2025年粤教新版高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教新版高三物理上册阶段测试试卷282考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、神舟九号与天宫一号对接前，天宫一号要由距地面较高的运行轨道，逐渐变化到距地面较低的交会对接轨道．在变轨过程中需对天官一号的运行进行监测，若每次测量中天宫一号的运动均可近似看作匀速圆周运动，某次测量天宫一号的轨道半径为r1，后一次测量天宫一号的．半径变为r2（r1＞r2），以E、E表示天宫一号在这两个轨道上的动能，T1、T2表示天宫一号在这两上轨道上绕地运动的周期，则（）A.E＜E，T2＞T1B.E＜E，T2＞T1C.E＞E，T2＜T1D.E＞E，T2＞T12、在如图的匀强电场中，若一个点电荷从P点由静止释放，则以下说法中正确的是（）A.该点电荷受到的电场力逐渐增大B.该点电荷一定向右且做匀速运动C.该点电荷一定做匀加速直线运动D.该点电荷一定做匀减速直线运动3、为研究钢球在液体中运动时所受阻力的大小，让钢球从某一高度竖直落下进入某种液体中运动，用闪光照相的方法拍摄钢球在不同时刻的位置，如图所示．已知钢球在液体中所受浮力为F浮；运动时受到的阻力与速度大小成正比，即F=kv，闪光照相机的闪光频率为f，图中刻度尺的最小分度为d，钢球的质量为m，则阻力常数k的表达式是（）

A.

B.

C.

D.

4、某一探测器因射线照射，内部气体电离，在时间t内有n个二价正离子到达阴极，有2n个电子到达探测器的阳极，则探测器电路中的电流为().A.0B.2ne/tC.3ne/tD.4ne/t5、【题文】如图所示；在半径为R圆形区域有垂直于纸面向里；磁感应强度为B的匀强磁场，从A点沿着AO方向垂直磁场射入大量带正电、电荷量为q、质量为m、速率不同的粒子，不计粒子间的相互作用力和重力，关于这些粒子在磁场中的运动以下说法正确的是（）

A.这些粒子出射方向的反向延长线不一定过O点B.速率越大的粒子在磁场中通过的弧长越长，时间也越长C.这些粒子在磁场中的运动时间相同D.若粒子速率满足v=qBR/m，则粒子出射方向与入射方向垂直6、地球表面重力加速度为g0，若地球自转角速度逐渐增大到某一定值ω0，当赤道上某质量为m的物体刚好脱离地面，则地球的质量是（已知引力常量为G）（）A.B.C.D.评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)7、（2010秋•湖州校级月考）如图所示为一物体运动的v-t图线，则0-10s物体运动的加速度大小为____m/s2，10s内物体的位移为____m．8、在火星上，某物体做自由落体运动，2s内的位移为16m；则火星上的重力加速度为____m/s2；物体在自由下落前2s内的位移为____m｡9、一台电动机的额定输出功率为10kW，用这台电动机竖直向上提升质量为2.5×102kg的货物，上升的最大速度为____m/s．（取g=10m/s2）10、图中A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为φA=9V、φB=3V、φC=-3V，由此可得D点电势φD=____V；在上图中画出电场线．11、用一轻质弹簧悬挂一本书，静止时，弹簧伸长4cm．将书放在水平面上，用该弹簧水平桌面上水平拉书匀速前进时，弹簧伸长2cm，动摩擦因数为____．12、如图所示，两条间距为L的光滑平行导电导轨MN、PQ与水平面成θ角放置，上端跨接定值电阻R，一长也为L、电阻不计的金属棒搁在导轨上，在导轨所在处有三个匀强磁场区和一个无磁场区，磁场边界均平行于金属棒，磁场宽均为L，磁场方向如图且均垂直于导轨平面，磁感应强度B2=2B1，无磁场区宽也为L，金属棒从导轨上方距最上方的磁场的上边界L处静止起下滑，进入最上方磁场时恰好做匀速运动，且每次到达一个磁场的下边界前都已达到匀速运动，图中已画出金属棒穿过第一个磁场区过程中的电流（以a→b为正方向）随下滑距离x变化的图象，请画出金属棒穿过后两个磁场区过程中的电流随下滑距离x变化的图象．13、（2011秋•宝山区校级期末）如图所示装置中，A物体质量为20kg，B物体质量为10kg．不计滑轮与绳子间的摩擦，两物体在空中运动时，A物体的加速度为____m/s2．14、（2013•福建模拟）一电子具100eV的动能、从A点垂直电场线方向飞入匀强电场，当从B点飞出时与场强方向恰成150°，如图所示，则A、B两点间的电势差为____V．15、（2011秋•吉林期中）A、B、C三个小分队进行代号为“猎狐”的军事演习，指挥部通过现代通信设备，在荧屏上观察到三个小分队的行军路线如图所示，三个小分队同时从同处O出发，最后同时捕“狐”，则它们行走的路程sA、sB、sC关系是____，它们通过的位移xA、xB、xC关系是____．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)16、电场力大的地方电场强度一定大．____．（判断对错）17、作用在物体上的合外力减小时，速度也随之减小．____（判断对错）18、分子的动能和分子势能的和叫做这个分子的内能．____．（判断对错）19、物体的速度为零时，它的机械能一定为零．____（判断对错）20、重心就是物体上最重的一点．____．评卷人得分四、推断题(共3题，共9分)21、氧化铬rm{(Cr_{2}O_{3})}主要用于冶炼金属铬、有机化学合成的催化剂等。工业上是以铬铁矿rm{[}主要成份为rm{Fe(CrO_{2})_{2}}还含有rm{Al_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}等杂质rm{]}为主要原料进行生产；其主要工艺流程如下：

rm{(1)}亚铬酸亚铁rm{[Fe(CrO_{2})_{2}]}中rm{Cr}的化合价是___________。rm{(2)}焙烧时的主要反应为：rm{4FeO隆陇Cr_{2}O_{3}+8Na_{2}CO_{3}+7O_{2}overset{赂脽脦脗}{=}8Na_{2}CrO_{4}+2Fe_{2}O_{3}+8CO_{2}}其中被氧化的元素为______，每产生rm{4FeO隆陇Cr_{2}O_{3}+8Na_{2}CO_{3}+7O_{2}overset{赂脽脦脗}{=}

8Na_{2}CrO_{4}+2Fe_{2}O_{3}+8CO_{2}}转移电子的数目为_______。该步骤不能使用陶瓷容器，原因是_____________________________。rm{32gFe_{2}O_{3}}操作rm{(3)}包括过滤与洗涤，简述实验室中洗涤沉淀的操作：___________。rm{I}硫磺在与铬酸钠的反应中转化为硫代硫酸钠，反应的离子方程式为__________。滤渣中除rm{(4)}外还有__________rm{Al(OH)_{3}}填化学式rm{(}rm{)}也有一定毒性，会污染水体，常温下要除去废液中多余的rm{(5)Cr^{3+}}调节rm{Cr^{3+}}至少为_______，才能使铬离子沉淀完全rm{pH}在溶液中浓度为rm{(Cr^{3+}}时，视为完全沉淀rm{1.0隆脕10^{-5}}已知rm{)}的溶度积为rm{Cr(OH)_{3}}rm{1.0隆脕10^{-32}}22、合成药物rm{X}rm{Y}和高聚物rm{Z}可以用烃rm{A}为主要原料，采用以下路线。

已知：rm{I.}反应rm{垄脵}反应rm{垄脷}的原子利用率均为rm{100%}反应rm{I.}反应rm{垄脵}的原子利用率均为rm{垄脷}rm{100%}

．

rm{II}．

rm{II}请回答下列问题：的结构简式为_____________。

rm{(1)A}的结构简式为_____________。中的官能团名称为____________，反应rm{(1)A}的条件为______________．

rm{(2)Z}中的官能团名称为____________，反应rm{垄脹}的条件为______________．关于药物rm{(2)Z}rm{垄脹}的说法正确的是____________。

rm{(3)}关于药物rm{Y(}药物rm{(3)}与足量的钠反应可以生成rm{Y(}氢气

rm{)}的说法正确的是____________。rm{)}的分子式为A.rm{1mol}药物rm{Y}与足量的钠反应可以生成rm{33.6L}氢气rm{1mol}rm{Y}rm{33.6L}B.药物rm{Y}的分子式为rm{C}

rm{Y}rm{C}中rm{{,!}_{8}}rm{H}rm{H}三处rm{{,!}_{8}}的活泼性由强到弱的顺序是rm{O}

rm{O}rm{{,!}_{4}}药物，能使酸性高锰酸钾溶液褪色与C.药物rm{Y}中rm{垄脼}rm{垄脽}rm{垄脿}三处rm{-OH}的活泼性由强到弱的顺序是rm{垄脿>垄脼>垄脽}rm{Y}rm{垄脼}rm{垄脽}和rm{垄脿}

rm{-OH}rm{垄脿>垄脼>垄脽}反应的反应类型是___________。反应D.rm{1mol}药物rm{Y}与rm{H}的化学方程式_____________。

rm{1mol}rm{Y}符合下列条件的rm{H}的同分异构体共有_____________种。rm{{,!}_{2}}遇、浓溴水中的rm{Br}溶液可以发生显色反应；且是苯的二元取代物；

rm{Br}能发生银镜反应和水解反应；

写出其中一种核磁共振氢谱有rm{{,!}_{2}}个峰的结构简式______________________。反应，最多消耗分别为rm{4mol}和rm{2mol}参考上述流程以rm{4mol}和rm{2mol}为起始原料，其它无机试剂任选设计合成的线路。rm{(4)}反应rm{E隆煤F}的反应类型是___________。反应rm{F隆煤X}的化学方程式_____________。23、rm{[}化学rm{隆陋}选修rm{5}有机化学基础rm{]}下图为有机物之间的转化关系。已知：rm{E}属于芳香族化合物；rm{F}的核磁共振氢谱为三组峰，且面积比为rm{6}rm{1}rm{1}请回答下列问题：rm{(1)B}的结构简式为__________。rm{F}的名称为__________，rm{(2)C}中官能团的名称为__________，rm{G隆煤J}的反应类型_________，发生反应rm{垄脵}的条件是_______________。rm{(3)}反应rm{B隆煤C}的化学方程式为__________。rm{(4)E}的一种同系物rm{X}比rm{E}的相对分子质量大rm{14}rm{X}同分异构体有很多种。rm{垄脵}若rm{X}的同分异构体为芳香族化合物，它与rm{E}具有相同的官能团，则符合此条件的rm{X}的同分异构体有__________种。rm{垄脷}若rm{X}的同分异构体能与新制氢氧化铜悬浊液反应，生成砖红色沉淀，也能使rm{FeCl_{3}}溶液显紫色，且苯环上的一元取代物有两种，则rm{X}的这种同分异构体的结构简式为__________。评卷人得分五、实验题(共4题，共40分)24、（1）如图所示给出是用螺旋测微器测量一小钢球的直径时的示数，此读数应是____毫米．

（2）用20分度的游标卡尺测量钢球的直径，示数如图所示，则钢球直径为____毫米．

25、使用电磁打点计时器（接50Hz的电源上）时；回答下列问题？

①电磁打点计时器的工作电压为____v；

②纸带上每打出两个相邻点所经历的时间都是____s；

③电磁打点计时器应接在____（填“交流”或“直流”）电压；

④电源频率不稳，影响是____；

⑤振针与复写纸距离太近，影响是____．26、（1）在使用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，已知实验用的重锤质量m=0.02kg．重锤自由下落，在纸带上打下一系列的点，如图1所示，相邻计数点的时间间隔为0.02s，长度单位是cm，g取9.8m/s2．则：（计算结果均保留两位有效数字）

①打点计时器打下计数点B时，物体的速度vB=____m/s；

②从打下计数点O到打下计数点B的过程中，重锤的重力势能的减少量△Ep=____J

（2）图2为验证牛顿第二定律的实验装置示意图．图中打点计时器的电源为50Hz的交流电源；打点的时间间隔用△t表示．在小车质量未知的情况下，某同学设计了一种方法用来研究“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系”．

㈠完成下列实验步骤中的填空：

①平衡小车所受的阻力：小吊盘中不放物块，调整木板右端的高度，用手轻拨小车，直到打点计时器打出一系列____的点．

②按住小车；在小吊盘中放入适当质量的物块，在小车中放入砝码．

③打开打点计时器电源；释放小车，获得带有点列的纸袋，在纸袋上标出小车中砝码的质量m．

④按住小车；改变小车中砝码的质量，重复步骤③．

⑤在每条纸带上清晰的部分，每5个间隔标注一个计数点．测量相邻计数点的间距s1，s2；．

求出与不同m相对应的加速度a．

⑥以砝码的质量m为横坐标1/a为纵坐标，在坐标纸上做出1/a-m关系图线．若加速度与小车和砝码的总质量成反比，则1/a与m处应成____关系（填“线性”或“非线性”）．

㈡完成下列填空：

⑦本实验中，为了保证在改变小车中砝码的质量时，小车所受的拉力近似不变，小吊盘和盘中物块的质量之和应满足的条件是____．

⑧设纸带上三个相邻计数点的间距为s1、s2、s3．a可用s1、s3和△t表示为a=____．

⑨图4为所得实验图线的示意图．设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，若牛顿定律成立，则小车受到的拉力为____，小车的质量为____．

27、如图所示；图甲为热敏电阻的R-t图象，图乙为用此热敏电阻R和继电器组成的一个简单恒温箱控制电路，继电器线圈的电阻为150Ω，．当线圈中的电流大于或等于20mA时，继电器的衔铁被吸合．为继电器供电的电池的电动势E=6V，内阻不计．图中的“电源”是恒温箱加热器的电源，R为热敏电阻．

（1）应该把恒温箱的加热器接在____端（填“AB”或“CD”）．

（2）如果要使恒温箱内的温度保持150℃，可变电阻R´的值应调节为____Ω，此时热敏电阻的阻值为____Ω．评卷人得分六、作图题(共1题，共4分)28、如图中；用力的图示法把水平向右F=30N的力，分解到虚线方向上，并在图中标出两个分力的大小．

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【分析】要求卫星的线速度与轨道半径之间的关系，可根据==mr表示出线速度和周期来求解；【解析】【解答】解：人造地球卫星在绕地球做圆周运动时地球对卫星的引力提供圆周运动的向心力==mr

解得v=T=2π

显然轨道半径r越大，卫星运动的周期越大，轨道半径r越大，线速度越小，动能越小．所以Ek2＞Ek1，T2＜T1．

故A；B、D错误；C正确．

故选：C．2、C【分析】【分析】点电荷在匀强电场中受到电场力作用，电场力是恒力，点电荷将从静止开始沿电场力方向做匀加速直线运动．【解析】【解答】解：A；点电荷在匀强电场中受到电场力作用；电场力F=qE，E恒定，电场力是恒力．故A错误．

B；C、D点电荷只受电场力作用；电场力是恒力，根据牛顿第二定律得知点电荷的加速度将保持不变，则得该点电荷将从静止开始沿电场力方向做匀加速直线运动．故C正确，BD错误．

故选C3、B【分析】

当小球在液体中匀速运动时；设速度大小为v，则阻力大小为：

f阻=kv

由图得到：v==2df

则：f阻=kv=2kdf

根据平衡条件得：

mg=F浮+f阻

代入解得：

k=

故选B

【解析】【答案】由图可知；最后小球做匀速直线运动，求出小球在液体中匀速运动时的速度，得到阻力与速度的关系式，此时小球受到重力；浮力和阻力三力平衡，根据平衡条件求出k．

4、D【分析】【解析】在t时间内通过电路横截面积的总电荷量为所以产生的电流为所以D正确，思路分析：根据公式计算试题【解析】【答案】D5、D【分析】【解析】

试题分析：粒子从A点进，在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，从圆周上面的B点出，设圆周运动圆心为半径为则AB为公共弦长，弦的垂直平分线过圆心，既过O点又过根据几何关系可得所以粒子出磁场的速度沿圆形磁场的半径方向，出射方向的反向延长线一定过O点，选项A错。粒子圆周运动的圆心角设为则有粒子做圆周运动的周期根据洛伦兹力提供向心力即得速度越大的粒子，半径越大，那么转过的圆心角越小，运动时间越短，选项BC错。若粒子速率满足v=qBR/m，则圆周运动半径转过圆心角所以速度偏向角等于即出射方向与入射方向垂直，选项D对。

考点：带电粒子在匀强磁场中的运动【解析】【答案】D6、A【分析】解：设地球的半径为R，地球表面的物体重力等于万有引力，有：G=mg0

物体刚好脱离地面，万有引力提供物体做圆周运动的向心力，有：G=mRω02

联立解得：M=故A正确BCD。

故选：A。

根据地球表面重力等于万有引力；物体刚好脱离地面，万有引力提供物体做圆周运动的向心力，分别列式可求解；

本题关键抓住万有引力提供向心力和地球表面重力等于万有引力列方程求解。【解析】A二、填空题(共9题，共18分)7、10500【分析】【分析】在速度-时间图象中，图线的斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的面积表示位移．根据数学知识求解．【解析】【解答】解：0-10s物体运动的加速度大小为a===-10m/s2，加速度大小为10m/s2．10s内物体的位移为x=m=500m

故答案为：10、500．8、816【分析】【分析】（1）物体在星球表面做自由落体运动，加速度即为火星上的重力加速度，根据自由落体运动的位移公式h=gt2求解．

（2）根据位移公式h=gt2，即可求解前2s内的位移．【解析】【解答】解：假设火星上的重力加速度大小为g，根据自由落体运动公式有：h=gt2；

得：g==m/s2=8m/s2

前2s内的位移为：h=gt2=×8×22=16m

故答案为：8，16．9、4【分析】【分析】当牵引力等于重力时，上升的速度最大，根据v=即可求解．【解析】【解答】解：当牵引力等于重力时；上升的速度最大，则有：

F=mg=2.5×102×10=2.5×103N；

则最大速度为：

v=

故答案为：410、3【分析】【分析】连接AC，在AC上找出与B点等电势点，作出等势线，再过D作出等势线，在AC线上找出与D等势点，再确定D点的电势．根据电场线与等势面的关系作出电场线．【解析】【解答】解：匀强电场中，由公式U=Ed知沿着任意方向每前进相同的距离，电势差都相等，故连接AC，AC连线的中点为E，则E点的电势为φE==V=3V

连接BE，则BE为一条等势线，D点在BE连线上，所以D点电势UD=3V．

过A点作出垂直于BE的有向线段；由高电势点A直线BE，如图中红线所示，即为电场线．

故答案为：3V．电场线如图所示．11、0.5【分析】【分析】（1）根据胡克定律求出弹簧的劲度系数．

（2）在水平面上运动时，根据胡克定律求出弹簧的拉力，从而得出滑动摩擦力的方向，根据滑动摩擦力的公式求出动摩擦因数．【解析】【解答】解：根据胡克定律得，k==．

弹簧的弹力F=kx′=×0.02N=0.5mg．

根据平衡知；摩擦力的大小为f=μmg=0.5mg．

则动摩擦因数μ=0.5．

故答案为：0.5．12、略

【分析】

（1）在0到L段匀速运动，金属棒受力平衡：B1I1L=G1

可以得到电流表达式：

L到2L段，感应电流为：

安培力为：

又由：B2I2v=4G1

得：

由右手定则知电流方向与I1方向相反；

在这段位移X2内产生的平均动生电动势为：

产生的电热为：

Q=U2I2t

=B2△XI2L

又由能量守恒知；这段位移内能量转化为：重力势能转化为电热．

mgh=B2△XI2L

整理得到：

可知这段位移内电流与位移成反比，初始电流为4A，方向与I1方向相反．

又题目告知：到达下边界金属棒达到匀速，说明在下边界安培力等于G1；则在下边界的电流为2A．

故这段时间内的图象如图．

（2）2L到3L这段无磁场；故电流为零．

（3）与0到L段同理，可知3L到4L这段位移内的电流和位移的关系也是反比，末电流也是2A，方向与I1方向相同．

其初始速度应为它经2L到3L这段无磁场区加速后的速度：

v=v+gsinθ•t

由于平均速度比v大，而初始区域的平均速度为：故其时间应该小于在初始区域的运动时间的一半，两者加速度相等，都是gsinθ，故其速度的增加应小初速度的．即其初速度应小于2.5v．

又由可知感应电流与速度成正比，所以在这段位移的初始电流应小于2.5A．故图象的起始点应在电流为2.5A稍下方．

则这段图象如图．

综上可以得到最终的I--X图象如图：

【解析】【答案】在0到L段匀速运动；金属棒受力平衡，可以得到电流表达式．

L到2L段；由于磁场强度增大一倍，金属棒受的安培力大于重力向下的分力，故金属棒做匀减速直线运动．由公式可知其大小为0到L段的两倍．

由电磁感应可以求的L到2L的平均感应电动势；由电功表达式可以求得这段位移的电功，再由能量守恒可以求得这段位移的电流与位移成反比．

又在L到2L的下边界又变成匀速运动；可知在下边界的电流与0到L段的电流相等．所以可以做出L到2L的I-L图象．

2L到3L这段没有磁场；故没有电流。

3L到4这段同理可以得到图象．

13、【分析】【分析】对A、B组成的系统研究，根据牛顿第二定律求出整体的加速度大小．【解析】【解答】解：对A、B组成的系统研究，根据牛顿第二定律得，a=．

故答案为：．14、-300【分析】【分析】电子垂直进入匀强电场中，做类平抛运动，作出电子经过B点时速度的分解图，求出经过B点时的速度，根据动能定理求解A、B两点间的电势差．【解析】【解答】解：将电子经过B点的速度进行分解可知：

vBcos60°=v0

解得：vB=2v0

由Ek=，可得经过B点时电子的动能为EkB=4Ek0=400eV

又根据动能定理得：-eUAB=-4Ek0=300eV

故UAB=-300V

故答案为：-300．15、sA＞sC＞sBxA=xB=xC【分析】【分析】根据轨迹的长度直接比较路程的大小；位移取决于初、末位置，与路径无关．【解析】【解答】解：由图看出，A轨迹的长度最大，路程最大，B轨迹的长度最小，路程最小，则它们行走的路程sA＞sC＞sB．

由图看出，A、B、C三个小分队起点与终点都相同，则位移相同，xA=xB=xC．

故答案为：sA＞sC＞sB，xA=xB=xC．三、判断题(共5题，共10分)16、×【分析】【分析】根据电场强度的定义式E=变形得到F与E的关系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根据电场强度的定义式E=得：F=qE

可知电场力与电场强度和电荷量都有关；则电场力大的地方电场强度不一定大，故该判断是错的．

故答案为：×．17、×【分析】【分析】加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．【解析】【解答】解：加速度是反映速度变化快慢的物理量．根据牛顿第二定律可知；加速度的方向与物体受到的合外力的方向相同；

结合速度与加速度的关系可知；当加速度方向与速度方向相同，加速度减小，速度增大．当物体的加速度方向与速度方向相反，速度减小．

所以作用在物体上的合外力减小时；速度可能随之减小，也可能随之增大．所以以上说法是错误的．

故答案为：×18、×【分析】【分析】从微观上说，系统内能是构成系统的所有分子无规则运动动能、分子间相互作用势能的总和，是大量分子的统计规律．【解析】【解答】解：物体内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和；注意是物体的内能，不是分子的内能；

故答案为：×19、×【分析】【分析】机械能包括动能和重力势能，速度为零说明动能为零．【解析】【解答】解：物体的速度为零时；则动能为零，但重力势能不一定为零，所以机械能不一定为零，故错误．

故答案为：×20、×【分析】【分析】重心是物体的等效作用点，不是物体上最重的一点，重心可以在物体上，也可以不在物体上．【解析】【解答】解：重心是物体所受重力的等效作用点；不是物体上最重的一点；有的物体重心根本不在物体上，如玻璃杯，圆环，皮球等等，故说法错误．

故答案为：×四、推断题(共3题，共9分)21、rm{(1)+3}

rm{(2)Cr}rm{Fe}rm{2.8N_{A;;;;;;}}陶瓷在高温下会与rm{Na_{2}CO_{3}}反应

rm{(3)}将蒸馏水沿着玻璃棒慢慢倒入漏斗中浸没沉淀，待水流尽后，再重复操作rm{2隆芦3}次

rm{(4)4CrO_{4}^{2-}+6S+7H2O=4Cr(OH)_{3}隆媒+3{S}_{2}O_{3}^{2-}+2OH^{?}}rm{(4)4CrO_{4}^{2-}

+6S+7H2O=4Cr(OH)_{3}隆媒+3{S}_{2}O_{3}^{2-}+2OH^{?}}

rm{H_{2}SiO_{3;;}}rm{(5)5.0}【分析】【分析】本题以工艺流程为载体，考查氧化还原反应、基本实验操作和溶度积，侧重考查学生分析问题和解决问题的能力，题目难度中等。【解答】rm{(1)}亚铬酸亚铁中铁为rm{+2}价，根据正负化合价代数和为rm{0}则rm{Cr}的化合价为rm{+3}价，故答案为：rm{+3}rm{(2)}反应rm{4FeO隆陇Cr_{2}O_{3}+8Na_{2}CO_{3}+7O_{2}overset{赂脽脦脗}{=}8Na_{2}CrO_{4}+2Fe_{2}O_{3}+8CO_{2}}中rm{4FeO隆陇Cr_{2}O_{3}+8Na_{2}CO_{3}+7O_{2}overset{赂脽脦脗}{=}

8Na_{2}CrO_{4}+2Fe_{2}O_{3}+8CO_{2}}由亚铬酸亚铁中rm{Fe}价升高为rm{+2}中的rm{Fe_{2}O_{3}}价，rm{+3}由亚铬酸亚铁中的rm{Cr}价升高为rm{+3}中的rm{Na_{2}CrO_{4}}价，rm{+6}得电子化合价降低，故rm{O_{2}}得电子数为电子转移数，根据方程式反应rm{O_{2}}即转移rm{7molO_{2}}生成rm{28mole^{-}}则产生rm{320gFe_{2}O_{3}}转移电子的物质的量rm{32gFe_{2}O_{3}}数目为rm{2.8mol}该步骤不能使用陶瓷容器，因纯碱与陶瓷中的rm{2.8N_{A}}反应生成硅酸钠，故答案为：rm{SiO_{2}}rm{Cr}rm{Fe}陶瓷在高温下会与rm{2.8N_{A}}反应；rm{Na_{2}CO_{3}}洗涤沉淀的操作为：将蒸馏水沿着玻璃棒慢慢倒入漏斗中浸没沉淀，待水流尽后，再重复操作rm{(3)}次，故答案为：将蒸馏水沿着玻璃棒慢慢倒入漏斗中浸没沉淀，待水流尽后，再重复操作rm{2隆芦3}次；rm{2隆芦3}硫磺在与铬酸钠的反应中转化为硫代硫酸钠，硫元素有rm{(4)}价升高为硫代硫酸钠的rm{0}价，有图像可知铬酸钠中rm{+2}价的铬化合价降低为rm{+6}价，离子方程式为：rm{4CrO_{4}^{2-}+6S+7H2O=4Cr(OH)_{3}隆媒+3{S}_{2}O_{3}^{2-}+2OH^{?}}铬铁矿粉与纯碱反应时，其中的二氧化硅与纯碱反应生成硅酸钠，rm{+3}与rm{4CrO_{4}^{2-}

+6S+7H2O=4Cr(OH)_{3}隆媒+3{S}_{2}O_{3}^{2-}+2OH^{?}}反应生成rm{Na_{2}SiO_{3}}故滤渣中还有rm{H_{2}SO_{4}}故答案为：rm{4CrO_{4}^{2-}+6S+7H2O=4Cr(OH)_{3}隆媒+3{S}_{2}O_{3}^{2-}+2OH^{?}}rm{H_{2}SiO_{3}}rm{H_{2}SiO_{3}}当rm{4CrO_{4}^{2-}

+6S+7H2O=4Cr(OH)_{3}隆媒+3{S}_{2}O_{3}^{2-}+2OH^{?}}在溶液中浓度为rm{H_{2}SiO3}时，视为完全沉淀，则此时rm{c(Cr^{3+})隆脕c^{3}(OH^{-})=1.0隆脕10^{-32}}rm{c(OH^{-})=sqrt[3]{dfrac{{K}_{sp}left[Cr{left(OHright)}_{3}right]}{cleft(C{r}^{3+}right)}}=sqrt[3]{dfrac{1.0隆脕{10}^{-32}}{1隆脕{10}^{-5}}}=10^{-9}}则rm{(5)}rm{Cr^{3+}}故答案为：rm{1.0隆脕10^{-5}}rm{c(Cr^{3+})隆脕

c^{3}(OH^{-})=1.0隆脕10^{-32}}【解析】rm{(1)+3}rm{(2)Cr}rm{Fe}rm{2.8N_{A;;;;;;}}陶瓷在高温下会与rm{Na_{2}CO_{3}}反应rm{(3)}将蒸馏水沿着玻璃棒慢慢倒入漏斗中浸没沉淀，待水流尽后，再重复操作rm{2隆芦3}次rm{(4)4CrO_{4}^{2-}+6S+7H2O=4Cr(OH)_{3}隆媒+3{S}_{2}O_{3}^{2-}+2OH^{?}}rm{(4)4CrO_{4}^{2-}

+6S+7H2O=4Cr(OH)_{3}隆媒+3{S}_{2}O_{3}^{2-}+2OH^{?}}rm{H_{2}SiO_{3;;}}rm{(5)5.0}22、（1）CH≡CH

（2）酯基NaOH水溶液、加热

（3）B、C

（4）取代反应（或酯化反应）

（5）6（或）

（6）【分析】【分析】本题考查有机物的推断与合成，充分利用转化中有机物的结构与反应条件进行推断，熟练掌握官能团的性质与转化，较好的考查学生分析推理能力、知识迁移运用能力，难度较大。【解答】反应rm{垄脵}反应rm{垄脷}反应rm{垄脻}的原子利用率均为rm{100%}属于加成反应，结合反应rm{垄脷}的产物，可知烃rm{A}为rm{HC隆脭CH}rm{B}为反应rm{垄脵}反应rm{垄脷}的原子利用率均为rm{垄脻}属于加成反应，结合反应rm{100%}的产物，可知烃rm{垄脷}为rm{A}rm{HC隆脭CH}为rm{B}的相对分子质量为，而rm{G}的相对分子质量为rm{78}则rm{G}为则rm{G}为rm{78}可以发出催化氧化生成rm{G}rm{.C}可以发出催化氧化生成rm{D}rm{D}发生信息中rm{I}的反应，则反应rm{垄脹}为卤代烃在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生的水解反应，则rm{C}为发生信息中rm{.C}的反应，则反应rm{D}为卤代烃在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生的水解反应，则rm{D}为rm{I}为rm{垄脹}为rm{C}为，rm{D}为在浓硫酸、加热条件下发生消去反应得到rm{D}，rm{E}为由以上分析可知rm{E}为，rm{F}为，故答案为：rm{F}，rm{F}在浓硫酸、加热条件下发生消去反应得到rm{X}根据rm{F}的结构简式可知rm{X}中的官能团名称为酯基，反应rm{(1)}为卤代烃在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生的水解反应，故答案为：酯基；rm{A}为rm{HC隆脭CH}水溶液、加热；rm{A}．rm{HC隆脭CH}药物rm{CH隆脭CH}与足量的钠反应可以生成rm{(2)}氢气，标况下氢气体积为rm{Z}但氢气不一定处于标况下，故A错误；B.rm{Z}中的官能团名称为酯基的分子式为rm{Z}rm{垄脹}rm{NaOH}rm{(3)A}羟基、羧基能与钠反应生成氢气，rm{1mol}药物rm{Y}与足量的钠反应可以生成rm{1.5mol}氢气，标况下氢气体积为rm{33.6L}但氢气不一定处于标况下，故A错误；rm{1mol}rm{Y}C.rm{1.5mol}中rm{33.6L}药物rm{Y}的分子式为rm{C}rm{Y}三处rm{C}的电离程度由大到小的顺序是rm{{,!}_{8}}故C正确；D.rm{H}药物rm{H}与rm{{,!}_{8}}rm{0}rm{0}中酚羟基的邻位能与浓溴水发生取代反应，rm{{,!}_{4}}消耗，含有醇羟基，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B正确；羧基酸性最强，酚羟基酸性很弱，醇羟基表现为中性，药物rm{Y}中rm{垄脼}rm{垄脽}rm{垄脿}三处rm{-OH}的电离程度由大到小的顺序是rm{垄脿>垄脼>垄脽}故C正确；rm{Y}故答案为：rm{垄脼}rm{垄脽}rm{垄脿}rm{-OH}的化学方程式：rm{垄脿>垄脼>垄脽}取代反应苯环与氢气发生加成反应，rm{1mol}药物rm{Y}与rm{3molH}或酯化反应rm{1mol}rm{Y}的化学方程式故答案为：取代反应rm{3molH}或酯化反应rm{{,!}_{2}}加成，rm{Y}中酚羟基的邻位能与浓溴水发生取代反应，rm{1molY}消耗rm{2molBr}rm{Y}rm{1molY}溶液可以发生显色反应，则含有酚羟基，且是苯的二元取代物；rm{2molBr}能发生银镜反应和水解反应，则另一取代基为rm{{,!}_{2}}或，故D错误；分别有邻间对rm{B}种结构，共rm{C}种同分异构体，其中rm{(4)}个峰的结构简式为反应rm{E-F}的化学方程式：或rm{E-F}，故答案为：，为rm{(}或rm{)}；反应rm{F隆煤X}的化学方程式rm{F隆煤X}发生加成反应、酸性条件下水解得到rm{(}rm{)}rm{(5)垄脵}遇rm{FeCl_{3}}rm{垄脷}rm{HCOOCH_{2}CH_{2}-}故答案为：rm{HCOOCH(CH_{3})-}【解析】rm{(1)CH隆脭CH}rm{(2)}酯基rm{NaOH}水溶液、加热rm{(3)B}rm{C}rm{(4)}取代反应rm{(}或酯化反应rm{)}rm{(5)6}rm{(}或rm{)}rm{(6)}23、rm{(1)}rm{2隆陋}丙醇。

rm{(2)}羟基加聚反应rm{O_{2}}rm{Cu/Ag}加热

rm{(3)}rm{+NaOH}rm{+NaCl}

rm{(4)垄脵4}

rm{垄脷}【分析】【分析】本题考查有机物推断，根据物质分子式、反应条件、题给信息进行推断，熟练掌握官能团的性质与转化，侧重考查学生分析推理能力，题目难度中等。【解答】根据已知信息rm{垄脵}结合rm{A隆煤B隆煤C隆煤D隆煤E}的反应条件可知，rm{A}为甲苯，rm{B}为结合rm{垄脵}的反应条件可知，rm{A隆煤B隆煤C隆煤D隆煤E}为甲苯，rm{A}为rm{B}为苯甲醇，，rm{C}为苯甲醇，rm{D}为苯甲醛，rm{E}为苯甲酸；根据已知信息rm{垄脷}结合rm{I隆煤F}rm{I隆煤G}的反应条件可知，rm{I}为rm{CH}为苯甲醛，rm{C}为苯甲酸；根据已知信息rm{D}结合rm{E}rm{垄脷}的反应条件可知，rm{I隆煤F}为rm{I隆煤G}rm{I}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{CHClCH}为rm{CHClCH}rm{{,!}_{3}}，rm{F}为rm{CH}rm{F}rm{CH}为rm{{,!}_{3}}rm{CHOHCH}rm{CHOHCH}rm{{,!}_{3}}，rm{G}为rm{CH}

rm{G}由以上可知rm{CH}为rm{{,!}_{2}}为rm{=CHCH}其名称为rm{=CHCH}丙醇，故答案为：rm{{,!}_{3}}丙醇；。为苯甲醇，其官能团为羟基；rm{(1)}的反应类型为加聚反应；发生反应rm{B}的条件是rm{F}rm{CH_{3}CHOHCH_{3}}加热，故答案为：羟基；加聚反应；rm{2隆陋}rm{2隆陋}加热；rm{(2)C}rm{G隆煤J}的反应类型为加聚反应；发生反应rm{垄脵}的条件是的化学方程式为rm{G隆煤J}rm{垄脵}故答案为：rm{O_{2}}rm{Cu/Ag}rm{O_{2}}rm{Cu/Ag}的同分异构体为芳香族化合物，它与rm{(3)}具有相同的官能团，含有羧基，可以是苯乙酸，可以含有甲基、反应rm{B隆煤C}的化学方程式为有邻、间、对rm{B隆煤C}种，共有rm{+NaOH}种，故答案为：rm{+NaCl}rm{+NaOH}rm{+NaCl}的同分异构体能发生银镜反应，也能使rm{(4)垄脵}若rm{X}的同分异构体为芳香族化合物，它与rm{E}具有相同的官能团，含有羧基，可以是苯乙酸，可以含有甲基、rm{-COOH}有邻、间、对rm{3}种，共有rm{4}种rm{X}的这种同分异构体的结构简式故答案为：rm{E}【解析】rm{(1)}rm{2隆陋}丙醇。

rm{(2)}羟基加聚反应rm{O_{2}}rm{Cu/Ag}加热rm{(3)}rm{+NaOH}rm{+NaCl}rm{(4)垄脵4}

rm{垄脷}五、实验题(共4题，共40分)24、8.60010.15【分析】【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】【解答】解：（1）螺旋测微器的固定刻度为8.5mm；可动刻度为10.0×0.01mm=0.100mm，所以最终读数为8.5mm+0.100mm=8.600mm．

（2）20分度的游标卡尺；精确度是0