2025年苏教新版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏教新版必修3物理上册阶段测试试卷383考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，在匀强磁场中固定一根与磁场方向垂直的通电直导线匀强磁场的磁感应强度为B=1T，在导线外，以导线截面的中心为圆心的圆周上有a、b、c、d四个点．已知d点的磁感应强度为方向斜向右上方，并与B的夹角为45°，则下列说法正确的是（）

A.a点的磁感应强度为零B.b点的磁感应强度与d点相同C.c点的磁感应强度为零D.直导线中的电流方向垂直纸面向里2、下列关于电磁场和电磁波说法正确的是（）A.变化的磁场在周围的空间一定产生变化的电场B.电磁波和机械波都需要通过介质传播，它们由一种介质进入另一种介质时频率都不变C.电磁波既可以传递信息，又可以传递能量D.在赫兹发现电磁波的实验基础上，麦克斯韦提出了完整的电磁场理论3、如图所示，闭合开关S使电容器充电，充电结束后断开开关，保持平行板电容器两极板的正对面积、间距不变，在两极板间插入一电介质，其电容C和两极板间的电势差U的变化情况是（）

A.C和U均增大B.C增大，U减小C.C减小，U增大D.C和U均减小4、常用手电筒是两节干电池串联作为电源的，与之相匹配的小灯泡的规格应是下面的哪一个（所示数据为灯泡的额定电压）（）A.1.5VB.2.5VC.4.5VD.6.0V5、下列说法不正确的是（）A.红色和蓝色的激光在不同介质中传播时波长可能相同B.电磁波在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直C.拍摄玻璃橱窗内的物品时，在镜头前加一个偏振片是为了增强玻璃表面的反射光D.光的偏振现象说明光具有波动性评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、为了消杀新冠病毒，防控重点场所使用一种人体感应紫外线灯。这种灯装有红外线感应开关，人来灯灭，人走灯亮，为人民的健康保驾护航。下列说法正确的是（）A.只有热的物体才能辐射红外线B.紫外线能消杀病毒是因为紫外线具有较高的能量C.红外线的波长比无线电波长D.红外线和紫外线都是电磁波7、在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器。当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向b端移动；下列说法正确的是。

A.电表A1的示数I1减小B.电表A2的示数I2减小C.电表V的示数U增大D.电阻R3的电功率增大8、在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程。以下对几位科学家所做出的科学贡献描述中，说法正确的是（）A.库仑通过实验得到库仑定律，并测定静电力常量B.法拉第最早提出场的概念C.伽利略发现行星运动三定律D.牛顿发现万有引力并测得万有引力常量9、如图，a、b、c、d为一边长为2l的正方形的顶点．电荷量均为q（q>0）的两个点电荷分别固定在a、c两点，静电力常量为k．不计重力．下列说法不正确的是。

A.b点的电场强度大小为B.电子过b、d点时的电势能相等C.在两点电荷产生的电场中，ac连线上中点的电势最高D.在b点从静止释放的电子，到达d点时动能不为零10、如图所示，竖直正对的平行板电容器带等量异种电荷，带正电的右板与静电计相连，左板接地。假设两极板所带的电荷量不变，电场中P点固定一带正电的点电荷；下列说法正确的是。

A.若仅将左板上移少许，则静电计指针偏角变小B.若仅将左板右移少许，则静电计指针偏角变小C.若仅将左板上移少许，则P点电势升高D.若仅将左板右移少许，则P的点电荷电势能增大11、在纯电阻电路中，当用一个固定的电源(设E、r是定值)向变化的外电阻供电时，关于电源的输出功率P随外电阻R变化的规律如图所示．下列判断中正确的是（）

A.当R＝r时，电源有最大的输出功率B.电源内阻消耗的功率随外电阻R的增大而增大C.电源的功率P总随外电阻R的增大而增大D.电源的效率η随外电阻R的增大而增大12、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，电压表V1、V2、V3为理想电压表，R1、R3为定值电阻，R2为热敏电阻(其阻值随温度升高而减小)，C为电容器，闭合开关S，电容器C中的微粒A恰好静止．当室温从25℃升高到35℃的过程中，流过电源的电流变化量是ΔI，三只电压表的示数变化量是ΔU1、ΔU2和ΔU3.则在此过程中()

A.V1示数减小B.C.Q点电势升高D.R3中的电流方向由M向N，微粒A匀加速下移评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)13、如图所示是电场中某区域的电场线分布图，A、B是电场中的两点，可以判断____点场强较大（选填“A”或“B”）；一正点电荷在B点受到电场力的方向是____（选填“向左”或“向右”）．14、用电压表和电流表测金属丝的电压和电流时读数如图所示，则电压表的读数为________V，电流表的读数为________A。

15、处于静电平衡状态的导体，其内部的电场强度处处为______.16、移动电话:

（1）每一部移动电话都是一个无线电台,同时又相当于一台_______。

（2）移动电话的体积很小,发射功率_____;它的天线也很简单,灵敏度不高。因此,它与其他用户的通话要靠较大的固定无线电台转接,这种固定的电台叫作_____或____。17、（1）能吸收各种电磁波而不反射电磁波的物体叫黑体。______

（2）温度越高，黑体辐射电磁波的强度越大。______

（3）微观粒子的能量只能是能量子的整数倍。______

（4）能量子的能量不是任意的，其大小与电磁波的频率成正比。______

（5）光滑水平桌面上匀速运动的小球的动能也是量子化的。______

（6）热辐射电磁波的强度按波长的分布只与物体的温度有关。______18、尖端放电和静电屏蔽。

（1）电离：导体尖端的电荷密度很大，附近的电场强度___________，空气中的带电粒子剧烈运动，使空气分子被撞“散”而使正、负电荷___________的现象。

（2）尖端放电：导体尖端的强电场使附近的空气电离，电离后的异种离子与尖端的电荷___________；相当于导体从尖端失去电荷的现象。

（3）静电屏蔽：静电平衡时，导体壳内空腔里的电场___________；外电场对壳内不会产生影响。

（4）尖端放电和静电屏蔽的应用；防止。

a.尖端放电。

①应用：___________是利用尖端放电避免雷击的一种设施。

②防止：高压设备中导体的表面尽量___________；减少电能的损失。

b.静电屏蔽的应用。

①电学仪器和电子设备外面会有金属罩；通讯电缆外面包一层铅皮，可以防止外电场的干扰。

②电工进行高压带电作业时，穿戴金属丝网制成的衣、帽、手套、鞋子，可以对人体起到静电屏蔽作用，使人安全作业。19、如图甲所示的电表使用0~0.6A量程时，图中表针示数为______A；当使用0~3A，图中表针示数为______A。如图乙所示的电表若使用的是较大量程，图中表针示数为_______V。

20、如图所示，是用电流表和电压表测量电阻的一种方法，Rx为待测电阻，考虑电表本身的电阻对测量结果的影响，电压表的读数___________Rx两端的实际电压，电流表的读数___________通过Rx的实际电流。（选填“大于”；“小于”功“等于”）

21、一台小型扫地机器人的直流电动机的额定电压为12V，额定电流为5A，线圈电阻为0.2Ω，将它接在直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则电动机消耗的总功率为_____，转化为机械能的功率为____．评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)22、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

23、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

24、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共4题，共16分)25、物理实验一般都涉及实验目的；实验原理、实验仪器、实验方法、实验操作、数据分析等。例如：

（1）实验操作：用游标卡尺测某金属管的内径，图1示数为___________

（2）实验操作：用螺旋测微器测量金属膜的厚度，图2示数为__________

（3）实验仪器：在“测量金属丝的电阻率”实验中，某同学用电流表和电压表测量一金属丝的电阻，已知该电阻约为除电源（电动势内阻不计）、电压表（量程内阻约）；开关、导线若干外；还提供如下实验器材：

A.电流表（量程内阻约）

B.电流表（量程内阻约）

C.滑动变阻器（最大阻值额定电流）

D.滑动变阻器（最大阻值额定电流）

为了调节方便、测量准确，实验中电流表应选用__________，滑动变阻器应选用___________。（选填实验器材前对应的字母）

（4）数据处理：在测量一节干电池的电动势和内阻实验中，电路图如图甲，根据实验数据作出图像如图乙，则求得的电动势是__________内阻是__________（结果小数点后保留两位有效数字）

26、实验小组用如图（a）所示的实验电路测定电源电动势E和电压表内阻R；提供的器材如下：

A.待测电源E（电动势约3V；内阻可忽略）

B.待测电压表V（量程0~3.0v，内阻约3）

C.电阻箱（总阻值999.9）

D.电阻箱（总阻值9999）

（1）电阻箱应选择________（填序号）；

（2）连接好实验电路，调节R，测得系列对应电压U，在坐标中描点作图如图（b），图线在纵坐标轴上的截距为a，某点坐标为则电源电动势和电压表内阻的测量值分别为____________、____________；

（3）图（c）中图线1为实验所得，若电源内阻不能忽略，则实际图线可能是图（c）中的图线_____________，由于忽略电源内阻，导致电源电动势的测量值____________（填“大于”“等于”或“小于”）真实值。

27、现测定长金属丝的电阻率。

(1)用螺旋测微器测量其直径如图甲，由图可知其直径为___________mm；

(2)用游标为20分度的卡尺测量其长度如图乙，由图可知其长度为_______mm；

(3)利用下列器材设计一个电路，尽量准确地测量一段金属丝的电阻。这段金属丝的电阻约为画出实验电路图，并标明器材代号__________；

电源（电动势内阻约为）

电流表（量程内阻）

电流表（量程内阻约为）

滑动变阻器（最大阻值额定电流）

开关及导线若干。

(4)测量得到电流表的读数为电流表的读数为则这段金属丝电阻的计算式________________。（用题中字母表示）28、“芒种”实验小组要测定一节干电池的电动势E和内阻r（E约为1.5V，r小于）；采用的电路图如图甲所示。

（1）实验小组的同学找到的器材如下：

A．干电池1节；

B．滑动变阻器（0～10Ω）；

C．滑动变阻器（0～300Ω）；

D．电压表（0～3V）；

E．电压表（0～15V）；

F．电流表（0～0.6A）；

G．电流表（0～3A）。

则滑动变阻器应选______，电流表应选______，电压表应选______。（填器材前的字母代号）

（2）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图乙所示的图线，由图可知电源电动势______V（结果保留三位有效数字）、内阻______Ω（结果保留两位有效数字）。

（3）同学们对本实验的误差进行了分析，下列说法正确的是______。

A．实验产生的系统误差；主要是因为电压表的分流作用。

B．实验产生的系统误差；主要是因为电流表的分压作用。

C．实验测出的电动势大于真实值。

D．实验测出的内阻小于真实值评卷人得分六、解答题(共2题，共14分)29、如图所示，水平虚线AB、CD之间有一匀强电场，电场强度的大小、方向未知，其中虚线AB与CD的间距等于CD与水平地面的间距，两完全相同的带正电粒子甲、乙分别从AB上的O点沿相反方向，以相等的速率v水平进入电场区域，此后甲恰好从O点正下方的P点离开电场区域，已知乙离开电场时的动能与甲落地时动能相等，且均是甲离开电场时动能的2.6倍，重力加速度大小为g，甲、乙质量均为m，电量均为q；不计粒子间的相互作用，求：

(1)甲；乙离开电场时的水平速度大小；

(2)甲落地时的竖直分速度与乙离开电场时的竖直分速度的比值；

(3)匀强电场的大小和方向。

30、如图，在匀强电场中，将电荷量为-6×10-6C的点电荷从电场中的A点移到B点，静电力做了-2.4×10-5J的功，再从B点移到C点，静电力做了1.2×10-5J的功。已知电场的方向与△ABC所在的平面平行：

（1）A、B两点间的电势差UAB和B、C两点间的电势差UBC分别为多少？

（2）如果规定B点的电势为0，则A点和C点的电势分别为多少？

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【详解】

根据d点的磁感应强度为方向斜向右上方，并与B的夹角为45°，可知通电直导线在d点产生的磁场的磁感应强度为1T，方向竖直向上，由此可判断通电直导线中电流垂直纸面向外；通电直导线在a点的磁场强度为1T,方向水平向右，由磁场叠加可知，a点的磁感应强度为2T，选项AD错误；同理可求得b点的磁感应强度大小为T，方向与B成450角沿斜向下方，即b点的磁感应强度与d点大小相同，方向不同，选项B错误；通电直导线在c点的磁场强度为1T,方向水平向左，由磁场叠加可知，c点的磁感应强度为0；选项C正确；故选C.

叠加：本题考查安培定则和平行四边形定则，空间任意一点的磁感应强度都通电导线产生的磁场和匀强磁场的叠加，而叠加时满足平行四边形法则．2、C【分析】【详解】

A．变化的磁场在周围的空间一定会产生电场；但如果是均匀变化的磁场，只能产生恒定的电场，故A错误；

B．电磁波传播不需要介质；机械波需要通过介质传播，它们由一种介质进入另一种介质时频率都不变，故B错误；

C．电磁波既可以传递信息；又可以传递能量，故C正确；

D．麦克斯韦提出了完整的电磁场理论的假说；赫兹通过实验证实了电磁波的存在，故D错误。

故选C。3、B【分析】【详解】

由平行板电容器电容的决定式

插入一电介质，增大，则C增大，充电后断开Q不变，根据电容定义式

知U减小；则ACD错误，B正确。

故选B。4、B【分析】【分析】

【详解】

两节干电池串联作为电源；电压为3V。

故选B。5、C【分析】【分析】

【详解】

A．光速和介质有关；红色和蓝色的激光的频率不同，在同种介质中的波长是不同的，而在不同的介质中传播时波长可能相同，故A正确，不符合题意；

B．根据电磁波的特点可知；电磁波是横波，在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度；磁感应强度均垂直，故B正确，不符合题意；

C．反射光属于偏振光；拍摄玻璃橱窗内的物品时，在镜头前加一个偏振片是为了减弱玻璃表面的反射光，提高拍摄的效果，故C错误，符合题意；

D．偏振是横波特有的现象；光的偏振现象说明光具有波动性，故D正确，不符合题意。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)6、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．一切物体都能辐射红外线。故A错误；

B．紫外线能消杀病毒是因为紫外线具有较高的能量。故B正确；

C．根据电磁波谱可知；红外线的波长比无线电波短。故C错误；

D．根据电磁波谱可知；红外线和紫外线都是电磁波。故D正确。

故选BD。7、A:D【分析】【分析】

本题考查闭合电路中的动态分析问题。

【详解】

将R2的滑动触点向b端移动过程中；电路中总电阻减小，主路电流则会增大；

A．因主路电流增大，电源内电压增大，R3的电压也会增大，则R1的电压会变小，I1的电流会减小；故A选项正确；

B．因主路电流增大而I1的电流会减小，则I2的电流会增大；故B选项错误；

C．电源内压增大，则路端电压会减小即电表V的示数U减小；故C选项错误；

D．电阻R3的电功率随主路电流的增大而增大；故D选项正确；

综上所述，本题正确答案选AD。8、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．库仑通过实验得到库仑定律；并测定静电力常量，选项A正确；

B．法拉第最早提出场的概念；选项B正确；

C．开普勒发现行星运动三定律；选项C错误；

D．牛顿发现万有引力；卡文迪许测得万有引力常量，选项D错误。

故选AB。9、C:D【分析】【详解】

A．固定在a点的点电荷在b点的电场强度大小方向由a点指向b点；固定在c点的点电荷在b点的电场强度大小方向由c点指向b点；则b点的电场强度大小．故A项不符合题意；

BD．由等量正电荷电场线分布和等势面分布特点知，b、d两点的电势相等，则电子过b、d点时的电势能相等；据能量守恒知，在b点从静止释放的电子，到达d点时动能为零．故B项不符合题意；D项符合题意；

C．由等量正电荷电场线分布和等势面分布特点知，ac连线上中点的电势最低；故C项符合题意．10、B:C【分析】【详解】

A.两极板所带的电荷量不变，若仅将左板上移少许，根据可知，电容C减小，由可知，U增大，所以静电计指针偏角θ增大；故A错误；

B.若仅将左板右移少许，d减小，可知，电容C增大，由可知，U减小，由则静电计指针偏角θ变小；故B正确；

C.若仅将左板上移少许，根据可知，电容C减小，由可知，U增大，由可知，E增大；左极板接地，由沿电场线的方向电势降低可知P点的电势为正，根据可得，P点电势升高；故C正确；

D.若仅将左板右移少许，两极板所带的电荷量不变，则E不变，根据可得，P点电势减小，则由可得P的点电荷电势能减小，故D错误；11、A:D【分析】【详解】

A、根据电路的输出功率结果图象可知当R＝r时，电源有最大的输出功率为A正确．B、电源内阻的功率外电阻R的增大内阻的功率不断变小，B错误．C、电源的总功率则随着外电阻R的增大而减小，C错误．D、电源的效率得随着R增大时；电源的效率增大，D正确．

【点睛】

根据图象可知，电源的输出功率随着外电阻的增大先增大后减小，当R=r时，功率最大．12、B:C【分析】【详解】

A.室温从25℃升高到35℃的过程中，R2的阻值减小，总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得，总电流增大，外电压减小，V1示数为U1=IR1增大；故A错误；

B.由

得

由

得

则有：

故B正确；

C.由于外电压减小，V1示数增大，所以V2示数减小，而：

且所以Q点电势升高；故C正确；

D.V3测量的是电源路端电压，由：

得U3减小，电容器两端电压减小，电容电荷量减少，电容放电，形成从M到N的电流，两板间场强降低，电荷受的电场力减小，故将下移，但电场强度不断减小，由

得加速度增大，微粒做加速度增大的加速运动，故D错误．三、填空题(共9题，共18分)13、略

【分析】试题分析：由电场线的疏密程度判断场强的大小；由场强的方向与电荷的电性确定电场力的方向．

解：B点电场线密；场强大，A点疏场强小．

正电荷受力方向与场强方向相同；则在B点正电荷受力方向向左．

故答案：B；左。

【点评】考查电场线描述场强大小及方向的方法，会判断电场力的方向．【解析】B，左14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]电压表精确度为0.1V，其读数为2.60V；电流表精确度为0.02A，其读数为0.52A。【解析】2.600.5215、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】016、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]每一部移动电话都是一个无线电台；同时又相当于一台收音机。

（2）[2][3]移动电话的体积很小,发射功率不大；它的天线也很简单，灵敏度不高。因此，它与其他用户的通话要靠较大的固定无线电台转接，这种固定的电台叫作基地台或基站。【解析】①.收音机②.不大③.基地台④.基站17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]根据定义可知；黑体是一个理想化了的物体，它能吸收各种电磁波而不反射电磁波的物体叫黑体，故正确；

（2）[2]根据黑体辐射电磁波的性质可知；黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关，温度越高，黑体辐射电磁波的强度越大，故正确；

（3）[3]根据微观粒子的能量的特征可知；在微观世界中能量是量子化的，其能量只能是能量子的整数倍，故正确；

（4）[4]根据能量子的性质可知；能量子的能量是不连续的，而只能取一些分立的值，其大小与电磁波的频率成正比，故正确；

（5）[5]研究匀速运动的小球的动能是宏观层面考虑，大小为

因为小球的质量与速度可取任意实数；所以动能大小是连续的，不是量子化的，故错误；

（6）[6]黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与物体的温度有关，故错误。【解析】①.正确②.正确③.正确④.正确⑤.错误⑥.错误18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】很强分离中和处处为零避雷针光滑19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]图甲电表使用0~0.6A量程时；分度值为0.02A，其读数为0.44A；

[2]当图甲使用0~3A量程时；分度值为0.1A，需估读到下一位，其读数为2.20A；

[3]图乙为电压表，当使用较大量程时为分度值为0.5V，其读数为8.5V。【解析】①.0.44②.2.20③.8.520、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]考虑电表本身的电阻对测量结果的影响，电压表的读数等于安培表和电阻Rx两端的电压之和，则电压表读数大于Rx两端的实际电压，电流表的读数等于通过Rx的实际电流。【解析】大于等于21、略

【分析】【详解】

电动机消耗的总功率为内阻消耗的功率为则转化为机械能的功率为．

【点睛】

对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．【解析】60W55W四、作图题(共3题，共9分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】23、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共4题，共16分)25、略

【分析】【详解】

(1)[1]用游标卡尺测某金属管的内径，图1示数为

(2)[2]螺旋测微器测量金属膜的厚度，图2示数为

(3)[3]由

可知；为了调节方便；测量准确，实验中电流表应选用A；

[4]为了调节方便；滑动变阻器应选用最大阻值较小的，即选C；

(4)[5]将乙图中的图线延长与纵轴和横轴相交；与纵轴交点即为电动势，与横轴交点即为短路电流，如图所示。

则可读出电源电动势约为

[6]电源内阻约为【解析】AC1.490.7826、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]为了便于调节和让电压表读数变化范围较大，应选择阻值大于电压表内阻的即选择D；

（2）[2][3]由闭合电路欧姆定律得