2025年粤教版必修1物理下册月考试卷含答案

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A.两球在t=4s时相距最远B.两球在t=8s时相遇C.两球在t=2s时刻速度相同D.甲、乙两小球做的是初速度方向相反的匀变速直线运动，加速度大小相同，方向相同5、体育课上一学生将足球踢向斜台；如图所示，下列关于足球和斜台作用时斜台给足球的弹力方向的说法正确的是()

A.沿v1的方向B.沿v2的方向C.先沿v1的方向后沿v2的方向D.沿垂直于斜台斜向左上方的方向6、如图所示，光滑的水平面上，质量均为m的A、B两个小球之间系一根轻质弹簧，A紧靠墙壁，系统在推力F作用下处于静止状态，在突然撤去力F的瞬间（）

A.A球加速度的大小为B.A球加速度的大小为C.B球加速度的大小为D.B球加速度的大小为评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、一质点沿直线Ox方向运动，它离开O点的距离x随时间变化的关系为x=8﹣t2（m），则下列说法正确的是（）A.该质点做的是加速度为﹣2m/s2的匀减速直线运动B.该质点在t=0到t=2s间的平均速度大小为2m/sC.该质点在t=4s时的速度大小为8m/sD.该质点在t=0到t=4s间的位移大小为8m8、甲；乙两辆玩具小汽车同时同地沿同一条平直路面并排行驶；速度-时间图像如图所示．下列说法正确的是。

A.甲车在0到内的平均速度大小为B.甲车启动的加速度大小为C.末乙车位于甲车前方4m处D.时两车停在同一位置9、如图所示，某质点做匀变速直线运动，依次经过A、B、C三点，最后停在D点.已知AB＝12m，BC＝8m，从A点运动到B点，从B点运动到C点两个过程速度变化量大小都为4m/s，则下列说法正确的是()

A.质点的加速度大小为4m/s2B.A、D两点间的距离为24.5mC.质点从A点运动到C点的时间为4sD.质点到达B点时速度大小为5m/s10、—条不可伸长的轻绳跨过质量可忽略不计的定滑轮,轻绳的一端系一质量m=15kg的重物,重物静止于地面上,有一质量m´=10kg的猴子,从轻绳的另一端沿轻绳向上爬,如图所示,不计滑轮与轻绳间的一切摩擦,且重物始终不离开地面,g取10m/s2．下列说法正确的是()

A.猴子受到轻绳对它向上的拉力B.若猴子匀速向上爬,则重物对地面的压力为100NC.猴子向上运动的加速度越大,重物对地面的压力越大D.猴子向上运动的最大加速度为5m/s211、如图所示，小车内有一质量为m的物块，一轻质弹簧两端与小车和物块相连，处于压缩状态且在弹性限度内，弹簧的劲度系数为k，形变量为x，物块和小车之间的动摩擦因数为μ；设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，运动过程中，物块和小车始终保持相对静止，则下列说法正确的是()

A.若μmg小于kx，则小车的加速度方向一定向左B.若μmg小于kx，则小车的加速度最小值为a＝且小车只能向左加速运动C.若μmg大于kx，则小车的加速度方向可以向左也可以向右D.若μmg大于kx，则小车的加速度最大值为最小值为12、做变速直线运动的物体的初速度为6m/s，经过10s速度的大小变为20m/s，则平均加速度的大小可能是（）A.0.8m/s2B.1.4m/s2C.2.6m/s2D.2.0m/s213、如图所示，在水平面上固定着四个完全相同的木块，一颗子弹以水平速度v射入。若子弹在木块中做匀减速直线运动，当穿透第四个木块（即D位置）时速度恰好为零；下列说法正确的是（）

A.子弹从O运动到D全过程的平均速度小于B点的瞬时速度B.子弹通过每一部分时，其速度变化量C.子弹到达各点的速率D.子弹穿过每个木块经历的时间14、关于重力、弹力、摩擦力，下列说法中正确的是（）A.一圆形薄板，重心一定在其圆心处，若将其中央挖去一个小圆，重心位置不变B.放在桌面上的书对桌面产生了压力，其原因是桌面发生了形变C.接触面间的摩擦力方向总是与这个接触面间的弹力方向垂直D.滑动摩擦力的方向可以和运动方向垂直15、将一小物块轻放在足够长的水平传送带上，之后物块在传送带上运动的v-t图象如图所示，设物块与传送带间的动摩擦因数为则下列说法中正确的是（）

A.传送带可能先做匀速运动后做匀减速直线运动B.物块在运动过程中一直与传送带间发生相对滑动C.传送带可能一直做匀减速运动且加速度大于D.物块在匀减速运动阶段的加速度一定小于评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、一辆汽车以加速度a起动时，有一辆自行车刚好以速度v匀速从旁边驶过，汽车追上自行车所需时间为___________，追上时汽车的速度大小为___________。17、某同学将数字式体重计放在电梯的水平地板上．在电梯运动过程中，该同学站在体重计上不动．如图表示电梯从静止开始竖直上升过程中的速度v随时间t变化的关系．已知该同学的质量是50kg．重力加速度g取10m/s2．那么，在19s内电梯上升的高度是_______m．在19s内对体重计示数的压力最大值与最小值之差是_________N．

18、如果没有限制，同一个力F可以分解为______对大小、方向不同的分力。19、用______测出小车的质量m，并把数值记录下来。20、某物体做直线运动，运动时间t内位移为s，物体的图像如图所示，则物体运动的加速度大小为__________m/s2，0-2s内的平均速度大小为__________m/s

21、如图所示，质量为m的质点以初速度v0向右上方运动，v0与竖直方向的夹角为不计空气阻力．为保持质点沿直线运动，需再施加外力F的作用，则F至少为__________;若则质点机械能大小的变化情况是__________．(取sin37°=0.6,cos37°=0.8)

评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)22、如图所示；在时间轴上标出“第3s初”“第3s末”“第3s内”“前3s内”。

23、画出下列处于匀速直线运动物体A的受力分析图（各接触面均粗糙）

24、如图所示，某人在A点用与水平方向成45°；大小为60N的力斜向左上方拉小车；请作出该力的图示。

评卷人得分五、实验题(共4题，共40分)25、图1螺旋测微器读数为________mm，图2游标卡尺读数为________cm。

26、“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验装置如图所示，让刻度尺零刻度与弹簧上端平齐，然后在弹簧下端分别挂上2、3、4、5、6和7个相同的钩码（每个钩码的质量均为取前6个砝码的数据，重力加速度g取），记录弹簧下端相应位置的读数然后逐个减去钩码，同样记录弹簧下端相应位置的读数并计算得到弹簧下端相应位置值其数据如下表。

弹簧下端挂钩码的个数加钩码相应位置值减钩码相应位置值14.194.214.2025.405.435.4236.416.436.4247.527.587.5558.838.878.85610.0010.0410.02

（1）为计算弹簧的劲度系数，应选用__________数据；

A.加钩码时相应位置值B.减钩码相应位置值C.

（2）用下列坐标纸，作图法__________求出弹簧劲度系数__________（保留3位有效数字）；

（3）为减小实验误差，在选用钩码时需考虑的因素有_________。27、一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中：

在做该实验时，通过处理数据得到了左图所示的图像，其中F为弹簧弹力，x为弹簧伸长量。图像不过原点的原因是__________________，请通过图甲，分析并计算，该弹簧的劲度系数_______该同学将该弹簧制成一把弹簧秤当弹簧秤的示数如图所示时，此时弹簧弹力为_______N。

28、某同学用图甲装置来“探究物体加速度与力；质量的关系”。他将砂和小桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小；通过改变小桶中砂的质量改变拉力。为使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，实验中需要平衡阻力。

（1）他用小木块将长木板的右侧垫高来平衡阻力。具体操作是：将木板的一侧适当垫高后，把装有纸带的小车放在木板上，纸带穿过打点计时器，在_______（选填“挂”或“不挂”）小桶并且打点计时器打点的情况下，轻轻推一下小车，若小车拖着纸带做_______运动；则表明消除了阻力的影响。

（2）在一次实验中，该同学得到如图乙所示的纸带。已知打点计时器所用电源频率为50Hz。A、B、C、D、E、F、G是纸带上打出的7个连续的点。由此可算出小车的加速度a＝_______m/s2（结果保留两位有效数字）。

（3）他在探究小车加速度a与所受拉力F的关系时，根据实验数据作出的a-F图像如图丙所示。发现图线不过原点，原因可能是_______。

A．木板一端垫得过高。

B．木板一端垫得过低。

C．砂和小桶的总质量太大了

D．砂和小桶的总质量太小了

（4）另一同学利用如图丁所示的装置测定导轨上滑块运动的加速度，滑块上安装了宽度为d的遮光板。滑块在牵引力作用下先后通过两个光电门A、B，配套的数字毫秒计(图中未画出)记录了遮光板通过第一个光电门A的时间为遮光板通过第二个光电门B的时间为两个光电门A、B间距离为L，则滑块的加速度表达式为a=_______(用题中字母表示)。

评卷人得分六、解答题(共4题，共12分)29、如图所示为某物体做直线运动的v-t图象；求：

(1)物体0~2s和5s~8s的加速度的大小；

(2)8s内物体的位移的大小。

30、在某次跳水比赛中，一位运动员从离水面10m高的平台上向上跃起，举起双臂直体离开台面，此时其重心位于从手到脚全长的中点，跃起后重心升高0.45m达到最高点，落水时身体竖直，手先入水（在此过程中运动员水平方向的运动忽略不计），求：（计算时，可以把运动员看做全部质量集中在重心的一个质点，g取）

（1）运动员起跳时的速度．

（2）从离开跳台到手接触水面所经历的时间t（结果保留3位有效数字）．

31、A、B两棒均长1m，A棒悬挂于天花板上，B棒与A棒在一条竖直线上，直立在地面，A棒的下端与B棒的上端之间相距s，如图所示，某时刻烧断悬挂A棒的绳子，同时将B棒以20m/s的初速度竖直上抛，若空气阻力可忽略不计，且g=10m/s2；试求：

（1）A、B两棒出发后何时相遇；

（2）A、B两棒相遇后；交错而过需用多少时间。

32、如图所示，一倾角θ＝的粗糙斜面体足够长，斜面体上有一质量为M＝1kg的木板，t＝0时刻另一质量为m＝1kg的木块(可视为质点)以初速度v0＝20m/s从木板下端沿斜面体向上冲上木板，同时给木板施加一个沿斜面体向上的拉力F＝14N，使木板从静止开始运动．当t＝2s时撤去拉力F，已知木板和木块间动摩擦因数μ1＝0.25，木板和斜面体间动摩擦因数μ2＝0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：(sin＝0.6，cos＝0.8，g＝10m/s2)

(1)前2s内木块和木板的加速度；

(2)若要求木块不从木板的上端冲出；求木板至少多长．

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【详解】

A；题中“9小时50分30秒”是指木星自转一周的时间；是一个时间段，不是时刻，故A项错误；

B；当物体的质量、大小和形状对研究的问题忽略不计时；可以将这个物体看成质点，所以说木星的体积和质量太大，不能看做质点是错误的，另外，研究木星自转时，木星的形状和大小不可以忽略，此时不能看做质点，故B项错误；

C；木星和地球公转一周后都回到了原点；位移都为零，都是一样大的，故C错；

D；木星和地球都是围绕太阳运行；比较它们的速度大小时，应当以太阳作为参照系，故D对；

故选D2、C【分析】【详解】

A．绕太阳公转；地球的直径比地球到太阳的距离要小得多，可以忽略不计地球的大小，可以把地球看作质点；原子核能否看作质点取决于原子核的大小和形状在所研究的问题中是否可以忽略不计，由于题目没有明确研究问题，因此无法判断是否可看作质点，A错误；

B．研究动车组通过路旁一根电线杆时；动车组大小和形状不可以忽略不计，因此动车组不可以看作质点，B错误；

C．研究奥运会乒乓球运动员打出的弧圈球时；乒乓球的大小和形状不可以忽略不计，不能看作质点，C正确；

D．研究奥运会体操运动员在平衡木上的舞蹈与翻腾动作时；不能忽略运动员的大小和形状，不可将运动员看作质点，D错误；

故选C。3、B【分析】【详解】

A．前两个力的合力范围是

第三个力是8N；不在范围内，所以合力不可能为零。故A错误；

B．前两个力的合力范围是

第三个力是6N；在范围内，所以合力可能为零。故B正确；

C．前两个力的合力范围是

第三个力是1N；不在范围内，所以合力不可能为零。故C错误；

D．前两个力的合力范围是

第三个力是3N；不在范围内，所以合力不可能为零。故D错误。

故选B。4、B【分析】【详解】

A．从零时刻到两小球速度相等；乙小球向反方向运动，甲小球向正方向运动，它们的间距在增大，直到速度相等时间距最大，有图像可知，该时间点在4s﹣6s之间，故A错误．

B．甲小球8s内的总面积为零即总位移为零；说明甲小球由回到出发点，乙小球前2s内静止，后6s内的总位移为零，说明乙小球也回到了出发点，又因为两小球从同一地点出发，所以两小球此时相遇，并且相距最近，故B正确．

C．两球在t=2s时刻甲乙两小球的速度分别为20m/s；﹣20m/s；所以它们的速率相等，方向相反，故C错误．

D．甲、乙两小球作的均做匀变速直线运动，加速度a=解得：a甲=﹣10m/s2，a乙=m/s2，故D错误．5、D【分析】【详解】

支持力是弹力；方向总是垂直于接触面，并指向被支持物.所以斜台给篮球的弹力的方向为垂直斜台向左上方方向.

A.沿v1的方向与分析结果不相符；故A项错误.

B.沿v2的方向与分析结果不相符；故B项错误.

C.先沿v1的方向后沿v2的方向与分析结果不相符；故C项错误.

D.沿垂直于斜台斜向左上方的方向与分析结果相符；故D项正确.6、D【分析】【分析】

【详解】

AB．在突然撤去力F的瞬间；弹簧的弹力保持不变，对A球受力分析，A球还是处于静止状态，所以A球的加速度为0，则AB错误；

CD．在突然撤去力F的瞬间，弹簧的弹力保持不变，对B球受力分析，由牛顿第二定律可知

所以C错误；D正确；

故选D。二、多选题(共9题，共18分)7、B:C【分析】【详解】

离开O点的距离x随时间变化的关系为x=8﹣t2（m），由匀变速直线运动的位移公式：x=v0t+at2可知：质点的初速度：v0=0m/s，加速度：a=2m/s2，质点沿x轴负方向运动，t=0时x=8m；

A．质点做加速度为2m/s2的匀加速直线运动；故A错误；

B．质点的速度：v0=0m/s

v2=at2=2×2=4m/s质点在t=0到t=2s间的平均速度大小：

=2m/s故B正确；

C．质点在t=4s时的速度大小：

v4=at4=2×4m/s=8m/s故C正确；

D．质点在t=0到t=4s间的位移大小：

x=at2=×2×42m=16m故D错误。

故选BC。8、A:C【分析】【详解】

甲车在0到4s内的位移：平均速度大小为选项A正确；甲车启动的加速度大小为选项B错误；2s末甲车的位移乙车的位移即2s末乙车位于甲车前方4m处，选项C正确；由图像的面积可看出，6s时甲的位移大于乙，则甲车停在乙的前面位置，选项D错误；故选AC.9、A:B【分析】【详解】

A、C、设加速度大小为a，AB和BC段的时间相等为由匀变速直线运动的判别式有而联立可得故故A正确；C错误.

D、由速度位移关系可得：联立解得：故D错误.

B、匀减速直线的时间为故减速距离为故B正确.

故选AB.

【点睛】

解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．本题在求解各点速度时，运用方程组求解，计算量较大，需细心．10、A:D【分析】【详解】

A.猴子在竖直方向上受到重力和绳子向上的拉力；故A正确；

B.若猴子匀速向上爬，有T=m′g=10×10N=100N

对重物分析，有：N+T=mg

解得：N=50N

则重物对地面的压力为50N；故B项错误；

C.对猴子，根据牛顿第二定律得T-m′g=ma

加速度a越大，拉力越大，对重物分析N+T=mg

可知支持力越小；则压力越小，故C错误；

D.重物不离开地面时绳子的最大拉力T=mg=150N

对猴子分析，根据牛顿第二定律得T-m′g=ma

解得最大加速度

故D项正确．11、A:C【分析】【详解】

A.若μmg小于kx；而弹簧又处于压缩状态，则物块所受弹簧弹力和静摩擦力的合力水平向左，即小车的加速度一定向左，故A正确；

B.由牛顿第二定律得kx－Ff＝ma，

当Ff＝μmg时，加速度方向向左且最小值为amin＝

随着加速度的增加，Ff减小到零后又反向增大，当再次出现Ff＝μmg时，加速度方向向左达到最大值amax＝

但小车可向左加速；也可向右减速，故B错误；

C.若μmg大于kx；则物块所受弹簧弹力和静摩擦力的合力(即加速度)可能水平向左，也可能水平向右，即小车的加速度方向可以向左也可以向右，故C正确；

D.当物块的合外力水平向右时，加速度的最大值为物块的合外力水平向左时，加速度的最大值为则小车的加速度最大值为最小值为0，故D错误．12、B:C【分析】【分析】

【详解】

速度大小由6m/s变到20m/s，可能Δv=14m/s，也可能Δv=-26m/s，由a=||可得，平均加速度大小为1.4m/s2或2.6m/s2。

故选BC。13、A:C【分析】【详解】

A．全程的平均速度等于中间时刻的瞬时速度；根据匀变速直线运动的推论可知，中间时刻的瞬时速度一定小于中间位置时的速度，故A正确；

B．由于子弹的速度越来越小；故穿过每一个木块的时间不相等，故速度的差值不相等，故B错误；

C．将子弹的运动反向视为初速度为零的匀加速直线运动，则由可知，通过的速度之比为：子弹到达各点的速率

故C正确；

D．将子弹的运动反向视为初速度为零的匀加速直线运动，则由可知，反向通过各木块用时之比为子弹穿过每个木块经历的时间

故D错误。

故选AC。14、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．如果质量分布不均匀的圆形薄板；重心就不一定在其圆心，故A错误；

B．放在桌面上的书对桌面产生了压力；其原因是书本发生了形变对跟它接触的桌面产生力的作用，故B错误；

C．由于弹力的方向垂直于接触面；而摩擦力的方向平行于接触面，因此接触面间的摩擦力方向总是与这个接触面间的弹力方向垂直，故C正确；

D．滑动摩擦力的方向总是与它们的相对运动方向相反；而与其运动方向无关，如果物体的运动方向与物体的相对运动方向垂直，则此时滑动摩擦力的方向就与运动方向垂直，因此滑动摩擦力的方向可以和运动方向垂直，故D正确。

故选CD。15、A:D【分析】【详解】

速度时间图象中，斜率表示加速度可知，两段时间内物块加速度不相同，说明开始物块相对传送带运动，后达到共同速度，一块做匀减速直线运动，且物块减速加速度小于加速运动加速度为：故传送带可能先做匀速直线运动，然后做匀减速直线运动；也可能一直匀减速直线运动，但加速度小于也可能先匀加速直线运动，后匀减速直线运动；故AD正确，BC错误；三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【详解】

[1]当位移相等时，汽车追上自行车，则有：解得追及的时间为：

[2]根据速度时间公式可得追上时汽车的速度大小为：

【解析】2v17、略

【分析】【详解】

[1].速度时间图像与时间轴所围的面积表示位移，所以可得电梯上升的高度为

[2].根据题意可知，0-6s电梯的加速度等于方向竖直向上，处于超重状态；6s-16s电梯处于平衡状态；16s-19s电梯的加速度等于方向竖直向下，处于失重状态，所以0-6s对体重计示数的压力最大，16s-19s对体重计示数的压力最小，分别为【解析】69.612018、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】无数19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】天平20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据

可得

根据图像可知，初速度大小为v0=4m/s

加速度大小

解得a=4m/s2

[2]根据

可知0-2s内的平均速度大小为0。【解析】①.4②.021、略

【分析】【详解】

[1]为保持质点沿直线运动,质点的合力必须与速度在同一直线上,运用三角形定则作出F在三种不同角度时质点的合力,如图.

可以知道,当F垂直于向上时F最小,且最小值为

[2]当由图知,F有两种可能的方向,其方向关于F取得最小时的方向对称,因为当F与成锐角,质点做匀加速直线运动,F一直对质点做正功,质点的机械能始终增大.当F与成钝角,质点先沿方向向右上方做匀减速直线运动,速度减至零后沿原方向返回做匀加速直线运动,F对质点先做负功后做正功,质点的机械能先减小后增大.【解析】当F与成锐角,质点的机械能始终增大；当F与成钝角,质点的机械能先减小后增大.．四、作图题(共3题，共21分)22、略

【分析】【详解】

在时间轴上标出“第3s初”“第3s末”“第3s内”“前3s内”如图所示。

【解析】23、略

【分析】【详解】

（a）

（b）

（c）【解析】见解析24、略

【分析】【详解】

确定标度为在拉力方向画一条带箭头的线段，力的示意图如下。

【解析】五、实验题(共4题，共40分)25、略

【分析】【详解】

[1]螺旋测微器读数为

[2]游标卡尺读数为【解析】0.9001.45026、略

【分析】【详解】

（1）[1]为计算弹簧的劲度系数，应选用数据；

（2）[2]①根据胡克定律得

以弹簧下端挂钩码的个数1为参考，求出弹簧的伸长变化量与对应的拉力的变化量。弹簧所受拉力变化量弹簧下端的坐标值伸长变化量4.200.505.421.221.006.422.221.507.553.352.008.854.652.5010.025.82

②建立坐标系，横轴一纵轴一

③描点、连线，如下图

求得

（3）[3]为减小实验误差，在选用钩码时需考虑的因素有在弹性限度内尽量采用质量大的钩码。【解析】C

43.0##43.1##43.2##43.3##43.4##43.5##43.6##43.7##43.8##43.9##44.0在弹性限度内尽量采用质量大的钩码27、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由图像可知，当F为0时弹簧有伸长量；主要原因是弹簧自重影响。

[2]根据。

可知；图像斜率代表弹簧劲度系数，所以。

[3]弹簧测力计的精度为0.1N，弹簧读数为4.00N。【解析】弹簧自身重力的影响使得未挂钩码时弹簧有一端伸长量2004.0028、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]平衡阻力时；当木板的一侧适当垫高后，把装有纸带的小车放在木板上，纸带穿过打点计时器，在不挂小桶且打点计时器正常打点时，轻推小车，如果小车拖着纸带做匀速直线运动，表面小车的重力下滑分力将阻力平衡好了；

（2）[3]根据图乙，由匀变速直线运动推论知

（3）[4]a-F图像存在纵截距；说明小车所受拉力为零时即存在加速度，原因可能是平衡摩擦力过度，即木板不带滑轮的一端垫得过高。砂和小桶的总质量太大或太小都不会使图线出现纵截距。故选A。

（4）[5]由知滑块从A到B的平均加速度为【解析】不挂匀速直线运动5.0（可允许最大正负0.1的误差）A六、解答题(共4题，共12分)29、略

【分析