2025年浙教版必修三物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版必修三物理下册月考试卷733考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、一平行板电容器，带电荷量为Q，两极板电势差为U，若带电荷量变为2Q，则（）A.电容变为原来的2倍，两极板电压不变B.电容变为原来的倍，两极板电压不变C.电容不变，两极板电压是原来的倍D.电容不变，两极板电压是原来的2倍2、如图（a）为一种节能路灯，该路灯通过光控开关实现自动控制：电灯的亮度可以自动随周围环境的亮度改变而改变．如图（b）为其内部电路简化原理图，电源电动势为E，内阻为R1为光敏电阻（电阻值随光照强度增大而减小）．若环境变暗；则下列判断正确的是。

（a）（b）A.路端电压不变B.R0两端电压变小C.B灯变暗，A灯变亮D.电源总功率不变3、下列关于物理学研究方法的叙述中正确的是（）A.电学中引入了点电荷的概念，突出了带电体的带电荷量，忽略了带电体的质量，这里运用了理想化模型的方法B.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了假设法C.用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如电容C=加速度a=都是采用比值法定义的D.根据速度定义式v=当Δt非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法4、求几个电阻的总电阻、把一个复杂的电路简化，这两种处理物理问题的方法都属于（）A.控制变量的方法B.观察、实验的方法C.等效替代的方法D.类比的方法5、四盏白炽灯泡连接成如图所示的电路。a、c灯泡的规格为“220V40W”，b、d灯泡的规格为“220V100W”；各个灯泡的实际功率都没有超过它的额定功率。对这四盏灯泡实际消耗功率的说法正确的是（）

A.a灯泡实际消耗的功率最小B.b灯泡实际消耗的功率最小C.c灯泡实际消耗的功率最小D.d灯泡实际消耗的功率最小6、图为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。图中是电池；和是固定电阻，是可变电阻；表头的满偏电流为内阻为虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压挡和挡，直流电流挡和挡，欧姆挡。下列说法正确的是（）

A.图中的端与红色表笔相连接B.在使用多用电表之前，调整使电表指针指在表盘左端电流“0”位置C.使用电流挡时，调整使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置D.根据题给条件可得7、如图所示的电路中，电源有不可忽略的内阻，R1、R2、R3为三个可变电阻，闭合开关，电路稳定后电容器C1、C2所带电荷量分别为Q1和Q2；下列判断正确的是（）

A.仅将R1增大，Q1增大，而Q2减小B.仅将R2增大，Q1和Q2都将减小C.仅将R3增大，Q1减小而Q2增大D.突然断开开关S，有图示自下而上的电流流过R38、如图所示，直线A为某电源的U－I图线，曲线B为某小灯泡的U–I图线的一部分；用该电源和小灯泡组成闭合电路时，灯泡恰好能正常发光，则下列说法中正确的是（）

A.此电源的内阻为2/3ΩB.额定状态下，小灯泡阻值为1Ω.C.灯泡的额定功率为6WD.小灯泡的U–I曲线说明电功率越大，灯丝电阻率越小9、下列说法正确的是（）A.固体小颗粒做布朗运动是由固体小颗粒内部的分子运动引起的B.温度相同且不再发生变化的两个系统一定处于热平衡C.不具有确定的几何形状的物体就一定不是晶体D.电磁波和机械波的传播都需要依靠介质评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、如图所示，虚线a、b、c为电场中的一簇等势线，相邻两等势面之间的电势差相等，等势线a上一点A处，分别射出甲、乙两个粒子，两粒子在电场中的轨道分别交等势线c于B、C点，甲粒子从A到B的动能变化量的绝对值是E，乙粒子从A到C动能变化量绝对值为E；不计粒子的重力，由此可以判断（）

A.甲粒子一定带正电，乙粒子一定带负电B.甲的电量一定为乙电量的2倍C.甲粒子从A到B电场力一定做正功，乙粒子从A到C电场力一定做负功D.甲在B点的电势能的绝对值一定是乙在C点电势能绝对值的2倍11、点电荷q1、q2固定在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中C为ND段电势最低的点；则下列说法正确的是（）

A.q1、q2为等量异种电荷B.N、C两点间场强方向沿x轴正方向C.从N点沿x轴到D点的场强大小先减小后增大D.将一正点电荷从N点移到D点，电势能先增大后减小12、某电场的电场线分布如图所示，电场中有A、B两点；则以下判断正确的是（）

A.A点的场强大于B点的场强，B点的电势高于A点的电势B.若将一个电荷由A点移到B点，电荷克服电场力做功，则该电荷一定为负电荷C.一个负电荷处于A点的电势能大于它处于B点的电势能D.若将一个正电荷由A点释放，该电荷将在电场中做加速度减小的加速运动13、如图所示的匀强电场E的区域内，由A、B、C、D、A′、B′、C′、D′作为顶点构成一正方体空间，电场方向与面ABCD垂直；下列说法正确的是（）

A.A、D两点间电势差UAD与A、A′两点间电势差UAA′相等B.带正电的粒子从A点沿路径A→D→D′移到D′点，静电力做负功C.带负电的粒子从A点沿路径A→D→D′移到D′点，电势能增加D.带电粒子从A点移到C′点，沿对角线A→C′与沿路径A→B→B′→C′静电力做功相同14、学习了多用电表的使用之后；某物理学习小组开展用多用电表排除电路故障的课外活动．由小组长设计一个故障电路如图所示：闭合开关之后电流表没有示数，其原因可能是接线点A；B、C、D、E、F、G中的某处接触不良，也可能是导线1、2、3、4中有一根断路．现由其他组员用多用电表来排除故障：首先确认各接线点接触良好，闭合开关，发现电流表依然没有示数；再用多用电表进行检查，以下说法正确的是则。

A.在开关闭合的情况下，既可选用多用电表的电压档进行检查，也可选用多用电表的欧姆档进行检查B.在开关断开的情况下，应当选用多用电表的欧姆档进行检查C.在正确选用检测档位的情况下，若测得B、C两接线点间的电压很接近电源的电动势，则表明导线2断路D.在正确选用检测档位的情况下，若测得C、D两点间的电压为0，则表明导线3断路评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、匀强电场的方向平行于平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示；三点的电势分别为10V；17V、26V。完成下列填空：

（1）坐标原点处的电势为___________V；

（2）电子从b点运动到c点，电场力做功为___________eV；

（3）电子在a点的电势能比在b点的高___________eV；

（4）电场强度的大小为___________V/cm。

16、把带电荷量的正点电荷从无限远处移到电场中点，要克服电场力做功若把该电荷从无限远处移到电场中点，需克服电场力做功取无限远处电势为零．则点的电势为__________；若把的负电荷由点移到点电场力做功大小为__________．17、如图所示，用带负电的绝缘棒A去靠近原来不带电的验电器B的金属小球，B的金属箔片张开，这时金属箔片带______电，若在带电棒A移开前，用手摸一下验电器的小球后离开，然后移开A这时B的金属箔片也能张开，它带______电。

18、科学思想方法在物理问题的研究中十分重要，库仑受到牛顿的万有引力定律的启发，运用______方法（选填“建立模型”、“类比”、“控制变量”、“理想实验”）得出库仑定律，其表述为真空中两点电荷间距一定时相互作用力与______成正比。19、如图是几种常见磁场的磁感线分布示意图。

（1）图（a）中a端是磁铁的___________极，b端是磁铁的___________极。

（2）图（b）是两异名磁极的磁感线分布示意图，___________端是S极，___________端是N极。20、如图所示，匀强电场方向平行于xoy平面，在xoy平面内有一个半径为R=5cm的圆，圆上有一动点P，半径OP与x轴方向的夹角为θ，P点沿圆周移动时，P点的电势满足p25sin(V)匀强电场的大小E=_____V/m，方向为_____．

评卷人得分四、实验题(共1题，共2分)21、如图所示将（a）中的电键闭合，电流计指针由中央向右偏转。若在（b）中把条形磁铁N极插入线圈时，电流计指针将向_______偏转；若把条形磁铁S极从线圈中拔出如（c）所示，则电流计指针向_______偏转。（填“右”或“左”）

评卷人得分五、解答题(共1题，共7分)22、某同学自制了一个电炉；已知该电炉工作时电阻是110Ω，工作时通过电炉的电流是2A。

（1）该电炉两端的电压是多少？

（2）该电炉工作时，10s内产生的热量是多少？参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】

【详解】

电容大小与电容器所带电量无关，故增大电量时电容不变，由Q=UC可知；两极板电压是原来的2倍；故D正确，ABC错误；

故选D。2、B【分析】【详解】

若环境变暗，Rt增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I减小，电源的内电压减小，路端电压U增大，则A灯变亮，通过R0电流I0=I-IA，I减小，而IA变大，则I0减小，R0两端电压U0减小，而R0、B的电压之和等于路端电压，路端电压增大，可知，B的电压增大，B灯变亮；电源的总功率P=EI，I减小，则P减小；故B正确，ACD错误。

故选B。3、D【分析】【详解】

A．点电荷的概念；突出了带电体的带电荷量，忽略了带电体的体积大小和形状，而不是忽略了带电体的质量，运用了理想化模型的方法，故A错误；

B．在推导匀变速直线运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了微分法，而不是假设法，故B错误；

C．电容的定义式C=是比值定义，加速度a=是牛顿第二定律的表达式，才是加速度的定义式也是比值定义；故C错误；

D．根据速度定义式当时间趋近于零时，表示瞬时速度，这里运用了极限思想，故D正确。

故选D。4、C【分析】【详解】

求几个电阻的总电阻；把一个复杂的电路简化；都用到了等效替代的方法。

A．控制变量的方法；与结论不相符，选项A错误；

B．观察；实验的方法；与结论不相符，选项B错误；

C．等效替代的方法；与结论相符，选项C正确；

D．类比的方法；与结论不相符，选项D错误；

故选C。5、C【分析】【详解】

a、c灯泡的电阻

b、d灯泡的电阻

根据并联电路的特点知b、d并联后的总电阻

大电阻分大电压，所以b、c两端的电压小于d灯泡的电压，根据

可得

a、d灯串联，电流相等，根据

知则P与R2成正比，则

故选C。6、D【分析】【详解】

A．根据欧姆表原理可知，内部电源的正极应接黑表笔，这样才能保证在测电阻时电流表中电流“红进黑出”，故端与红黑色表笔相连接；选项A错误；

BC．由电路图可知，只在测量电阻时才接入电路；故其作用只能进行欧姆调零，不能进行机械调零，同时在使用电流挡时也不需要实行调节，选项BC错误；

D．直流电流挡分为1mA和2.5mA，由图可知，当接2时应为1mA；根据串并联电路规律可知

总电阻

接4时，为电压挡，因串联的电阻较小，故应为量程1V的电压表；此时电流计与R1、R2并联后再与R4串联，即改装后的1mA电流表与R4串联后再改装成电压表；根据串联电路规律可知

选项D正确。

故选D。7、A【分析】【分析】

【详解】

A．仅增大R1，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，路端电压变大，电容器C1两端电压增大，C2两端电压减小，电容器所带电荷量Q1增大，Q2减小；故A正确；

B．仅增大R2，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，路端电压变大，电阻R1两端电压变小，电阻R2两端电压变大，电容器C1、C2两端电压变大，两电容器所带电荷量Q1和Q2都增加；故B错误；

C．仅增大R3，整个电路电阻不变，Q1和Q2都将不变；故C错误；

D．突然断开开关S，两个电容器都放电，有自上而下的电流路过R3；故D错误。

故选A。8、C【分析】【详解】

根据电源U-I图可得：U＝4−0.5I，又有U=E-Ir，所以，电源电动势E=4V，内阻r=0.5Ω，故A错误；电源和小灯泡组成闭合电路时，灯泡两端电压为路端电压，故两曲线交点即为灯泡的电压、电流；又有灯泡恰好能正常发光，故灯泡的额定电压U=3V，额定电流I=2A，所以，额定功率为：P=UI=6W，阻值为：R＝U/I＝1.5Ω，故C正确，B错误；由图可得：电功率越大时，U-I曲线越陡，那么电阻越大，故电阻率越大，故D错误；故选C。9、B【分析】【详解】

A．固体小颗粒的布朗运动是由于液体分子的无规则运动引起的，A错误；

B．只要两个系统温度相同且不再发生变化；他们就处于热平衡，B错误；

C．多晶体没有确定的几何形状,且各向同性，C错误；

D．机械波的传播需介质，电磁波的传播不需要介质，D错误。

故选B。二、多选题(共5题，共10分)10、B:C【分析】【详解】

A．根据等势面与电场线的方向垂直的特点，画出两条电场线如图，对比轨迹与电场线的可得，甲偏转的方向大体向下，而乙偏转的方向大体向上，二者偏转的方向沿电场线的两个不同的方向，所以甲与乙一定带不同性质的电荷；由于不知道abc个等势面的电势的高低；所以不能判断出电场线的方向，也不能判断出甲；乙的具体的电性，故A错误；

B．由题目可知，电场力对甲做的功是对乙做的功的2倍，根据电场力做功的特点：W=qU；甲的电荷量的绝对值是乙的电荷量的绝对值的2倍，故B正确；

C．对比轨迹与电场线的可得；甲的轨迹的方向与受力的方向之间的夹角是锐角，所以电场力对甲做正功；而乙的轨迹方向与电场线的方向之间的夹角是钝角，所以电场力对乙做负功，故C正确；

D．电势能的大小与0势能面的选取有关；由于不知道0势能面的位置，所以不能判断出甲；乙电势能绝对值的关系，故D错误。

故选BC。

11、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．越靠近两电荷电势越高，则两电荷均带正电；又两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系图象具有对称性，则q1、q2为等量同种电荷；故A错误；

B．沿x正方向从N到C的过程，电势降低，N、C两点间场强方向沿x轴正方向；故B正确；

C．φ-x图线的斜率表示电场强度，由图可得N、D两点间的电场强度大小沿x轴正方向先减小后增大；故C正确；

D．NC电场线向右，CD电场线向左，将一正点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故D错误。

故选BC。12、A:C【分析】【详解】

A．根据电场线的疏密可以判断场强的强弱，所以A点的场强大于B点的场强，根据沿电场线方向电势逐渐降低，所以B点的电势高于A点的电势；则A正确；

B．若将一个电荷由A点移到B点，电荷克服电场力做功，说明电势能增大，又因为B点的电势高于A点的电势；由于正电荷在电势越高的位置，电势能越大，说明该电荷正电荷，所以B错误；

C．由于负电荷在电势越低的位置；电势能越大，所以C正确；

D．若将一个正电荷由A点释放；其所受电场力方向与场强方向相同向左运动，电场线越来越密，则该电荷将在电场中做加速度增大的加速运动，所以D错误；

故选AC。13、C:D【分析】【详解】

A．A、D两点在同一等势面上，电势差UAD=0，A点电势高于A′电势，A、A′两点间电势差UAA′大于零，所以A、D两点间电势差UAD与A、A′两点间电势差UAA′不相等；故A错误；

B．带正电的粒子从A点移动到D′点，A点电势高于D′点电势，UAD′大于零，根据

可知静电力做正功；故B错误；

C．带负电的粒子从A点移到D′点，A点电势高于D′点电势，UAD′大于零，根据

可知静电力做负功；电势能增加，故C正确；

D．带电粒子从A点移到C′点，沿对角线A→C′与沿路径A→B→B′→C′，两个过程初末位置电势差相同，根据

可知静电力做功相同；故D正确。

故选CD。14、B:C【分析】【详解】

AB．在闭合开关的情况下不能用欧姆档检查的；使用欧姆表时待测电阻需与外电路断开，故A错误，B正确.

C．在正确选用检测档位的情况下，若导线2完好，则B、C两接线点间的电压应为0，当B、C两接线点间的电压接近电源电动势时；则表明导线2断路，故C正确.

D．在正确选用检测档位的情况下，若测得C、D两点间的电压为0，不能说明导线3断路，其它导线断路也可以，故D错误.三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]在匀强电场中，沿同一方向前进同样的距离，电势变化相同，由此知

解得，原点电势

（2）[2]电子从b点运动到c点，电场力做功为

（3）[3]电子在a点的电势能比在b点的高

（4）[4]设d点坐标为（0,2cm），则d点电势

设x轴上存在一点e，且e点电势为4V，则

解得

根据几何关系O点到线段de的垂直距离为

电场强度的大小为【解析】①.1②.9③.7④.2.516、略

【分析】【分析】

根据电势差公式分别求出A；B两点与无穷远间的电势差；再求出这两点的电势．根据电场力做功公式求出电场力做功．

【详解】

根据得而由题解得：根据得而由题解得：则把的负电荷由点移到点电场力做功大小为．

【点睛】

本题考查运用物理公式处理基本问题的能力．求电势往往先求电势差，再求电势．【解析】400V；17、略

【分析】【详解】

[1]用带负电的绝缘棒A去靠近原来不带电的验电器B的金属小球；由于静电感应，验电器两端出现等量正负感应电荷，近端的电荷电性与A相反，带正电，远端的金属箔片电荷电性与A相同，带负电。

[2]人和地球都是导体，用手指瞬间接触金属球B时，人、地球和验电器构成