2025年华师大新版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大新版高二物理下册阶段测试试卷845考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减少为原来的1/2，它们之间的相互作用力变为A.F/2B.FC.4FD.16F2、两根长度均为L的绝缘细线分别系住质量相等、电荷量均为+Q的小球a、b；并悬挂在O点。当两个小球静止时，它们处在同一高度上，且两细线与竖直方向间夹角均为α=30°，如图所示，静电力常量为k，则每个小球的质量为（）

A.B.C.D.3、平行板电容器的两极板AB

接于电池两极，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合电键K

电容器充电，这时悬线与竖直方向的夹角为娄脠

如图所示(

)

A.保持K

闭合，A

板向B

板靠近，则娄脠

变小B.保持K

闭合，A

板向B

板靠近，则娄脠

不变C.断开KA

板向B

板靠近，则娄脠

增大D.断开KA

板向B

板靠近，则娄脠

不变4、如图所示电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）A.灯泡L变亮B.电源的输出功率变小C.电容器C上电荷量减少D.电流表示数减小，电压表示数增大5、在地磁场作用下处于静止的小磁针上方,平行于小磁针水平放置一直导线,当该导线中通有电流时,小磁针会发生偏转;当通过该导线电流为I时,小磁针左偏30°,则当小磁针左偏60°时,通过导线的电流为（已知直导线在某点产生的磁场与通过直导线的电流成正比）()A.2IB.3IC.D.无法确定评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)6、把两个异种电荷靠近，电场力做____功（选填“正”或“负”）；电荷的电势能____（选填“增大”或“减小”）．7、（1）某学生用螺旋测微器在测定某一物体宽度时，测得的结果如图所示，则该物体的宽度是____．

（2）使用中值电阻（刻度中央的电阻值）为24Ω（×l挡）的多用电表测量两个定值电阻（阻值约为R1=20Ω和R2=30kΩ）．在下列一系列操作中；选出尽可能准确地测定各阻值，并符合多用电表使用规则的各项操作，按合理的顺序填写在横线的空白处：

A．转动选择开关置于“×1k”挡。

B．转动选择开关置于“×100”挡。

C．转动选择开关置于“×10”挡。

D．转动选择开关置于“×1”挡。

E．转动选择开关置于“OFF”挡。

F．将两表笔分别接触R1两端，读出Rl的阻值后随即断开。

G．将两表笔分别接触R2两端，读出R2的阻值后随即断开。

H．将两表笔短接，调节调零旋钮，使指针指在刻度线右端的“O”刻度所选操作的合理顺序是____．

8、一个电子匀强磁场中运动而不受到磁场力的作用，则电子运动的方向一定是______．9、在“用油膜法估测分子大小”的实验中；所用的油酸酒精溶液的浓度为每1000mL溶液中有纯油酸0.6mL，用注射器测得lmL上述溶液有100滴，将1滴该溶液滴入盛水的浅盘内，让油膜在水面上尽可能散开，得到油酸薄膜的轮廓形状和尺寸如图，图中正方形格的边长为1cm，则可求得：

（1）油酸薄膜的面积是______cm2；

（2）油酸分子的直径是______m（结果保留两位有效数字）；

（3）利用单分子油膜法还可以粗测阿伏加德罗常数．如果已知体积为V的一滴油在水面上散开形成的单分子油膜的面积为S，这种油的密度为ρ，摩尔质量为M．则阿伏加德罗常数的表达式为______．10、使物体带电的方法有：摩擦起电、______和______．11、如图所示的电路中，电源电动势E=12V

内电阻r=2娄赂M

为一小电动机，其内部线圈的导线电阻RM=4娄赂.R

为一只保护电阻，R=6娄赂.

电动机正常运转时，电压表(

可当作理想电表)

的示数为3V

则流过电动机的电流为______A

电动机的输出功率为______W.

12、如图所示，平行金属导轨间距为d，一端跨接一阻值为R的电阻，匀强磁场磁感强度为B，方向垂直轨道所在平面，一根长直金属棒与轨道成60°角放置，当金属以垂直棒的恒定速度v沿金属轨道滑行时，电阻R中的电流大小为________，方向为________。（不计轨道与棒的电阻）13、（6分）用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素(如图)．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ.实验中，极板所带电荷量不变，则：（1）保持S不变，增大d，则θ；（2）保持d不变，减小S，则θ。（填“变大”或“变小”）14、如图，桌面上一个条形磁铁下方的矩形线圈内的磁通量为0.04Wb.

将条形磁铁向下运动到桌面上时，线圈内磁通量为0.12Wb

则此过程中线圈内磁通量的变化量为_________Wb

若上述线圈匝数为10

匝，完成上述变化所用时间为0.1s

那么此过程中产生的感应电动势为________V

．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)15、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）16、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）17、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

18、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

19、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）20、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）21、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）22、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）23、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、简答题(共4题，共40分)24、（10分）一根弹性绳沿x轴方向放置，左端在原点O，用手握住绳的左端使其沿y轴方向做周期为1s的简谐运动，于是在绳上形成一列简谐波，如图所示。求：（1）若从波传到平衡位置在x=1m处的M质点时开始计时，那么经过的时间等于多少时，平衡位置在x=4．5m处的N质点恰好第一次沿y轴正向通过平衡位置？在图中准确画出当时弹性绳上的波形。（2）从绳的左端点开始做简谐运动起，当它通过的总路程为88cm时，N质点振动通过的总路程是多少？25、rm{(1)}甲醇质子交换膜燃料电池中将甲醇蒸气转化为氢气的一种原理是rm{CH_{3}OH(g)}和rm{H_{2}O(g)}反应生成rm{CO_{2}}和rm{H_{2}}下图是该过程中能量变化示意图，若在反应体系中加入催化剂，反应速率增大，正反应活化能rm{a}的变化是________rm{(}填“增大”、“减小”或“不变”rm{)}反应热rm{娄陇H}的变化是__________rm{(}填“增大”、“减小”或“不变”rm{)}请写出反应进程rm{CH}的变化是________rm{a}填“增大”、“减小”或“不变”rm{(}反应热rm{)}的变化是__________rm{娄陇H}填“增大”、“减小”或“不变”rm{(}请写出反应进程rm{)}rm{CH}rm{{,!}_{3}}和rm{OH(g)}和rm{H}rm{OH(g)}rm{H}反应的热化学方程式_______________。rm{{,!}_{2}}

rm{O(g)}反应的热化学方程式_______________。以rm{O(g)}燃料电池为电源电解法制取二氧化氯rm{(2)}为一种黄绿色气体，是国际上公认的高效、广谱、快速、安全的杀菌消毒剂。rm{CH_{3}OH}燃料电池放电过程中，通入rm{ClO_{2}}的电极附近溶液的rm{(ClO_{2})}________rm{垄脵CH_{3}OH}填“增大”、“减小”或“不变”rm{O_{2}}负极反应式为___________。rm{pH}下图中电解池用石墨作电极，在一定条件下电解饱和食盐水制取rm{(}阳极产生rm{)}的反应式为________________________________。

rm{垄脷}电解一段时间，从阴极处收集到的气体比阳极处收集到气体多rm{ClO_{2}}时rm{ClO_{2}}标准状况，忽略生成的气体溶解rm{垄脹}停止电解，通过阳离子交换膜的阳离子为________rm{6.72L}rm{(}26、【化学一选修rm{5}有机化学基础】有机物rm{PAS-Na}是一种治疗肺结核药物的有效成分，有机物rm{G}是一种食用香料，以甲苯为原料合成这两种物质的路线如下：已知：rm{垄脵}rm{垄脷}rm{(R=隆陋CH_{3}}或rm{隆陋H)}rm{垄脹}rm{垄脺}回答下列问题：rm{(1)A}的化学名称是_____________________________。rm{(2)B}中官能团的名称是____，试剂rm{a}的结构简式为____。rm{(3)}写出由rm{C隆煤D}中rm{(i)}的化学方程式____。rm{(4)}质谱图显示试剂rm{b}的相对分子质量为rm{58}分子中不含甲基，且为链状结构，写出肉桂酸与试剂rm{b}生成rm{G}的化学方式____。rm{(5)}当试剂rm{d}过量时，可以选用的试剂rm{d}是____rm{(}填字母序号rm{)}．A.rm{NaHCO_{3}}rm{B.NaOH}rm{C.Na_{2}CO_{3}}rm{(6)}肉桂酸有多种同分异构体，写出其符合下列条件的所有结构简式____。rm{a.}苯环上有三个取代基；rm{b.}能发生银镜反应，且rm{1mol}该有机物最多生成rm{4molAg}rm{c.}苯环上有两种不同化学环境氢原子。27、如图所示，UAD=350V，UBE=700V，且R1=50Ω，R2=100Ω，R4=400Ω，求R3的阻值及AE间的电流。

评卷人得分五、识图作答题(共4题，共36分)28、下图1表示绿色植物叶肉细胞部分结构中的某些生命活动过程，①～⑦代表各种物质，A、B代表两种细胞器。图2表示该植物叶片CO2吸收量随光照强度的变化曲线。据图回答下列问题：

(1)图1中B是____。光反应形成ATP的反应式为____。(2)若该绿色植物长时间处于黑暗状态时，则图中①→②→①的循环不能进行，原因是____。(3)当光照强度处于图2中的D点时，图1中⑥的去向有____。(4)图2中0～D间此幼苗光合作用有机物的净积累量为____。(用S1、S2、S3表示)(5)在晴朗天气下，给植物浇灌含18O的水，则在植物体周围的空气中含放射性物质有____。(6)若图2为植物25℃时CO2吸收量随光照强度的变化曲线。已知该植物光合作用和细胞呼吸的最适温度分别为25℃和30℃，请在图中画出30℃时(原光照强度和CO2浓度不变)相应的CO2吸收量随光照强度的变化曲线(要求在曲线上标明与图中A、B、C三点对应的a、b、c三个点的位置)。29、研究人员对某草原生态系统进行了有关生态学调査。请据图回答下列问题：（1）研究人员若要调查该草原生态系统中土壤小动物的丰富度，宜采用____________法进行取样。若要调查某种田鼠的种群密度，宜采用____________法。（2）利用几十年所调査的该草原生态系统中该种田鼠种群数量数据，计算当年种群数量与一年前种群数量的比值为λ，并得到如图所示的曲线。分析曲线可知第9年该田鼠种群的年龄组成可能为_____________型，田鼠种群数量最少是第_______年，如果维持20年前后λ的增长趋势，种群数量将呈__________型曲线増长。（3）由于鼠害日益严重，该草原生态系统的植被遭受极大的破坏，当人们意识到保护草原的重要性后，通过多种方式控制住了鼠害，草原植被也逐渐恢复，在这种演替过程中，人类发挥了巨大作用，说明人类活动往往会使群落演替按照不同于自然演替的__________进行。30、如图可表示细胞融合技术的一些过程；请据图回答：

（1）若A、B到C的过程是体外受精过程，则精子必须先进行____处理，常采用的方法是____和____．若此过程是体内受精过程，则胚胎发育到____阶段可进行冲卵．

（2）若A、B细胞为植物细胞，降解脱掉细胞壁的酶可能是____酶．A、B到C细胞的过程中，常用的物理方法是____．

（3）若该过程是制备单克隆抗体的过程，在A、B到C的过程中，A细胞为骨髓瘤细胞，B细胞为能产生抗体的B淋巴细胞，那么D细胞称为____细胞，这种细胞的特点是____．从融合细胞中选择出它的方法是在特定的____培养基中培养，筛选出该类细胞后还需进行____和____经多次筛选可获得数量足够的能分泌所需抗体的细胞．31、乙酰胆碱可作为兴奋性神经递质；其合成与释放见示意图．据图回答问题：

（1）图中A-C表示乙酰胆碱，在其合成时，能循环利用的物质是______（填“”“”或“”）．除乙酰胆碱外；生物体内的多巴胺和一氧化氮______（填“能”或“不能”）作为神经递质．

（2）当兴奋传到神经末梢时，图中突触小泡内的通过______这一跨膜运输方式释放到______；再到达突出后膜．

（3）若由于某种原因使酶失活；则突触后神经元会表现为持续______．

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】试题分析：由库仑定律可知选项C正确．考点：考查库仑定律公式的应用．【解析】【答案】D2、A【分析】【解答】对小球进行受力分析；如图所示:

设绳子对小球的拉力为T，根据平衡条件，结合三角知识，可得：根据库仑定律得，小球在水平方向受到库仑力的大小为：解得：故A正确，BCD错误.

【分析】库仑定律；共点力平衡的条件及其应用；对其中一个小球受力分析，由共点力的平衡条件可得出小球所受重力的大小和小球受到的库仑力，由库仑力公式可得出小球受到的库仑力的大小，再求得小球的质量。3、D【分析】解：对带电小球受力分析；由共点力的平衡条件可知；

Eq=mgtan娄脠E=mgtan娄脠q

A、K

闭合，则电压不变，两板靠近时，则两板间的距离减小，由E=Ud

可得E

增大；由上式可知，夹角应增大；故AB错误；

C；断开开关后；两板上的电量不变，当两板靠近时，两板间的电场强度不变，则夹角也不变，故C错误，D正确；

故选：D

．

对小球受力分析；由共点力的平衡可知其电场与夹角的关系；由平行板电容器的决定式分析极板间的电场强度的变化，从而得出夹角的变化．

本题结合受力分析问题考查电容器的动态分析，要注意正确的进行受力分析得出电场与重力的关系.

注意应用结论：当充电后断开电源时，两板间的电场强度不变．【解析】D

4、B|D【分析】【解析】试题分析：将滑动变阻器的滑片P向左移动时，其阻值增大，电路的总电阻增大，由闭合电路的欧姆定律知电路的总电流减小，即电流表示数减小，通过灯泡的电流减小，其功率减小，灯泡L变暗，A错；由知路端电压增大，即电压表示数增大，D对；由知电源的输出功率变小，B对；由知滑动变阻器两端的电压增大，得电容器两端的电压增大，由知电容器C上电荷量增加，C错。考点：电路的动态分析，电容的定义式【解析】【答案】BD5、B【分析】【详解】

由题意知；导线中电流的磁场与地磁场方向垂直，小磁针指向为合磁场方向，磁场合成情况如图所示；

易知tanθ=．则左偏45°、60°时对应的表达式为tan45°=tan60°=又因为直导线在某点产生的磁场与通过直导线的电流成正比，则当小磁针左偏60°时，通过导线的电流为I．故C正确．二、填空题(共9题，共18分)6、略

【分析】

异种电荷相互吸引；又相互靠近，电场力和运动的方向相同，所以电场力做正功，电势能减小；

故答案为：正；减小．

【解析】【答案】判断电势能的高低可以根据电势高低进行：负电荷在电势高的地方电势能低；正电荷则相反；也可以利用电场力做功：电场力做正功，电势能降低，做负功，电势能增加．电场力做功的正负，可根据速度与电场力的方向夹角判断．

7、略

【分析】

（1）螺旋测微器的读数方法：主尺+半毫米+转筒=13+0.5+37.2×0.01=13.872mm；

（2）利用欧姆表测电阻的方法：根据待测电阻的大体阻值；选择合适的倍率，使指针指在大约中央附近，每次选档后都要重新进行欧姆调零，测量完毕，将选择开关置于OFF挡．

故合理顺序为：DHFAHGE

故答案为：13.872mm；DHFAHGE

【解析】【答案】螺旋测微器的读数方法：主尺+半毫米+转筒；选择合适的倍率；使指针指在大约中央附近，每次选档后都要重新进行欧姆调零，测量完毕，将选择开关置于OFF挡．

8、略

【分析】解：粒子运动的方向与磁场方向平行；该粒子不受磁场的作用，故以原来的速度做匀速直线运动．

故答案为：平行磁场方向．

当带电粒子的运动方向与磁场平行时；不受洛伦兹力，做匀速直线运动．

本题要注意当带电粒子的运动方向与磁场平行时，不受洛伦兹力．【解析】平行磁场方向9、略

【分析】解：（1）由图示可知；油膜约占82个格，油膜的面积：

S=1cm×1cm×82=82cm2；

（2）一滴溶液中含纯油的体积：

V=×=6×10-5mL

油酸分子的直径：

d==≈7.3×10-8cm=7.3×10-10m．

（3）油酸分子的直径为：

d=

把油酸分子看成立方体形；则有。

NA•d3=

代入解得：

NA=

故答案为：

（1）82（80～85均可）；

（2）（7.3±0.2）×10-10；

（3）．

（1）由图示油膜求出油膜的面积．

（2）求出一滴溶液中含纯油的体积；然后求出油酸分子的直径．

（3）油酸溶液滴在水面上扩散后形成的油酸油膜最大面积时，形成单分子油膜，油膜的厚度等于分子直径．由油酸的体积与面积之比求出分子直径．把分子看成球形，阿伏加德罗常量为NA等于摩尔体积与分子体积之比．

油膜面积时要注意，不到半个格的要舍去，超过半个格的算一个格，数出油膜轮廓的格数，然后乘以每一个格的面积得到油膜的面积；求油的体积时要注意，求的是纯油的体积，不是溶液的体积；分子模型通常为球模型．【解析】82；7.3×10-10；10、略

【分析】解：使物体带电的方式有：摩擦起电；接触起电和感应起电；

故答案为：接触起电；感应起电；

本题考查起电方式；记住相关内容即可解答．

使物体的带电的方式有三种，注意明确使物体带电的本质都是电荷的转移．【解析】接触起电；感应起电11、略

【分析】解：电路的电流为：I=UR=36A=0.5A

电源的输出功率为：P1=EI鈭�I2r=12隆脕0.5鈭�0.52隆脕2=5.5W

电动机的电功率为：PM=P1鈭�I2R=5.5鈭�0.52隆脕6=4W

电动机的输出功率为：P2=PM鈭�I2RM=4鈭�0.52隆脕4=3W

故答案为：0.53

．

电动机正常工作时的电路是非纯电阻电路，欧姆定律U>IR.

对于R

和r

是纯电阻；可以用欧姆定律求电流.

根据功率关系求出电动机输出的功率．

对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路.

电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路．【解析】0.53

12、略

【分析】【解析】试题分析：棒中产生的感应电动势为通过R的电流为由右手定则可以判断出电阻R中电流方向向下。考点：导体切割磁感线时的感应电动势【解析】【答案】下13、略

【分析】试题分析：题目中静电计夹角的变化表示两极板电势差大小的变化．由可知S不变，d增大时，电容器的电容C减小，由可知所以电势差增大，即夹角增大；由可知d不变，S减小时，电容器的电容C减小，由可知所以电势差增大，即夹角增大．考点：本题考查电容器的动态分析问题，主要准确灵活应用定义式和决定式分析解答．【解析】【答案】（1）变大（2）变大14、0.08、8(每空2分，共4分)【分析】【解析】本题考查法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律.

磁通量的变化等于末磁通量减去初磁通量；可求得磁通量的变化量；由法拉第电磁感应定律可求得线圈中产生的感应电动势；

磁通量的变化量鈻�娄碌=娄碌2鈭�娄碌1=0.08Wb

由法拉第电磁感应定律可知=10隆脕0.8V=8V

【解析】0.088(

每空2

分，共4

分)

三、判断题(共9题，共18分)15、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．16、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．17、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．18、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．19、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．20、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．21、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．22、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．23、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．四、简答题(共4题，共40分)24、略

【分析】试题分析：（1）由波的传播特性和波动图象知，波长=2m波从x=1m传至x=4.5m处的N质点需要的时间t=（7/4）T此时x=4.5m处的质点正向y轴负方向运动x=4.5m处的N质点恰好第一次沿y轴正向通过平衡位置还需T/2，因此=（9/4）T=2.25s（1分）此时波形如图：（2）由图知，振幅A=8cm质点在一个周期内通过的路程为4A=32cmO质点通过88cm的路程共经过的时间为（11/4）T（从x=0m传至x=4．5m处的N质点需要时间t1为（9/4）T质点N运动的时间为（1/2）T所以质点N振动通过的总路程为2A=16cm。考点：机械振动、机械波【解析】【答案】（1）2.25s；波形图见解析；（2）16m；25、（1）减小不变CH3OH(g)+H2O(g)=CO2(g)+3H2(g)△H=+(a-b)KJ/mol

（2）①增大；CH3OH-6e-+8OH-=CO32-+6H2O

②Cl--5e-+2H2O=4H++ClO2↑

③1；【分析】【分析】本题主要是考查反应热的计算、盖斯定律应用及电化学原理的应用，是高考常考题型，注意原电池和电解池的原理分析和电极反应书写是关键，侧重知识的综合能力考察，题目难度中等。【解答】rm{(1)}催化剂降低反应的活化能，加快反应速率，即rm{a}减小，但催化剂不能改变活化能，即反应热rm{triangleH}不变，反应能量图中生成物的总能量大于反应物的总能量，则为吸热反应，由图可知，rm{1mol}甲醇和rm{1mol}水蒸气反应生成rm{CO_{2}}和氢气吸收的热量为rm{(a-b)kJ}反应热化学方程式为：rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}

故答案为：减小；不变；rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}

rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangle

H=+(a-b)kJ/mol}燃料电池放电过程中，通入rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangle

H=+(a-b)kJ/mol}的电极是正极，氧气得到电子转化为氢氧根，则附近溶液的rm{(2)垄脵CH_{3}OH}增大。

故答案为：增大；

rm{O_{2}}电解池中阳极失去电子，则阳极氯离子放电，产生rm{pH}的反应式为：rm{垄脷}

故答案为：rm{ClO_{2}}

rm{Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}电解一段时间，从阴极处收集到的气体比阳极处收集到气体多rm{Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}时rm{垄脹}标准状况，忽略生成的气体溶解rm{6.72L}多出的气体是氢气，物质的量rm{=dfrac{6.72L}{22.4L/mol}=0.3mol}设阳极产生的气体是rm{(}则根据电子得失守恒可知rm{)}解得rm{=dfrac

{6.72L}{22.4L/mol}=0.3mol}即转移rm{xmol}电子，钠离子通过阳离子交换膜，所以通过阳离子交换膜的阳离子为rm{5x=(0.3+x)隆脕2}

故答案为：rm{x=0.2}rm{1mol}【解析】rm{(1)}减小不变rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)}rm{triangleH=+(a-b)KJ/mol}rm{(2)垄脵}增大；rm{CH_{3}OH-6e^{-}+8OH^{-}=CO_{3}^{2-}+6H_{2}O}rm{垄脷Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}rm{垄脹1}26、(1)对硝基甲苯或3-硝基甲苯或1-甲基-3-硝基苯(2)溴原子、硝基(3)(4)(5)A(6)【分析】【分析】本题考查有机合成和有机推断，侧重考查学生分析推断及合成路线设计能力，明确官能团及其性质关系是解本题关键。【解答】

由反应的流程可看出：根据信息rm{垄脷}甲苯在rm{MnO_{2}/H_{2}SO_{4}}条件下氧化为rm{F(}苯甲醛rm{)}苯甲醛和rm{H_{3}COOOCCH_{3}}反应得和丙烯醇酯化得rm{G}甲苯和浓硝酸发生硝化反应生成rm{A}的结构简式为和rm{Br_{2}}卤化在甲基邻位引入rm{Br}得rm{B}rm{B}被酸性高锰酸钾氧化，将甲基氧化为羧基得rm{C}rm{C}碱性条件下水解后，再酸化得rm{D}rm{D}中硝基被还原为氨基得rm{E}rm{E}和碳酸氢钠反应得rm{PAS-Na}rm{(1)A}的结构简式为rm{A}的名称为对硝基甲苯或rm{3-}硝基甲苯或rm{1-}甲基rm{-3-}硝基苯，故答案为：对硝基甲苯或rm{3-}硝基甲苯或rm{1-}甲基rm{-3-}硝基苯；rm{(2)B}中官能团的名称是溴原子、硝基rm{(}试剂rm{a}的结构简式为故答案为：溴原子、硝基；rm{(3)}由rm{C隆煤D}中rm{(i)}的化学方程式。

rm{(2)A}和rm{Br_{2}}取代发生生成rm{B}的方程式是：故答案为：rm{(4)}质谱图显示试剂rm{b}的相对分子质量为rm{58}分子中不含甲基，且为链状结构，肉桂酸与试剂rm{b}生成rm{G}的化学方程式为：故答案为：rm{(5)}试剂rm{d}可以将羧基转化为其钠盐，而不能和酚羟基反应，一定是rm{NaHCO_{3}}故选A，故答案为：rm{A}rm{(6)}肉桂酸的同分异构体，能发生银镜反应，且rm{1mol}该有机物最多生成rm{4mol}rm{Ag}说明含有rm{2}个醛基，又苯环上有三个取代基，所以连有两个醛基和一个甲基，由三个基团的相对位置不同，这样的同分异构体应有rm{6}种；苯环上有两种等效氢的有两种，即或rm{{{'}}}故答案为：【解析】rm{(1)}对硝基甲苯或rm{3-}硝基甲苯或rm{1-}甲基rm{-3-}硝基苯rm{(2)}溴原子、硝基rm{(3)}rm{(4)}rm{(5)A}rm{(6)}27、略

【分析】

先分析电路的结构；此电路为4个电阻串联，则电流相等，根据欧姆定律列式，联立方程求解即可．

本题主要考查了欧姆定律以及串并联电路的特点的直接应用，知道串联点苦，电流处处相等，难度不大，属于基础题．【解析】解：串联电路电流相等；设为I，根据欧姆定律得：

UAD=I（R1+R2+R3）；

UBE=I（R4+R2+R3）；

带入数据解得：

R3=200Ω；

I=1A

答：R3的阻值为200Ω，AE间的电流为1A．五、识图作答题(共4题，共36分)28、略

【分析】【分析】本题考查光合作用与呼吸作用的相关知识，意在考察考生对图形的提取信息分析能力，理解所学知识点，把握知识间的内在联系综合运用解决问题的能力。图1中：B为叶绿体，A为线粒体．①是五碳化合物、②是三碳化合物、③是[H]和ATP、④是ADP和Pi、⑤是水、⑥是氧气、⑦是丙酮酸。图2中：表示该植物叶片CO2吸收量随光照强度变化的曲线，S代表有机物量，其中呼吸作用的消耗的有机物的量为S1+S3。光合作用制造的有机物的量为S2+S3。【解答】（1）根据题意可知图1中B是叶绿体，光反应形成ATP的反应式为ADP+Pi+能量ATP。

（2）绿色植物长时间处于黑暗状态时；则图中①→②→①表示暗反应过程因缺少光反应提供的[H]和ATP而不能进行。

（3）光照强度处于图2中的D点时该植物已经达到光饱和点，此时光合作用大于呼吸作用，图1中⑥氧气的去向有扩散到线粒体和外界环境。（4）图2中S代表有机物量，0-D间此植物呼吸作用消耗的有机物量为S1+S3，光合作用有机物的净积累量为（S2+S3）-（S1+S3）=S2-S1。

（5）含18O的水是光合作用和呼吸作用的原料，在有氧呼吸过程中，水参与第二阶段的反应，生