一种弱酸反应，该反应的化学方程式为____________________________________。rm{(3)}加氨水过程中加热的目的是___________。沉淀rm{B}的主要成分为_____________、____________rm{(}填化学式rm{)}rm{(4)}草酸钙沉淀经稀rm{H_{2}SO_{4}}处理后，用rm{KMnO_{4}}标准溶液滴定，通过测定草酸的量可间接获知钙的含量，滴定反应为：rm{{MnO}_{4}^{-}+H^{+}+H_{2}C_{2}O_{4}隆煤Mn^{2+}+CO_{2}+H_{2}O}实验中称取rm{{MnO}_{4}^{-}

+H^{+}+H_{2}C_{2}O_{4}隆煤Mn^{2+}+CO_{2}+H_{2}O}水泥样品，滴定时消耗了rm{0.400g}的rm{0.0500mol隆陇L^{-1}}溶液rm{KMnO_{4}}则该水泥样品中钙的质量分数为______________。rm{36.00mL}评卷人得分六、综合题(共3题，共18分)28、如图所示；一质量为2m的带电液滴，在大小为E，方向竖直向上的匀强电场中处于静止状态，求：

（1）这个液滴带什么电？电荷量为多少？

（2）当场强的大小突然变为原来的一半，方向保持不变时，液滴向什么方向运动？其加速度为多少？29、(

一)

在测定平行玻璃砖的折射率的实验中：(1)P1P2

是插在入射光线所在位置上的大头针，P3P4

是插在射出光线所在的位置上的大头针，则下面说法中正确的是__________。A.P1P2P3P4

应在同一条直线上B.

隔着玻璃砖观察，看到的P1P2P3P4

应在同一条直线上C.插针时，P1

和P2P3

和P4

之间的距离应尽量小一些D.

插针时，P1

和P2P3

和P4

之间的距离应适当大一些(2

用上述插针法是否能够测定非平行玻璃砖的折射率？答：____(

填“能”或“不能”)

(

二).

某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验中，先测得摆线长为97.50cm

摆球直径为2.00cm

然后用秒表记录了单摆振动50

次所用的时间，则：(1)

该摆摆长为______cm

(2)

如果测得的g

值偏小，可能的原因是(

)

A.测摆线长时摆线拉得过紧B.

摆线上端悬点未固定，振动中出现松动，使摆线长度增加了C.开始计时时，秒表过迟按下D.

实验中误将49

次全振动记为50

次(3)

为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l

并测出相应的周期T

从而得出一组对应的l

与T

的数据，再以l

为横坐标，T2

为纵坐标，将所得数据连成直线如图所示，并求得该直线的斜率为k

则重力加速度g=

______(

用k

表示)

．

(

三).

在“双缝干涉测光的波长”实验中，调节分划板的位置，使分划板的中心刻线对齐某条亮条纹的中心且计数1

此时螺旋测微器的示数如图甲所示；转动手轮，使分划线向一侧移动，数到第4

条亮纹时，使分划板的中心刻线对齐第4

条亮条纹的中心，此时螺旋测微器的示数如图乙所示.

已知双缝间距d=2.0mm

双缝到屏的距离L=1.00m

则甲图所示读数为________mm

乙图所示读数为_______mm

被测光波的波长为_______m

．30、参照伽利略时期演示平抛运动的方法制作了图示的实验装置，图中水平放置的底板上竖直地固定有M

板和N

板.M

板上部有一半径为R

的14

圆弧形的粗糙轨道，P

为最高点，Q

为最低点，Q

点处的切线水平，距底板高为H.N

板上固定有三个圆环.

将质量为m

的小球从P

处静止释放，小球运动至Q

飞出后无阻碍地通过各圆环中心，落到底板上距Q

水平距离为L

处.

不考虑空气阻力，重力加速度为g.

求：

(1)

小球到达Q

点时的速度大小；(2)

小球运动到Q

点时对轨道的压力大小；(3)

小球克服摩擦力做的功．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A|B|C【分析】试题分析：由图看出，B处电场线比A处电场线密，则B处场强大于A处场强．正试探电荷q在电场力的作用下从A点移动到B点，电场力逐渐变大．故A正确；正试探电荷q在电场力的作用下从A点移动到B点，电场力逐渐变大，加速度逐渐增大．故B正确；正电荷受到的电场力向右上，q在电场力的作用下从A点移动到B点，电场力做正功，动能增大，电势能减小，C正确，D错误。考点：考查了带电粒子在电场中的运动【解析】【答案】ABC2、D【分析】试题分析：据题意，重力做功mgh，其他力做功mgh/2，则据动能定理，物体动能增加了mgh/2，故选项A错误而选项D正确；物体重力势能减少量等于重力做的功，即mgh，故选项B错误；物体机械能减少量等于其他力做的功，即mgh/2，故选项C错误。考点：本题考查动能定理。【解析】【答案】D3、A【分析】解：A；不计空气阻力；画中被抛下的物体在下落过程中，只受重力作用，故加速度为重力加速度，保持不变，故A正确；

BCD；物体下落得过程中速度越来越大；动能越来越大，重力势能越来越小，故BCD错误；

故选：A。

物体做抛体运动；该过程中只受到重力的作用，机械能守恒，由次分析即可。

本题涉及重力势能的影响因素、重力势能与动能之间的相互转化，以及各种形式能之间的转化解题是要熟记这些知识点，从题干中获取有用的信息，结合相关知识解决问题。【解析】A4、B|C|D【分析】试题分析：如果刚开始进入时，重力和安培力相等，则线圈受力平衡，做匀速直线运动，若重力大于安培力，进入磁场后，线圈速度增大，安培力随着速度增大而增大，所以合力减小，做变加速直线运动，若安培力大于重力，线圈进入磁场时，合力向上，速度减小，安培力减小，所以合力减小，加速度减小，故做变减速直线运动，故BCD正确考点：考查了导体切割磁感线运动【解析】【答案】BCD5、B【分析】

A；电场是客观的存在；电场线是人为虚拟的，不是客观的存在，故A错误．

B；电场线在电场中不相交；故B正确．

C；电场是客观的存在；有电场的空间充满了电场，没有电场线的地方也有电场，故C错误．

D；电场线从正电荷或无限远出发；终止于无限远或负电荷，不闭合，故D错误．

故选B．

【解析】【答案】掌握电场线特点是解本题的关键；电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱．

6、C|D【分析】试题分析：当将A板缓慢向下平移一小段距离l时，平行板之间的距离为d-x变小，由公式C=得，C=知电容C随x增大而增大，但不是成正比变化，故A图错误；由题意知电容器的带电量不变，由Q＝CU可知，得U随x的增大成线性减小；由U＝E(d-x)，所以知，E不变，由于C点到B板的距离不变，故CB之间的电压不变，故C点的电势不变，既不变与x无关，故B图错误；由得U随x的增大成线性减小应选C选项正确，正电荷在C点的电势能知电势能不随x变化，D选项正确。考点：电容器电容匀强电场电场强度与电势差的关系电势电势能【解析】【答案】CD7、B【分析】解：在t时间内；推力对物体的冲量I=Ft，因为物体静止不动，合力为零，合力的冲量为零．故B正确，A；C、D错误．

故选：B．

根据冲量的定义式I=Ft求出推力对物体的冲量大小．

解决本题的关键知道冲量等于力与作用时间的乘积，本题容易误求解合力的冲量．【解析】【答案】B二、填空题(共6题，共12分)8、略

【分析】

由题意知rg=100Ω，U=5V．由U=Ig（rg+R1）带入数据得：

量程为20V时，由U=Ig（rg+R1+R2））带入数据得：

故答案为：4.9×103；1.5×104

【解析】【答案】小电流电表改装电压表原理：设满偏电流为Ig，内阻为rg，串联电阻为R，改装后的电压表量程为U，所以U=Ig（rg+R）

9、A小小【分析】【解答】解：所谓安培表外接法是指待测电阻先与电压表并联后再与电流表串联的接法；故A为外接法；

使用外接法时；由于电压表分流而使电流测量值偏大，则由欧姆定律可知，电阻测量值偏小．

当待测电阻的阻值相对电压表较小时；电压表的分流较小，则产生的误差较小，故该接法适合测小电阻．

故答案为：A；小；小．

【分析】明确电流表内外接法的电路结论，根据欧姆定律求电阻的测量值，明确实验中由于电压表分流而存在测量误差，要根据串并联电路的规律分析误差情况．10、顺时针；逆时针【分析】解：(1)

将磁铁N

极向下从线圈上方竖直插入L

时；穿过L

的磁场向下，磁通量增大，由楞次定律可知，感应电流的磁场方向与原磁场方向相反，感应电流磁场应该向上，电流表指针向左偏转，电流从电流表左端流入，由安培定则可知，俯视线圈，线圈绕向为顺时针．

(2)

当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L

时；穿过L

的磁通量向上，磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流磁场应向上，指针向右偏转，电流从右端流入电流表，由安培定则可知，俯视线圈，其绕向为逆时针．

故答案为：(1)

顺时针；(2)

逆时针．

电流从左端流入指针向左偏转；根据电流表指针偏转方向判断电流方向，然后应用安培定则与楞次定律分析答题．

熟练应用安培定则与楞次定律是正确解题的关键；要掌握安培定则与楞次定律的内容．【解析】顺时针；逆时针11、略

【分析】解：(1)

螺旋测微器的固定部分为：2.5mm

转动部分为：4.5

故读数为：2.5+4.5隆脕0.01=2.545mm

(2)

由图可知；指针的偏角过小，则说明档位选择过小；应选择大档位，再重新进行欧姆调零，进行测量；故选：D

(3)

由题意可知；给出的滑动变阻器不能起到保护作用，故应采用分压接法；由欧姆表的示数可知，电阻约为5000娄赂

而电压表内阻只有5000娄赂

故只能采用电流表内接法；故选：D

故答案为：(1)2.545mm(2.543mm隆芦2.547mm)(2)D(3)D

．

(1)

根据螺旋测器的读数方法可知该金属丝的直径；

(2)

根据指针偏转可知档位选择是否合适；从而得出应进行的步骤；

(3)

根据给出的实验仪器结合实验原理可得出实验电路图．

本题考查伏安法测电阻的方法和原理，要注意明确分压接法的电路图，及内外接法的选择．【解析】2.545mmDD

12、1.61020​【分析】【解答】电流大小为：I==1.6A；

流过的电子数为：n===1020A；

故答案为：1.6；1020

【分析】由电流的定义可求得电流值，再由欧姆定律可求得导体两端的电压；由元电荷可求得电子数．13、卢瑟福6【分析】【解答】原子的核式结构模型最早是由卢瑟福提出；卢瑟福通过α粒子散射实验否定了原子的“枣糕模型”结构，提出了原子的“核式结构模型”；

根据=6知；这些氢原子可能辐射出6种不同频率的光子．

故答案为：卢瑟福；6．

【分析】原子的核式结构模型最早是由卢瑟福提出；卢瑟福通过α粒子散射实验否定了原子的“枣糕模型”结构；提出了原子的“核式结构模型”；

根据数学组合公式求出氢原子可能辐射光子频率的种数．三、判断题(共9题，共18分)14、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．15、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．16、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．17、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．18、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．19、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．20、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．21、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．22、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、证明题(共2题，共4分)23、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动24、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动五、简答题(共3题，共12分)25、略

【分析】

根据衰变过程中质量数和电荷数守恒列出衰变方程；得出是什么粒子，然后写出核反应方程．运用半衰期的定义进行定量计算．

知道放射性元素的半衰期是有一半该元素的原子核发生衰变所用的时间．求解时注意m为剩余的质量．【解析】解：（1）根据衰变过程中质量数和电荷数守恒可知：该核反应的方程是86222Rn→84218Po+24He；

（2）根据m=得，解得n=5，知经过了5个半衰期，则t=3.8天×5=19天．

答：（1）该核反应方程为86222Rn→84218Po+24He；

（2）32g氡经过19天衰变还剩余1g氡．26、（1）C2H4O2

（2）

（3）氢氧化钠醇溶液；加热浓硫酸、加热。

（4）取代反应加成反应。

（5）

（6）7

【分析】【分析】

本题考查有机物推断，关键是确定rm{A}为乙苯，再结合转化关系及分子式推断，rm{(6)}中同分异构体书写为易错点；难点；难度中等。

【解答】

rm{E}的蒸气与氢气的相对密度为rm{30}则rm{Mr(E)=30隆脕2=60}rm{6.0gE}的物质的量是rm{0.1mol}完全燃烧后生成rm{CO_{2}}和rm{H_{2}O}的物质的量分别为rm{dfrac{8.8g}{44g/mol}=0.2mol}rm{dfrac{3.6g}{18g/mol}=0.2mol}分子中rm{N(C)=dfrac{0.2mol}{0.1mol}=2}rm{N(H)=dfrac{0.2mol隆脕2}{0.1mol}=4}故rm{N(O)=dfrac{60-12隆脕2-8}{16}=2}故E的分子式是rm{dfrac

{8.8g}{44g/mol}=0.2mol}．

rm{dfrac

{3.6g}{18g/mol}=0.2mol}为一取代芳烃，由分子式可知为苯的同系物，故A为rm{N(C)=dfrac

{0.2mol}{0.1mol}=2}与氯气在光照条件下发生取代反应生成rm{N(H)=dfrac

{0.2mol隆脕2}{0.1mol}=4}而rm{N(O)=dfrac

{60-12隆脕2-8}{16}=2}中含有一个甲基，则rm{C_{2}H_{4}O_{2}}为rm{A}发生水解反应生成rm{A}为rm{B}与rm{B}发生酯化反应生成rm{B}结合rm{B}的分子式可知，应是发生酯化反应，则rm{C}为rm{C}rm{E}为rm{F}rm{F}转化都得到rm{E}rm{CH_{3}COOH}与溴发生加成反应生成rm{F}则rm{B}rm{C}均发生消去反应生成rm{D}故D为则rm{D}为

rm{G}由上述分析可知，rm{B}的分子式为rm{C}故答案为：rm{D}

rm{G}由rm{(1)}生成rm{E}的化学方程式为

故答案为：

rm{C_{2}H_{4}O_{2}}由rm{C_{2}H_{4}O_{2}}生成rm{(2)}是发生消去反应生成反应条件为：氢氧化钠醇溶液；加热；

rm{B}生成rm{C}是发生消去反应生成反应条件为：浓硫酸；加热；

故答案为：氢氧化钠醇溶液；加热；

rm{(3)}由rm{B}生成rm{D}属于取代反应，由rm{C}生成rm{D}属于加成反应；故答案为：取代反应；加成反应；

rm{(4)}由上述分析可知，rm{A}的结构简式为故答案为：

rm{B}在rm{D}rm{G}的同分异构体中，苯环上一硝化的产物只有一种，对称性高，可以含有rm{(5)}个相同的取代基，且处于对位，为若含有rm{F}个取代基时，取代基不可能相同，苯环上取代至少有rm{(6)}种，故不可能含有rm{G(}个取代基，可以可以rm{)}个取代基，为rm{2}个rm{3}rm{2}个rm{3}分别为故符合条件的同分异构体共有rm{4}种，其中核磁共振氢谱有两组峰，且峰面积比为rm{2}rm{-Br}的是

故答案为：rm{2}

rm{-CH_{3}}【解析】rm{(1)C_{2}H_{4}O_{2}}

rm{(2)}

rm{(3)}氢氧化钠醇溶液；加热浓硫酸、加热。

rm{(4)}取代反应加成反应。

rm{(5)}

rm{(6)7}

27、rm{(1)}将样品中的rm{(1)}氧化为rm{Fe^{2+}}

rm{Fe^{3+;;}H_{2}O_{2}}rm{(2)}

rm{(2)}防止胶体生成，易生成沉淀rm{SiO_{2;;;}SiO_{2}+4HF=SiF_{4}隆眉+2H_{2}O}

rm{(3)}rm{(3)}

rm{Al(OH)_{3;;;;}Fe(OH)_{3}}【分析】【分析】

本题为rm{2017}年辽宁考题，侧重考查物质的含量的测定，为高频考点，注意把握流程的分析，把握物质的性质，结合关系式法计算，题目有利于培养学生的分析能力、实验能力和计算能力，难度中等．年辽宁考题，侧重考查物质的含量的测定，为高频考点，注意把握流程的分析，把握物质的性质，结合关系式法计算，题目有利于培养学生的分析能力、实验能力和计算能力，难度中等．rm{2017}水泥熟料的主要成分为rm{CaO}rm{SiO}rm{CaO}rm{SiO}为rm{{,!}_{2}}，并含有一定量的铁、铝和镁等金属的氧化物，加入氯化铵、盐酸和硝酸，由于二氧化硅与酸不反应，则得到的沉淀rm{A}为rm{SiO}rm{A}rm{SiO}rm{{,!}_{2}}，滤液中含有rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}^{3+}}、rm{Al}可生成rm{Al}rm{{,!}^{3+}}、rm{Mg}rm{Mg}rm{{,!}^{2+}}等离子，加入氨水调节rm{pH4-5}可生成rm{Al(OH)}rm{pH4-5}rm{Al(OH)}rm{{,!}_{3}}、rm{Fe(OH)}rm{Fe(OH)}rm{{,!}_{3}}沉淀，加热的目的是防止生成胶体而难以分离，滤液主要含有rm{Ca}rm{Ca}rm{{,!}^{2+}}，加入草酸铵可生成草酸钙沉淀，加入硫酸用高锰酸钾测定，发生rm{5Ca}rm{5Ca}

rm{{,!}^{2+}}

rm{隆芦5H}rm{隆芦5H}铁离子在rm{{,!}_{2}}较小时易生成沉淀；加入硝酸可氧化亚铁离子生成铁离子，比避免引入新杂质，还可用过氧化氢代替硝酸；

故答案为：将样品中的rm{C}氧化为rm{C}rm{{,!}_{2}}

rm{O}由以上分析可知沉淀rm{O}为rm{{,!}_{4}}不溶于强酸但可与一种弱酸反应，应为与rm{隆芦2KMnO}的反应，方程式为rm{隆芦2KMnO}

故答案为：rm{{,!}_{4}}，根据高锰酸钾的量可计算含量，以此解答该题。

【解答】滴加氨水，溶液呈碱性，此时不用考虑盐类水解的问题，加热的目的是防止生成胶体而难以分离，生成的沉淀主要是rm{(1)}

故答案为：防止胶体生成，易生成沉淀；rm{pH}rm{Fe^{2+}}

rm{Fe^{3+}}反应的关系式为rm{H_{2}O_{2}}

rm{(2)}

rm{A}

水泥中钙的质量分数为rm{dfrac{4.5隆脕10^{-3}mol隆脕40.0g/mol}{0.400g}隆脕100%=45.0%}

故答案为：rm{SiO_{2}}

rm{HF}【解析】rm{(1)}将样品中的rm{(1)}氧化为rm{Fe^{2+}}

rm{Fe^{3+;;}H_{2}O_{2}}rm{(2)}

rm{(2)}防止胶体生成，易生成沉淀rm{SiO_{2;;;}SiO_{2}+4HF=SiF_{4}隆眉+2H_{2}O}

rm{(3)}rm{(3)}

rm{Al(OH)_{3;;;;}Fe(OH)_{3}}六、综合题(共3题，共18分)28、解：（1）因为液滴受重力和电场力平衡；所以电场力方向向上，则液滴带正电．

由平衡条件有：Eq=2mg

得q=①

（2）液滴竖直向下运动；由牛顿第二定律有：

2mg-=2ma②

由①、②联立解得：a=．

答：（1）这个液滴带正电，电量为．

（2）液滴竖直向下运动，其加速度为．【分析】

（1）根据液滴受重力；电场力平衡；得出电场力的方向，从而得出电荷的电性，通过平衡求出电量的大小．

（2）当场强的大小突然变为原来的一半；方向保持不变时，则电场力变为原来的一半，液滴向下运动，根据牛顿第二定律求出液滴的加速度．

解决本题的关键能够正确地进行受力分析，通过平衡和牛顿第二定律进行求解，比较简单．【解析】解：（1）因为液滴受重力和电场力平衡；所以电场力方向向上，则液滴带正电．

由平衡条件有：Eq=2mg

得q=①

（2）液滴竖直向下运动；由牛顿第二定律有：

2mg-=2ma②

由①、②联立解得：a=．

答：（1）这个液滴带正电，电量为．

（2）液滴竖直向下运动，其加速度为．29、(I)(1)BD(2)

能

(II)(1)98.50

75.2

(2)B(3)4娄脨2k

(III)1.1301.7604.2隆脕10鈭�7-7【分析】(I)

【分析】明确测量玻璃折射率的基本方法和注意事项，知道如何确定入射光和折射光路。本题关键是明确测定玻璃砖折射率的原理，会用插针法确定光路，并掌握实验中的注意事项。【解答】(1)AB.

在实验中先插P1P2

表示入射光路.

再插入P3

使P3

挡住P1P2

的像，最后插入P4

使P4

挡住P3

和P1P2

的像，即隔着玻璃砖观察，看到的PP1、PP2、PP3、PP4应在同一条直线上，故A错误，B正确；C.大头针P1

和P2

及P3

和P4

之间的距离适当大些时，相同的距离误差，引起的角度误差会减小，角度的测量误差会小些，故C错误，D正确。故选BD;

(2)

本实验中只需测最出入射角和折射角即可求出折射率，所以能够测定非平行玻璃砖的折射率。故答案为：能。(II)(II)【分析】(1)

单摆的摆长等于摆线的长度加上小球的半径.

由图读出时间t

由T=tn

求出周期;

(2)

根据重力加速度的表达式分析g

值偏小可能的原因;

(3)

根据重力加速度的表达式和数学知识，分析T2鈭�l

图线斜率k

的意义，得到g

的表达式。单摆的摆长不是摆线的长度，还要加上摆球的半径.