2025年外研衔接版高一物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研衔接版高一物理下册月考试卷404考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、某同学在学校长为25m的泳池进行50m仰泳比赛中，若测得他（可视为质点）游完全程的时间为100s，则他在这50m仰泳中A.平均速度大小为0B.平均速度大小为0.5m/sC.位移和路程分别是50m、50mD.位移和路程分别是0m、50m2、重10牛的物体在粗糙水平地面上向左运动；同时受到水平向右的3牛的作用力．若物体与地面的动摩擦因数为0.2，则运动中地面对物体的摩擦力为（）

A.2牛；向右。

B.2牛；向左。

C.1牛；向右。

D.1牛；向左．

3、【题文】如图，两轮用皮带连接传送，没有打滑，A、B、C三点的位置关系如图所示，若r1>r2，O1C=r2；则三点的向心加速度的关系为（）

A.B.

C.D.4、有一辆质量为170kg

额定功率为1440W

的太阳能试验汽车，安装有约6m2

的太阳能电池板和蓄能电池，该电池板在有效光(

垂直照射在电池板上的太阳光)

照射条件下单位面积输出的电功率为30W/m2.

若驾驶员的质量为70kg

汽车最大行驶速度为72km/h.

假设汽车行驶时受到的阻力与其速度成正比，则汽车(

)

A.以最大速度行驶时牵引力大小为20N

B.以额定功率启动时的加速度大小为6m/s2

C.保持最大速度行驶1h

至少需要有效光照8h

D.直接用太阳能电池板提供的功率可获得2.5m/s

的最大行驶速度5、关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（）A.速度变化得越快，加速度就越大B.速度变化量的方向为正，加速度方向可能为负C.加速度方向保持不变时，速度方向也保持不变D.速度变化得越少，加速度就越小6、如图所示，在粗糙的水平面上放一三角形木块a，若物体b在a的斜面上加速下滑，则（）A.若a保持静止，则没有相对于水平面运动的趋势B.若a保持静止，则有相对于水平面向右运动的趋势C.若a保持静止，则有相对于水平面向左运动的趋势D.因未给出所需数据，无法对a是否运动或有无运动趋势做出判断7、【题文】如图所示，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位移一时间（x－t）图象。由图可知。

A.在时刻t1，b车速度小于a车速度B.在时刻t2，a车的加速度大于b车的加速度C.在t1到t2这段时间内，a和b两车经过的路程相等D.在t1到t2这段时间内，b车的速率先减少后增加8、下列各图中，已标出电流I

磁感应强度B

的方向，其中符合安培定则的是(

)

A.B.C.D.9、汽车沿上坡路匀速向上行驶，下列说法中正确的是(

)

A.汽车牵引力不做功B.汽车所受阻力不做功C.汽车的重力不做功D.汽车所受支持力不做功评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)10、一根内壁光滑的细圆管，形状如图所示，放在竖直平面内，一个球自A口的正上方高h处自由下落．第一次小球恰能抵达B点；第二次落入A口后，自B口射出，恰能再进入A口，则两次小球下的高度之比hl∶h2=。11、雨滴从400m高处由静止下落，设它受到的平均阻力为重力的0.7倍，雨滴落地前所产生的热有30%为其吸收，则落地时雨滴温度升高____________℃．12、图a

是隆露

验证机械能守恒定律隆路

的实验装置，图b

为实验中打出的一条纸带；O

为打出的第一个点，ABC

为从合适位置开始选取的三个连续点(

其他点未画出)

打点计时器每隔0.02s

打一个点．

(1)

若重锤的质量为0.5kg

当地重力加速度g=9.8m/s2

由图b

所给的数据可算出(

结果保留2

位有效数字)

垄脵

从O

点下落到B

点的过程中；重力势能减少为______J垄脷

打B

点时重锤的动能为______J

(2)

试指出造成第(1)

问中垄脵垄脷

计算不等的原因是______．13、如图所示，用网兜把质量为m的足球挂在光滑竖直的墙壁上．悬绳与墙壁的夹角为α，重力加速度为g，网兜的质量不计．则悬绳对球的拉力大小为____，墙壁对球的支持力大小为____．

14、第一宇宙速度的大小是______km/s，它是近地卫星的环绕速度，也是最______发射速度和最______环绕速度．（填“大”或“小”）15、若两颗人造地球卫星的周期之比为T1T2=221

则它们的轨道半径之比R1R2=

______，向心加速度之比a1a2=

______．评卷人得分三、实验题(共6题，共12分)16、某同学用如下左图所示装置做探究弹力和弹簧伸长关系的实验.他先测出不挂砝码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，然后在弹簧下端挂上砝码，并逐个增加砝码，测出指针所指的标尺刻度，所得数据列表如下：（重力加速度g=10m/s2）(1）根据所测数据，在答题卡的坐标纸上作出弹簧指针所指的标尺刻度x与砝码质量m的关系图线.（2）根据你所描的点可知记录肯定有问题的是第组数据（3）合理使用的情况下，这种规格弹簧的劲度系数为N/m。（结果保留三位有效数字）（4）把完全相同的这样两根弹簧串联之后竖直悬挂，若挂上340g的钩码，则总形变量为m，每根弹簧的弹力为N。17、（3分）探究力对原来静止的物体做的功与物体获得的速度的关系，实验装置如图所示，实验主要过程如下：（1）设法让橡皮筋对小车做的功分别为W、2W、3W、；（2）分析打点计时器打出的纸带，求出小车的速度v1、v2、v3、；（3）作出W—v草图；（4）分析W—v图像。如果图像是一条直线，表明如果不是直线，可考虑是否存在等关系。以下关于该实验的说法中有一项不正确，它是__________。A．本实验设法让橡皮筋对小车做的功分别为W、2W、3W、。所采用的方法是选用同样的橡皮筋，并在每次实验中使橡皮筋拉伸的长度保持一致。当用1条橡皮筋进行实验时，橡皮筋对小车做的功为W，用2条、3条、伸长量与原来相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次、实验时，橡皮筋对小车做的功分别是2W、3W、。B．小车运动中会受到阻力，补偿的方法，可以使木板适当倾斜。C．某同学在一次实验中，得到一条记录纸带。纸带上打出的点，两端密、中间疏。出现这种情况的原因，可能是没有使木板倾斜或倾角太小。D．根据记录纸带上打出的点，求小车获得的速度的方法，是以纸带上第一点到最后一点的距离来进行计算。18、【题文】某兴趣小组通过物块在斜面上运动的试验，探究“合外力做功与物体动能的变化的关系”。他们的实验装置如图甲所示，PQ为一块倾斜放置的木板，在Q处固定一个速度传感器（用来测量物体每次通过Q点时的速度v），每次实验，物体从不同高度h处由静止释放，但始终保持斜面底边长L＝0.5m不变。他们最后做出了如图乙所示的v2－h图像。图像与横轴的交点为0.25。

（1）图像乙不过坐标原点的原因是___________________________________________。

（2）物块与斜面间的滑动摩擦因数μ＝________。

（3）若最后得到的图像如图物-9图丙所示；则可能的原因是（写出一个）____________________。

（4）若更换光滑的斜面，重复上述步骤得到如图物-9图乙所示的图像，图像的斜率将________。（填“增大”、“减小”、“不变”）19、在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如图所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车拖动的纸带上打出的点计算出。(1)当M与m的大小关系满足________时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力．(2)一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据．为了比较容易地观测加速度a与质量M的关系，应该作a与__________的图象．(3)乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a－图线如图所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？______________20、在研究平抛运动的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L＝1.25cm，若小球在平抛运动途中的几个位置如图中a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度为v0＝（用L、g表示），其值是____（结果保留两位有效数字）。（g取9.8m/s2）21、【题文】质量分别为10kg和20kg的物体A和B，叠放在水平面上，如图3-4-8所示，AB间的最大静摩擦力为10N，B与水平面间的动摩擦因数μ=0.5，以力F作用于B使AB一同加速运动，则力F满足__________.（g取10m/s2）

图3-4-8评卷人得分四、简答题(共4题，共24分)22、如图所示，直杆长L1=0.5

m

，圆筒高为L2=3.7

m

.

直杆位于圆筒正上方H=0.8

m

处.

直杆从静止开始做自由落体运动，并能竖直穿越圆筒.(

取g

=10

m

/

s

2)

试求：(1)

直杆下端刚到圆筒上端的时间；(2)

直杆穿越圆筒所用的时间．23、一质量为m

的物体在一组共点力F1F2F3

作用下处于平衡状态，如图所示，若撤去F1

试讨论物体的运动情况将怎样。24、力的分解在实际生活中有很多应用．如图所示为门锁示意图．门锁由固定在门框上的锁壳和固定在门边的锁头构成．锁头内装弹簧连接活动的锁舌．缓慢关门时（图中箭头方向）锁舌受锁壳的压力进入锁头；门关上后锁舌弹出进入锁壳．

（1）若锁舌尖角为37°；锁舌表面较光滑，一切摩擦不计，关门时锁壳压锁舌的力为40N，弹簧的弹力多大？（sin37°=0.6，cos37°=0.8）

（2）若锁舌与锁壳接触面间动摩擦因数μ，其它摩擦不计．当锁舌尖角小于某一角度时，无论用多大的推力关门锁舌都不能压进锁头，即“锁死”，门关不上！试分析这个最小角度是多大？25、如图所示；质量M=1kg

长为L

的长木板静止在水平面上，左端放置质量m=1kg

的小物块(

可看做质点).

小物块与木板之间的动摩擦系数为娄脤1=0.3

木板与水平面之间的动摩擦因数娄脤2=0.1

给小物块一水平向右F=6N

的拉力，使小物块相对于木板向右加速运动，重力加速度g

取10m/s2

．

(1)

求小物块和木板的加速度大小．

(2)

经过2s

后；若小物块仍未从木板上滑落，求小物块和木板的位移．

(3)

若F

作用2s

后立刻撤去，要使小物块不滑出木板，木板至少为多长？评卷人得分五、实验探究题(共2题，共8分)26、某同学在做“互成角度的两个力的合成”的实验时；利用坐标纸记下了橡皮筋的结点位置O点以及两只弹簧测力计拉力的大小和方向，如图（a）所示．

（1）试在图（a）中作出无实验误差情况下F1和F2的合力图示；并用F表示此力．

（2）有关此实验，下列叙述正确的是______．

A．两弹簧测力计的拉力可以同时比橡皮筋的拉力大。

B．橡皮筋的拉力是合力；两弹簧测力计的拉力是分力。

C．两次拉橡皮筋时；需将橡皮筋结点拉到同一位置O．这样做的目的是保证两次弹簧测力计拉力的效果相同。

D．若只增大某一只弹簧测力计的拉力大小而要保证橡皮筋结点位置不变；只需调整另一只弹簧测力计拉力的大小即可。

（3）本实验采用的科学方法是______

A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法。

（4）图（b）所示是甲和乙两位同学在做以上实验时得到的结果；其中哪一个比较符合实验事实？（力F′是用一只弹簧测力计拉时的图示）

答：______．27、“验证力的平行四边形定则”的实验装置如图甲所示，其中A

为固定橡皮筋的图钉，O

为橡皮筋与细绳的结点，OB

和OC

为细绳。图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。

(1)(1)图乙中的FF与F隆盲F隆盲两力中，方向一定沿AOAO方向的是____________((选填FF或F隆炉)F隆炉)

(2)(2)下列是某同学在做该实验的一些看法，其中正确的是_________((填相应的字母))

A.拉橡皮筋的绳线要细长，实验中弹簧秤、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板平面平行

B.拉橡皮筋结点到某一位置OO时，拉力要适当大些，读数时视线要正对弹簧秤刻度

C.拉橡皮筋结点到某一位置OO时，两个弹簧秤之间夹角应取90鈭�90^{circ}以便于算出合力大小

D.实验中，橡皮筋应该与两个弹簧秤之间夹角的平分线在同一直线上

E.实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮筋另一端拉到OO点评卷人得分六、解答题(共1题，共8分)28、如图所示的水平传送带以速度v=2m/s匀速运动；传送带把一煤块从A运送到B，A；B相距L=10m，若煤块在A处是由静止放在皮带上，经过6s可以到达B处，求：

（1）煤块在A；B间运动的加速度．

（2煤块在皮带上留下的痕迹的长度．

（3）若改变传送带的速度为另一数值；则到达B的时间亦改变，求煤块以最短时间到达B时传送带的最小速度．

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A|D【分析】【解析】试题分析：AB、平均速度等于位移与时间的比值，全过程位移为0，所以平均速度大小为0；A正确B错误CD、位移大小是从初始位置指向末位置的有向线段的长度，路程是指物体运动轨迹的长度，物体的出发点和目的地是同一地点，所以位移为零，路程为50m；C错误D正确故选AD考点：平均速度的概念；位移与路程的区别【解析】【答案】AD2、A【分析】

由f=μFN得：

f=0.2×10=2N；

滑动摩擦力的方向与物体的运动方向相反；故滑动摩擦力向右；

故选A．

【解析】【答案】物体在地面上运动；受到滑动摩擦力；根据滑动摩擦力的求法可以求出大小．

3、C【分析】【解析】

试题分析：A和B是通过皮带相连，它们有共同的线速度，A和C在同一个轮上，它们的角速度相等，再由线速度和角速度之间的关系V=rω；及向心力公式，就可以判断它们的关系．

由题意可知，VA=VB，ωA=ωC，A点的向心加速度为B点的向心加速度为由于VA=VB，r1＞r2，所以aB＞aA，A点的向心加速度也等于aA=r1ωA2，C点的向心加速度等于aC=r2ωC2，由于r1＞r2，ωA=ωC，所以aA＞aC，所以aB＞aA＞aC；

故选C．

考点：线速度；角速度和周期、转速．

点评：通过皮带相连的，它们的线速度相等；同轴转的，它们的角速度相等，这是解本题的隐含条件，再V=rω，及向心力公式做出判断，考查学生对公式得理解．【解析】【答案】C4、C【分析】解：A72km/h=20m/s

根据P露卯=Fvmax

得：F=P露卯vmax=144020N=72N

故A错误．

B、以额定功率启动时：Pv鈭�f=ma

而刚启动时v=0

则f=0

故刚启动时加速度很大，故B错误．

C；由公式W=Pt

由能量守恒得：1440W隆脕1h=30隆脕6W隆脕t

得：t=8h

即保持最大速度行驶1h

至少需要有效光照8h

故C正确；

D；由题意：汽车行驶时受到的空气阻力与其速度成正比；设f=kv

则结合前面分析：72=k隆脕20

得：k=3.6

当直接用太阳能电池板提供的功率行驶有最大速度时：牵引力=

阻力，即：180v=kv

解得v隆脰7.07m/s

故D错误；

故选：C

．

根据P=Fv

计算最大速度时的牵引力大小；由牛顿第二定律和公式P=Fv

结合求解加速度.

由能量守恒定律分析CD

两项．

本题考查推力、功率、面积等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，本题还告诉我们一定要广泛应用太阳能，太阳能不但节省能源，还可以环保【解析】C

5、A【分析】【解析】试题分析：A、加速度表示物体速度变化的快慢，速度变化越快，加速度就越大；正确B、由可知，加速度方向与速度变化量的方向相同，则速度变化量的方向为正，加速度方向一定为正；错误C、加速度的方向不变，速度方向不一定保持不变，比如平抛运动，加速度方向竖直向下保持不变，而速度方向时刻在变化；错误D、由可知，速度变化得越少，时间可能很短，加速度有可能较大；错误故选A考点：对加速度的理解【解析】【答案】A6、B【分析】【解析】试题分析：根据整体法，系统具有向左的分加速度，所以地面需对斜面产生向左的静摩擦力，即若a保持静止，则有相对于水平面向右运动的趋势，B正确，ACD错。考点：整体法【解析】【答案】B7、D【分析】【解析】

试题分析：位移时间图像的斜率表示速度，在时刻a图像的斜率小于b图像的斜率，所以此时a车的速度小于b车的速度，A错误；a做做匀速运动，加速度为零，b做变速运动，加速度不为零，所以在时刻a车的加速度小于b车的加速度，故B错误；在到这段时间内，a和b两车初末位置相同，位移相同，a一直沿负方向运动，而b先沿负方向运动后沿正方向运动，路程不等，故C错误．速度图线切线的斜率表示速度，在到这段时间内，b车图线斜率先减小后增大，则b车的速率先减小后增加；故D正确．

考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【解析】【答案】D8、C【分析】解：AB

通电直导线中的安培定则(

安培定则一)

用右手握住通电直导线；让大拇指指向电流的方向，那么四指的指向就是磁感线的环绕方向由此可知，故AB错误；

CD

通电螺线管中的安培定则(

安培定则二)

用右手握住通电螺线管；使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N

极，据此可知，故C正确，D错误。

故选：C

安培定则；也叫右手螺旋定则，是表示电流和电流激的磁场的磁感线方向间关系的定则，根据安培定则的应用即可正确解答．

加强练习熟练掌握安培定则的内容，注意磁场方向的表示方法，同时关注直导线与环导线大拇指指向内容有所不同．【解析】C

9、D【分析】解：A

汽车受牵引力；且与运动方向相同；故牵引力做正功；故A错误；

B；阻力与运动方向相反；阻力做负功；故B错误；

C；物体有向上的分位移；故重力做负功；故C错误；

D；支持力与运动方向相互垂直；故支持力不做功；故D正确；

故选：D

．

做功的条件为：一有力的作用；二是在力的方向上应发生一段位移．

本题要注意掌握力做功的条件，同时要注意做好受力分析，明确物体受到的各力的情况．【解析】D

二、填空题(共6题，共12分)10、略

【分析】【解析】【答案】4：511、略

【分析】解：根据功能关系；雨滴下落过程，克服阻力做的功等于产生的热量，即：

fh=Q

其中：f=0.7mg

有30%为其吸收；故有：

Q吸=30%Q

再根据Q吸=cm△t；有：

==0.2℃

故答案为：0.2．【解析】0.212、0.86；0.81；纸带和打点计时器限位孔之间有摩擦以及空气阻力【分析】解：(1)垄脵

从O

点下落到B

点的过程中，减少的重力势能鈻�Ep=mgh=0.5隆脕9.8隆脕17.60隆脕10鈭�2=0.86J

垄脷

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；可以求出打纸带上B

点时小车的瞬时速度大小．

vB=XAC2T=0.2299鈭�0.15792隆脕0.02=1.8m/s

增加的动能鈻�Ek=12mvB2=12隆脕0.5隆脕(1.8)2=0.81J

(2)鈻�Ep>鈻�Ek

的原因是由于纸带和打点计时器限位孔之间有摩擦以及空气阻力．

故答案为：(1)0.860.81

(2)

纸带和打点计时器限位孔之间有摩擦以及空气阻力．

验证机械能守恒时，我们验证的是减少的重力势能鈻�Ep=mgh

和增加的动能鈻�Ek=12mv2

间的关系；所以我们要选择能够测h

和v

的数据．

减少的重力势能鈻�Ep=mgh

增加的动能鈻�Ek=12mv2v

可由从纸带上计算出来．

能够清楚该实验的工作原理和实验步骤，熟练应用匀变速直线运动规律来解决纸带问题是力学实验中常见的问题，计算要注意单位的换算和有效数字的保留．【解析】0.860.81

纸带和打点计时器限位孔之间有摩擦以及空气阻力13、略

【分析】

对足球受力分析如图所示；则由三力平衡条件可得：

细线的拉力F=墙壁对球的弹力FN=mgtanθ．

故答案为：

【解析】【答案】圆球受到重力G；细绳的拉力T和墙壁的弹力N作用；作出圆球的受力示意图．

根据平衡条件求解绳子对圆球的拉力大小及墙壁对圆球的弹力大小．

14、略

【分析】解：根据G=m可得人造卫星的速度v=

即轨道半径r越大卫星运行的速度v越小．而第一宇宙速度是人造卫星贴近地球表面运行时的速度；故第一宇宙速度是卫星最大的环绕速度；

卫星的轨道半径越大卫星具有的能量越大；所以发射速度越大，所以第一宇宙速度是发射人造卫星最小的速度．

根据mg=m可知v==7.9km/s；故第一宇宙速度为7.9km/m．

故答案为：7.9；小，大．

根据G=m可得人造卫星的速度v=即轨道半径r越大卫星运行的速度v越小．确定第一宇宙速度是卫星最大的环绕速度；卫星的轨道半径越大卫星具有的能量越大，所以发射速度越大，所以第一宇宙速度是发射人造卫星最小的速度；根据mg=m可知v==7.9km/s；故第一宇宙速度为7.9km/m．

注意第一宇宙速度有三种说法：

①它是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度。

②它是人造地球卫星在圆轨道上运行的最大速度。

③它是卫星进入近地圆形轨道的最小发射速度．【解析】7.9；小；大15、略

【分析】解：根据万有引力提供向心力得：GMmR2=m4娄脨2T2R=ma

得T=2娄脨RRGMa=4娄脨2T2R

由题，T1T2=221

代入T=2娄脨RRGM

解得：R1R2=21

再由a=4娄脨2T2R

得：a1a2=14

故答案为：2114

．

人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动；根据万有引力提供向心力列式，得到卫星的周期；加速度与轨道半径的关系，再求解即可．

对于卫星问题，关键要建立物理模型，分析其向心力来源，知道万有引力提供向心力．【解析】2114

三、实验题(共6题，共12分)16、略

【分析】试题分析：（1）标尺刻度x与砝码质量m的关系图线如图所示（2）为增加100g，弹簧的形变量大致保持在4到5厘米之间，而从第三组到第四组，变化太大，故第四组记录有问题，（3）从图象可以看出在0～4.9N范围内弹力大小与弹簧伸长关系满足胡克定律．根据胡克定律得：（4）两只弹簧串联起来后的劲度系数为所以总形变量为忽略弹簧的质量，每个弹簧受到的拉力都为3.4N考点：考查了探究弹力和弹簧伸长关系的实验【解析】【答案】(1）（2）4（3）23.5--26.0N/m。（结果保留三位有效数字）（4）0.2610.290，3.417、略

【分析】试题分析：外力做功不易测量，我们采用相同橡皮筋弹力做功相同的方法替代，所以A正确；小车运动过程受阻力，可以采用倾斜木板平衡阻力的方法进行补偿，故B正确；如果平衡摩擦力不足，小车将做先加速再减速运动，导致纸带打出的点两端密、中间疏，故C正确；平衡摩擦力后，小车先加速后匀速，纸带上的点是先密后匀，求小车速度应该取均匀部分来进行计算，故D错误。考点：探究动能定理实验【解析】【答案】D18、略

【分析】【解析】

试题分析：设斜面的长为s；倾角为θ。由动能定理得。

（mgsinθ－μmgcosθ）s＝即mgh－μmgL＝v2＝2gh－2μgL

v2与h是一次函数，不过原点的原因是存在摩擦阻力，由图像可知，当h＝0.25m时，v＝0，代入v2＝2gh－2μgL得μ＝0.5，若图像发生了弯曲，说明释放物块时存在初速度，或者是释放位置高度大于h。由v2＝2gh－2μgL知斜率k＝2g为定值；若更换光滑的斜面，图像的斜率不变。

考点：探究合外力做功与物体动能的变化的关系【解析】【答案】（1）存在摩擦阻力；（2）0.5；（3）释放物块时存在初速度（或者是释放位置高度大于h）；（4）不变19、略

【分析】【解析】试题分析：本实验中，用钩码重力充当小车的合外力，其前提条件是钩码质量远远小于小车质量。根据牛顿第二定律，在F一定情况下，am乘积一定，即a与成正比。考点：牛顿第二定律【解析】【答案】ｍ<<Ｍ拉力F（两个人用的盘及盘中砝码的质量用m不同）20、略

【分析】：物体做平抛运动，设时间间隔为T，由图可知，竖直方向满足水平方向可得：代入数值得：【解析】【答案】v0=2；0.70m/s21、略

【分析】【解析】首先，要将AB拉动，拉力要大于B与地面间的摩擦力，易得F>150N；当AB整体一起运动的加速度过大时会发生相对滑动，根据最大静摩擦力得整体运动的最大加速度为1m/s2，对整体列牛顿第二定律方程可解得F≤180N.【解析】【答案】150N＜F≤180N四、简答题(共4题，共24分)22、解：（1）设直杆下端到达圆筒上方的时间为t1，上端离开圆筒下方的时间为t2，根据自由落体运动规律有：解得：（2）根据自由落体运动规律有：解得：则直杆穿越圆筒所用的时间【分析】本题主要考查了自由落体运动的基本公式的直接应用，知道直杆穿越圆筒所用的时间应为下落的总时间减去直杆下端到达圆筒上方的时间，难度不大。(1)

直杆从开始下落到其下端刚好进入圆筒，即下落位移为H

根据位移时间公式可求解；(2)

直杆从开始下落到其下端刚好穿出圆筒，根据位移时间公式可求解。【解析】解：(1)

设直杆下端到达圆筒上方的时间为t1

上端离开圆筒下方的时间为t2

根据自由落体运动规律有：H=12gt12

解得：t1=2隆脕0.810s=0.4s

(2)

根据自由落体运动规律有：L1+H+L2=12gt22

解得：t2=2隆脕(0.5+0.8+3.7)10s=1s

则直杆穿越圆筒所用的时间t=t2鈭�t1=0.6s

23、外力F1撤去后，由平衡条件可知：物体所受的F2与F3的合力大小等于F1，方向与F1相反，因物体原来处于平衡状态，即可能静止或做匀速直线运动，其初速度及以后运动情况可能有下列几种：（1）原来静止，v0＝0，物体将沿F1的反方向做匀加速直线运动；（2）原来做匀速直线运动，v0方向与F1相反，沿v0方向做匀加速直线运动；（3）原来做匀速直线运动，v0方向与F1相同，将沿v0方向做匀减速直线运动；（4）原来做匀速直线运动，v0方向与F1成一夹角，将做匀变速曲线运动。【分析】略【解析】外力F1

撤去后，由平衡条件可知：物体所受的F2

与F3

的合力大小等于F1

方向与F1

相反，因物体原来处于平衡状态，即可能静止或做匀速直线运动，其初速度及以后运动情况可能有下列几种：(1)

原来静止，v0=0

物体将沿F1

的反方向做匀加速直线运动；(2)

原来做匀速直线运动，v0

方向与F1

相反，沿v0

方向做匀加速直线运动；(3)

原来做匀速直线运动，v0

方向与F1

相同，将沿v0

方向做匀减速直线运动；(4)

原来做匀速直线运动，v0

方向与F1

成一夹角，将做匀变速曲线运动。24、略

【分析】

（1）关门时；锁舌受到锁壳的作用力，弹簧被压缩，根据力的分解原则求解此时弹簧的弹力；

（2）设最小角度为θ；对锁舌受力分析，由平衡条件列式求解即可．

弹簧被压缩时提供支持力，拉伸时提供拉力，同时要求同学们能对锁舌进行正确的受力分析，难度不大，属于基础题．【解析】解：（1）关门时；锁舌受到锁壳的作用力，弹簧被压缩，处于压缩状态．

对锁舌：受到锁壳的作用力F、锁头弹力F1、弹簧弹力F2作用平衡；

则有：F2=Fsin37°=40×0.6N=24N．

（2）设最小角度为θ；根据题意，锁舌受力如图2所示．

由平衡条件：Fsinθ=fcosθ；f=μF，即Fsinθ=μFcosθ；

当Fsinθ＜μFcosθ时；即tanθ＜μ时“锁死”；

解得：θ＜arctanμ

答：（1）若锁舌尖角为37°；锁舌表面较光滑，一切摩擦不计，关门时锁壳压锁舌的力为40N，弹簧的弹力24N；

（2）这个最小角度是arctanμ．25、略

【分析】

(1)

对木板和小物体受力分析；由牛顿第二定律可以求得加速度的大小；

(2)

根据匀加速直线运动位移时间公式求出位移大小；

(3)

撤去拉力后；小滑块在滑动摩擦力作用下，做匀减速运动，木板在摩擦力作用下做匀加速运动，当速度相等时相对静止，然后一起做匀减速运动直到静止，求出速度相等前滑块和木板运动的位移，进而求出木板的最小长度．

解题的关键是正确对滑块和木板进行受力分析，清楚滑块和木板的运动情况，根据牛顿第二定律及运动学基本公式求解，知道当速度相等时，物块正好运动到木板右端时，木板长度最短，难度适中．【解析】解：(1)

对小物块，根据牛顿第二定律得：a1=F鈭�娄脤1mgm=6鈭�0.3隆脕1隆脕101=3m/s2

对木板，根据牛顿第二定律得：a2=娄脤1mg鈭�娄2(M+m)gM=0.3隆脕1隆脕10鈭�0.1隆脕2隆脕101=1m/s2

(2)

根据匀加速直线运动位移时间公式得：

2s

内小物块的位移x1=12a1t2=12隆脕3隆脕4=6m

木板的位移x2=12a2t2=12隆脕1隆脕4=2m

(3)

撤去F

时；物体的速度v1=a1t=3隆脕2=6m/s

木板的速度v2=a2t=1隆脕2=2m/s

撤去F

后；物块做匀减速直线运动，木板以原来的加速度做匀加速直线运动，当两者速度相等后一起做匀速直线运动；

撤去F

后，对小物块，根据牛顿第二定律得a3=鈭�娄脤1mgm=鈭�0.3隆脕1隆脕101=鈭�3m/s2

设经过时间t1

两者速度相等；则有。

v2+a2t1=v1+a3t1

解得：t1=1s

当速度相等时；物块正好运动到木板右端时，木板长度最短；

此过程中，木块运动的位移x3=v1t1+12a3t12=6隆脕1鈭�12隆脕3隆脕1=4.5m

木板运动的位移x4=v2t1+12a2t12=2隆脕1+12隆脕1隆脕1=2.5m

则木板的长度最少为L=x1+x3鈭�x2鈭�x4=6+4.5鈭�2鈭�2.5=6m

．

答：(1)

小物块和木板的加速度大小分别为3m/s2

和1m/s2

．

(2)

经过2s

后；若小物块仍未从木板上滑落，小物块和木板的位移分别为6m

和2m

．

(3)

若F

作用2s

后立刻撤去，要使小物块不滑出木板，木板至少6m

长．五、实验探究题(共2题，共8分)26、略

【分析】解：（1）根据两分力作出平行四边形；则对角线的长度表示合力的大小；如图所示；

（2）（2）A；两弹簧测力计的拉力的合力与橡皮筋的拉力大小相等；两弹簧测力计的拉力可以同时比橡皮筋的拉力大．故A正确；

B；两弹簧测力计的拉力与橡皮条的拉力的合力为零；它们之间不是合力与分力的关系，B错误；

C；两次拉橡皮筋时；为了使两次达到效果相同，橡皮筋结点必须拉到同一位置O，故C正确；

D；结点位置不变；合力不变，当一只弹簧测力计的拉力大小改变时，另一弹簧测力计的拉力的大小和方向必须都改变，故D错误．

故选：AC．

（3）本实验中使两次实验中效果相同；故采用的科学方法是等效替代法；

（4）本实验中F是由平行四边形得出的；而F′是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮筋的方向相同，而由于实验过程不可避免的存在误差，因此理论值F的方向与