2025年粤教版选修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版选修3物理上册阶段测试试卷863考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，当滑动变阻器滑动触头向左移时，灯泡L1、L2、L3的亮度将()

A.都变亮B.都变暗C.L1、L2变亮，L3变暗D.L1、L3变亮，L2变暗2、下列说法正确的是（）A.物体温度不变，内能一定不变B.物体温度降低，一定对外放热C.物体温度升高，扩散运动加快D.物体温度升高，每个分子热运动的速率都增大3、一定质量的水（）A.凝结为冰时，分子平均动能增加B.凝结为冰时，分子势能增加C.蒸发为水蒸气时，分子势能增加D.升温时，每个水分子运动的速率均增大4、如图所示；两个半径相同；粗细相同互相垂直的圆形导线圈，可以绕通过公共的轴线xx′自由转动，分别通以相等的电流，设每个线圈中电流在圆心处产生磁感应强度为B，当两线圈转动而达到平衡时，圆心O处的磁感应强度大小是（）

A.BB.1.41BC.2BD.05、如图所示，一个匝数为n的圆形线圈，面积为S，电阻为r．将其两端a、b与阻值为R的电阻相连接，其他部分电阻不计．在线圈中存在垂直线圈平面向里的磁场区域，磁感应强度B随时间t均匀增加，=k．则ab两点间的电压为()

A.nSkB.C.D.6、由图可知道；电容器的电容是（）

A.100µFB.100VC.470µFD.470V7、入射光照射到某金属表面上发生光电效应，若入射光的强度减弱，而频率保持不变，那么A.从光照射金属表面到发射出光电子之间的时间间隔将明显增加B.逸出的光电子的最大初动能将减小C.单位时间内从金属表面逸出的光电子数目将减少D.有可能不发生光电效应评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、如图所示，在某一真空中，只有水平向右的匀强电场和竖直向下的重力场，在竖直平面内有初速度为v0的带电微粒，恰能沿图示虚线由A向B做直线运动。那么()

A.微粒带负电B.微粒做匀减速直线运动C.微粒做匀速直线运动D.微粒做匀加速直线运动9、如图甲所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1=100Ω，R2阻值未知，R3为一滑动变阻器。当滑动变阻器的滑片P从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电源中流过电流的变化图线如图乙所示，其中A、B两点是滑片P在滑动变阻器的两个不同端点得到的；则下列说法正确的是（）

A.电源的电动势20VB.电源的内阻10ΩC.定值电阻R2的阻值为4ΩD.滑动变阻器的最大阻值为300Ω10、关于温度，下列说法正确的是（）A.温度在宏观上反映物体的冷热程度，感觉冷的物体温度低B.温度是分子热运动剧烈程度的标志C.温度相同且不再发生变化的两个系统一定处于热平衡状态D.达到热平衡状态的物体的每个分子都具有相同的温度11、如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器的滑片向b端移动时，则

A.电压表读数减小B.电流表读数增大C.质点P将向上运动D.上消耗的功率逐渐增大12、如图所示，电源电动势大小为E，内阻大小为r，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中。

A.小电珠L变亮B.电流表读数变小，电压表读数变大C.电源的效率变大D.处于电容器C两板间某点的一个负点电荷所具有的电势能变大13、半导体中参与导电的电流载体称为载流子．N型导体的载流子是电子；P型半导体的载流子是带正电的“空穴”.一块厚度为d；底面边长为l的长方体半导体样品置于方向如图所示、磁感应强度大小为B的匀强磁场中，当半导体样品通以考向如图所示、大小为I的恒定电流时，样品上、下表面出现恒定电势差U，且上表面带正电、下表面带负电.设半导体样品中每个载流子带电荷量为q，半导体样品中载流子的密度（单位体积内载流子的个数）用n表示，则下列关于样品材料类型和其中载流子密度n的大小的判断正确的是（）

A.是N型半导体B.是P型半导体C.n=D.n=14、如图，矩形abcd为匀强磁场区域；磁场方向竖直向下，圆形闭合金属线圈以一定的速度沿光滑绝缘水平面向磁场区域运动。下图是线圈的四个可能到达的位置，则线圈的动能不可能为零的位置是()

A.B.C.D.15、下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是()A.根据电场强度的定义式可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B.根据电容的定义式可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C.根据真空中点电荷的电场强度公式可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带电荷量有关D.根据电势差的定义式可知，带电荷量为1C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则B两点间的电势差为UAB＝1V评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、图甲是研究光电效应现象的装置．某同学用该装置探究遏止电压．与入射光频率之间的关系，得到图乙图象．图中电源____端为正极(填“左”或“右")．该装置阴极K的逸出功为____J.已知普朗克常量h=（结果保留三位有效数字）

17、一定质量的气体经历a、b、c、d四段变化过程，压强与热力学温度的关系如图所示，气体体积在增大的过程是_________。忽略气体分子势能，气体的内能在增大的过程是_________。18、一定质量的理想气体，从状态A开始经历AB、BC、CA三个过程又回到状态A，气体的密度压强p的关系图像如图所示，AB的反向延长线经过坐标原点O，BC、AC分别与纵轴、横轴平行，则气体从状态A到状态B温度______（填“升高”“降低”“不变”），从状态B到状态C______热（填“吸”“放”）。

19、如图所示，电阻Rab=0.1Ω的导体ab沿光滑导线框向右做匀速运动；线框中接有电阻R=0.4Ω，线框放在磁感应强度B=0.1T的匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，cd间的长度L=0.4m，运动的速度v=5.0m/s，线框的电阻不计．

a.电路abcd中导体棒ab相当于电源,_______（a端或b端）相当于电源的正极。

b.电源的电动势即产生的感应电动势E=_______V，电路abcd中的电流I=_______A

c.导体ab所受安培力的大小F=__________N，方向是__________；20、如图所示的平行板器件中，电场强度E和磁感应强度B相互垂直，具有不同水平速度的带电粒子射入后发生偏转的情况不同。若从左侧水平射入的带电粒子，不计重力，穿过这一区域时未发生偏转，则该粒子的速度大小为________；若只改变该粒子的电性，则粒子穿过这一区域时是否会发生偏转？________（选填“会”或“不会”）。21、一种海浪发电机的气室如图所示。工作时；活塞随海浪上升或下降，改变气室中空气的压强，从而驱动进气阀门和出气阀门打开或关闭。气室先后经历吸入；压缩和排出空气的过程，推动出气口处的装置发电。气室中的空气可视为理想气体。

(1)下列对理想气体的理解，正确的有_____

A．理想气体实际上并不存在；只是一种理想模型。

B．只要气体压强不是很高就可视为理想气体。

C．一定质量的某种理想气体的内能与温度；体积都有关。

D．在任何温度；任何压强下；理想气体都遵循气体实验定律。

(2)压缩过程中，两个阀门均关闭。若此过程中，气室中的气体与外界无热量交换，内能增加了3.4×104J，则该气体的分子平均动能_____（选填“增大”“减小”或“不变”），活塞对该气体所做的功_____（选填“大于”“小于”或“等于”）3.4×104J。

(3)上述过程中，气体刚被压缩时的温度为27℃，体积为0.224m3，压强为1个标准大气压。已知1mol气体在1个标准大气压、0℃时的体积为22.4L，阿伏加德罗常数NA=6.02×1023mol-1，则此时气室中气体的分子数为_____。（计算结果保留一位有效数字）22、如图甲所示，在xOy平面内有两个沿z方向做简谐振动的点波源S1（－2，0）和S2（4，0）。两波源的振动图线分别如图乙和图丙所示，两列波的波速均为0.50m/s。两列波从波源传播到点A（－2，8）的振幅为______m，两列波引起的点B（1，4）处质点的振动相互____（填“加强”或“减弱”），点C（0.5，0）处质点的振动相互________（填“加强”或“减弱”）。

23、如图所示，一束激光频率为传播方向正对卫星飞行方向，已知真空中光速为c，卫星速度为u，则卫星上观测到激光的传播速度是______，卫星接收到激光的频率______（选填“大于”“等于”或“小于”）。

24、如图所示为氢原子能级示意图，某个粒子与处在基态的一个氢原子在同一直线上相向运动，并发生碰撞，碰撞后氢原子受激跃迁到n＝4的能级。若有一群氢原子处在n＝4的能级，会辐射出_____种频率的光。在此条件下辐射出的光子中，频率最高的光子的能量是_____eV．用辐射出的光子照射逸出功为4.75eV的金属，逸出光电子的最大初动能为_____eV.评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)25、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

26、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

27、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共15分)28、在做“测定玻璃的折射率”的实验中，先在白纸上放好玻璃砖，在玻璃砖的一侧插上两枚大头针P1和P2，然后在另一侧透过玻璃砖观察，插上大头针P3、P4，使P3挡住P1、P2的像，P4挡住P3和P1、P2的像．如图所示，aa'和bb'分别是玻璃砖与空气的两个界面，用“+”表示大头针的位置．图中AO表示经过大头针P1和P2的光线，该光线与界面aa'交于O点，MN表示法线．

（1）请画出玻璃砖中的折射光线，并在图中标出光线进入玻璃砖发生折射现象的入射角θ1和折射角θ2________；

（2）该玻璃砖的折射率可表示为n＝________．（用θ1和θ2表示）

29、物理兴趣小组的同学们从实验室中找到一只小灯泡，其标称功率值为额定电压值已模糊不清．他们想测定其额定电压值，于是先用欧姆表直接测出该灯泡常温下不发光的电阻约为然后根据公式计算出该灯泡的额定电压．他们怀疑所得电压值不准确，于是，再利用下面可供选择的实验器材设计一个电路，测量通过灯泡的电流和它两端的电压并根据测量数据来绘灯泡的图线；进而分析灯泡的额定电压．

A．电压表（量程内阻约）

B．电流表（量程内阻约）

C．电流表（量程内阻约）

D．滑动变阻器

E．滑动变阻器

F．电源（电动势内阻不计）

G．开关和导线若干。

H．待测灯泡（额定功率额定电压未知）

（1）在下面所给的虚线框中画出他们进行实验的电路原理图________，指出上述器材中，电流表选择_____（“”或“”）：滑动变阻器选择____（填“”或“”）．

（2）在实验过程中，该同学将灯泡两端的电压由零缓慢地增加，当电压达到时，发现灯泡亮度很暗，当达到时，发现灯泡已过亮，便立即断开开关，并将所测数据记录在下边表格中．。次数12345670.200.601.001.401.802.202.7080155195227255279310

请你根据实验数据在图中作出灯泡的图线______．

（3）由图象得出该灯泡的额定电压应为__这一结果大于其原因____．30、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中；实验室提供了如下器材：

A．小灯泡(3V；1．8W)

B．电压表(量程3V；内阻约为20kΩ)

C．电流表(量程0.6A；内阻约为0．2Ω)

D．滑动变阻器(0～10Ω；2A)

E．电源(电动势3V；内阻不计)

F．开关及导线若干；坐标纸。

实验中要求小灯泡上的电压从零开始测量尽可能准确，调节测量多组对应的U、I值．如图甲所示；一组同学已经完成导线的连接．

(1)如图甲连接好电路，不闭合电键，滑动变阻器滑动头在图示中间位置时电压表示数_______________(填“为零”“不为零”)．

(2)在图甲中闭合电键滑动变阻器滑动头从右端滑到左端的过程中灯泡亮度变化情况是____________．

(3)指出图甲中该组同学连接错误的两条导线_______________(填导线编号)．

(4)图乙中a图线是改正后描出的灯泡U—I图线，图乙中b图线是另一个电源路端电压U与电源电流I的图线．如果将这样的一个灯泡与该电源连成闭合电路，该灯泡消耗电功率为____________W；如果将这样的两个灯泡串联接在该电源上，则每个灯泡消耗电功率为____________W．(结果均保留两位小数)评卷人得分六、解答题(共3题，共18分)31、如图（a）所示，间距为l、电阻不计的光滑导轨固定在倾角为θ的斜面上．在区域I内有方向垂直于斜面的匀强磁场，磁感应强度为B；在区域Ⅱ内有垂直于斜面向下的匀强磁场，其磁感应强度Bt的大小随时间t变化的规律如图（b）所示．t＝0时刻在轨道上端的金属细棒ab从如图位置由静止开始沿导轨下滑，同时下端的另一金属细棒cd在位于区域I内的导轨上由静止释放．在ab棒运动到区域Ⅱ的下边界EF处之前，cd棒始终静止不动，两棒均与导轨接触良好．已知cd棒的质量为m、电阻为R，ab棒的质量、阻值均未知，区域Ⅱ沿斜面的长度为2l，在t＝tx时刻（tx未知）ab棒恰进入区域Ⅱ，重力加速度为g．求：

(1)通过cd棒电流的方向和区域I内磁场的方向；

(2)ab棒开始下滑的位置离EF的距离；

(3)ab棒开始下滑至EF的过程中回路中产生的热量．32、如图所示，一根两端开口、横截面积为S=2cm2足够长的玻璃管竖直插入水银槽中并固定（插入水银槽中的部分足够深）。管中有一个质量不计的光滑活塞，活塞下封闭着长L=21cm的气柱，气体的温度为t1=7℃，外界大气压取p0=1.0×105Pa（相当于75cm高的汞柱压强）。

(1)若在活塞上放一个质量为m=0.1kg的砝码，保持气体的温度t1不变，则平衡后气柱为多长？（g=10m/s2）

(2)若保持砝码的质量不变，对气体加热，使其温度升高到t2=77℃；此时气柱为多长？

(3)若在(2)过程中，气体吸收的热量为10J，则气体的内能增加多少？33、显像管是旧式电视机的主要部件，显像管的简要工作原理是阴极K发射的电子束经电场加速后，进入放置在其颈部的偏转线圈形成的偏转磁场，发生偏转后的电子轰击荧光屏，使荧光粉受激发而发光，图13(a)为电视机显像管结构简图．显像管的工作原理图可简化为图13(b)．其中加速电场方向；矩形偏转磁场区域边界MN和PQ均与OO’平行；荧光屏与OO’垂直．磁场可简化为有界的匀强磁场，MN=4d，MP=2d，方向垂直纸面向里，其右边界NQ到屏的距离为L．若阴极K逸出的电子（其初速度可忽略不计），质量为m，电荷量为e，从O点进入电压为U的电场，经加速后再从MP的中点射入磁场，恰好从Q点飞出，最终打在荧光屏上．

（1）求电子进入磁场时的速度；

（2）求偏转磁场磁感应强度B的大小以及电子到达荧光屏时偏离中心O’点的距离；

（3）为什么电视机显像管不用电场偏转？请用以下数据计算说明．炽热的金属丝可以发射电子，设电子刚刚离开金属丝时的速度为0．在金属丝和金属板（图中圆环片）之间加电压U1=2500V．电子在真空中加速后，从金属板的小孔穿出．之后进入两个相同的极板Y与Y′之间，极板长度l=6.0cm，相距d=2cm，极板间的电压U2=200V，两板间的电场看做匀强电场．图中极板X与X′之间未加电压．从极板Y与Y′出射的电子最终打在荧光屏上P点（图中未画出）．如果极板Y与Y′之间不加电压，电子打在荧光屏正中心O点．那么要使OP间距y=15cm（大约是21寸彩电高度的一半），则极板Y与Y′末端到荧光屏的距离s等于多少？电子质量m=0.9×10-30kg，电量e=1.6×10-19C．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】

首先认识电路的结构：电灯与变阻器串联后与灯泡并联，最后再与串联；

当滑动变阻器的滑动触头向左移动时；变阻器接入电路的电阻变小，故总电阻变小，根据欧姆定律判断干路电流的变化情况，然后逐步判断各个各个部分的电流或电压情况，从而判断灯泡的亮度；

【详解】

当滑动变阻器的滑动触头向左移动时，变阻器有效电阻变小，故整个电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知干路电流增大，故灯泡变亮；

并联电路的电压故并联电路电压变小，灯泡变暗；

干路电流变大，而通过灯泡的电流变小，故通过灯泡的电流增大，灯泡变亮；故ABD错误，C正确．

【点睛】

解决动态电路的关键是：通常按照局部→整体→局部的思路进行分析，在灵活应用串并联电压和电流的关系，判断各支路的电压和电流的变化．2、C【分析】【详解】

A．物体的内能与物体的体积；温度、摩尔数等因素都有关；所以温度不变，其内能不一定不变，故A错误；

B．可以通过对外做功导致物体的内能减少；温度降低；不一定非要对外放热，故B错误；

C．扩散现象是分子的热运动；扩散现象；布朗运动和分子热运动都随温度的升高而变得剧烈，故C正确；

D．温度是分子平均动能的标志；温度升高，分子平均动能增大，不是每一个分子的动能都增大，故D错误。

故选C。3、C【分析】【详解】

AB．一定质量的水凝结为冰时；要放出能量，内能减少，温度保持不变，分子平均动能不变，分子势能减少，故AB错误；

C．一定质量的水蒸发为水蒸气时；要吸收能量，分子势能增加，故C正确；

D．升温时；分子平均动能增大，但不是每个水分子运动的速率均增大，故D错误。

故选C。4、C【分析】根据安培定则可知，竖直方向的通电圆环在圆心O处产生的磁感应强度方向垂直纸面向里，大小为B；水平方向的通电圆环在圆心O处产生的磁感应强度方向竖直向上，大小为B，两者相互垂直，由于同向电流吸引，故当两线圈转动而达到平衡时两个线圈重合，圆心O处的磁感强度的大小是BO=2B.

故选：C5、B【分析】【详解】

根据法拉第电磁感应定律可得：则ab两点间的电压为故选B.6、C【分析】试题分析：电容器的电容与只与电容器本身决定；电容的单位是法拉，其他常见的单位还有微法；皮法，结合它们单位之间的关系解答即可．

解：由图可知；电容器的电容C=470μF，而100V，是电容器的耐压值，故C正确，ABD错误．

故选：C．

【点评】该题考查电容的单位之间的换算关系，要牢记1F=106μF=1012pF．基础题目．7、C【分析】【详解】

A．光的强弱影响的是单位时间内发出光电子的数目；不影响发射出光电子的时间间隔，A错误；

B．根据光电效应方程知

入射光的频率不变；则最大初动能不变，B错误；

C．光的强弱影响的是单位时间内发出光电子的数目；入射光的强度减弱，单位时间内从金属表面逸出的光电子数目将减少，光电流减弱，C正确；

D．入射光的频率不变；则仍然能发生光电效应，D错误。

故选ABD。二、多选题(共8题，共16分)8、A:B【分析】【详解】

微粒做直线运动的条件是速度方向和合外力的方向在同一条直线上；只有微粒受到水平向左的电场力才能使得合力方向与速度方向相反且在同一条直线上，由此可知微粒所受的电场力的方向与场强方向相反，则微粒必带负电，且运动过程中微粒做匀减速直线运动；故A，B正确，C，D错误.

故选AB.

【点睛】

带点微粒做直线运动，所以所受合力方向与运动方向在同一直线上，根据重力和电场力的方向可确定微粒运动的性质．9、A:D【分析】【详解】

A．图乙中AB延长线交U轴于20V处，此为断路电压，所以电源的电动势为E=20V；故A项正确；

B．图乙中AB延长线交I轴于1.0A处，此为短路电流，根据闭合电路欧姆定律公式得

故B项错误；

C．经分析，当滑片P滑到R3的右端时，电路参数对应图乙中的B点，R1被短路，外电路总电阻为R2，即由部分电路欧姆定律得

故C项错误；

D．当滑片P滑到R3的左端时，外电路阻值最大，对应图乙中的A点，此时根据部分电路欧姆定律得

又因为

代数得滑动变阻器的最大阻值为300Ω；D项正确。

故选AD。10、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．温度在宏观上反映物体的冷热程度；但并不是感觉冷的物体温度就低；人体感受的物体冷热程度，一方面取决于被感受物体的温度，另一方面还与被感受物体单位时间内吸收或放出的热量的多少有关，故A错误；

BCD．温度在微观上反映了分子做无规则运动的剧烈程度；是大量分子热运动的集体表现，对于个别分子来说，温度是没有意义的，只要两个系统温度相同且不再发生变化，它们就处于热平衡，故BC正确，D错误。

故选BC。11、A:B【分析】【详解】

由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串连接在电源两端；电容器与R3并联；

当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；

由欧姆定律可知流过R3的电流减小；则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B正确；

因并联部分电压减小，而R2中电压增大；故电压表示数减小；故A正确；

因电容器两端电压减小；故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，电荷向下运动，故C错误；

因R3两端的电压减小，由公式可知，R3上消耗的功率减小．故D错误．

综上所述；故选AB．

【点晴】

本题考查闭合电路的欧姆定律，一般可以先将分析电路结构，电容器看作开路；再按部分-整体-部分的分析思路进行分析．12、A:D【分析】【详解】

当滑片向右滑动的过程中，其有效阻值变小，所以根据闭合电路欧姆定律得知：干路电流变大，路端电压变小，电流表读数变大，电压表读数变小，小电珠L变亮．故A正确，B错误．电源的效率则当R减小时，电源的效率减小，选项C错误；与变阻器并联的电容器两端电压变小，处于电容器C两板间某点的电势降低，则负点电荷在该点所具有的电势能变大，故D正确．故选AD．13、B:D【分析】【详解】

若载流子为电子，则可判断电子受向上的洛伦兹力而向上表面运动，故上表面带负电.现在上表面带正电，故此材料为P型半导体，选项B正确.根据且载流子所受洛伦兹力与电场力平衡，即解得选项D正确.14、B:C【分析】【详解】

AD项：线圈进或出磁场时；磁通量变化，线圈中会产生感应电流，线圈受到安培阻力作用而减速运动，速度可能为零，动能可能为零，故AD错误。

BC项：线圈完全进入磁场后，磁通量不变，没有感应电流产生，不再受安培力，线圈的速度不变，所以BC图中线框速度不可能为零，动能不可能为零，故BC正确。15、C:D【分析】试题分析：电场强度和电场的本身性质有关；与试探电荷无关，A错误；

电容器的电容表示电容器容纳电荷的本领；与其两端的电压和电荷量无关，B错误；

根据真空中点电荷电场强度公式电场中某点电场强度和场源电荷的电量成正比，C错误；

克服电场力做功，说明电场力做负功，即所以A；B点的电势差为-1V；D正确；

考点：考查了电场的基本概念。

点评：基础性题目，虽然简单，但是易错，并且重要三、填空题(共9题，共18分)16、略

【分析】【详解】

因为是研究遏止电压的装置，所以所加电压应为反向电压，阻值光电子到达A极板形成光电流，所以A极板接电源负极，K级板接电源正极，电源右端为正极；根据图像乙可知，当频率为时，所需遏止电压为零，说明此时对应频率为截止频率所以逸出功：【解析】右3.38×10-1917、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由图可知；a过程，温度不变，压强增大，由玻意耳定律可得，气体的体积减小，由于a过程温度不变，因此内能不变；

b过程温度升高，压强增大，由于图像的斜率不变，因此气体的体积不变，由于b过程温度升高；因此气体的内能增大；

c过程压强减小；温度不变，由玻意耳定律可得，气体的体积增大，由于c过程温度不变，因此气体的内能不变；

d过程温度降低；压强减小，由于图线的斜率不变，因此气体的体积不变，由于d过程气体的温度降低，因此气体的内能减小；

综上所述，气体体积在增大的过程是c过程，气体的内能在增大的过程是b过程；【解析】c过程b过程18、略

【分析】【详解】

[1]根据

可知

则气体从状态A到状态B温度不变。

[2]从状态B到状态C，气体密度减小，则体积变大，对外做功；压强不变，则温度升高，内能变大，则气体吸热。【解析】不变吸19、略

【分析】【分析】

据右手定则判断感应电流的方向；即可确定等效电源的正负极；

根据E=BLv求出感应电动势；由欧姆定律得出电流强度，即可由公式F=BIL求解安培力的大小，由左手定则判断安培力的方向．再根据平衡条件分析外力的大小和方向．

【详解】

a.电路abcd中ab棒切割磁感线；产生感应电动势，相当于电源．由右手定则判断可知相当于电源的正极是a端；

b.感应电动势为：E=BLv=0.1×0.4×5V=0.2V；

感应电流为：

c.ab杆所受的安培力FA=BIL=0.1×0.4×0.4N=0.016N

由右手定则判断可知，ab中感应电流方向从b→a；由左手定则得知，安培力的方向向左．

【点睛】

解答本题的关键要掌握右手定则、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、左手定则等电磁感应中常用的规律．【解析】a；0.2V；0.4A；0.016N；向左20、略

【分析】带电粒子未发生偏转则所以只改变该粒子的电性，粒子所受的电场力和洛伦兹力方向改变，但大小不变以，所以不会发生偏转【解析】不会21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]AD．理想气体是指在任何温度；任何压强下都遵守气体实验定律的气体；是为了研究方便而引入的不计本身大小、分子间除碰撞外不计相互作用力，无分子势能、分子间碰撞为弹性碰撞的理想模型，故AD正确；

B．实际气体温度不太低；压强不太大时可视为理想气体；故B错误；

C．由于理想气体不计分子势能；因此其内阻只与温度有关，故C错误。

故选AD。

（2）[2][3]由于压缩过程中气体与外界无热量交换，气体内能增加，因此温度升高，气体的分子平均动能增大，根据热力学第一定律可知W=ΔU=3.4×104J

（3）[4]设气体在标准状况下的体积为V0，上述过程为等压过程，有=

气体物质的量为n=

分子数为N=nNA

联立以上各式并代入数据解得N==5×1024【解析】①.AD②.增大③.等于④.5×102422、略

【分析】【详解】

[1]由图可得周期

则波长

两列波从波源传播到点A（－2，8）的路程差

两列波的振动步调相反，所以A点为振动减弱点；其振幅为2m。

[2]从波源传播到点B（1；4）路程差为0，引起该处质点的振动相互减弱。

[3]从波源传播到点C（0.5，0）的路程差为

该处质点为振动加强点。【解析】2减弱加强23、略

【分析】【详解】

[1]根据光速不变原理，卫星上观测到激光的传播速度为c；

[2]因为激光和卫星是相向运动，依据多普勒效应可知，卫星接收到激光的频率大于【解析】C大于24、略

【分析】【详解】

第一空.从n＝4的能级向低能级跃迁会辐射出C42=6种频率的光子；

第二空.能级差最大的时放出的光子的能量为hγ＝E＝E4﹣E1＝﹣0.85﹣（﹣13.6）＝12.75eV

第三空.逸出光电子的最大初动能为EK＝hγ﹣W0＝12.75﹣4.75＝8eV【解析】612.758四、作图题(共3题，共9分)25、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】26、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】27、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共15分)28、略

【分析】【详解】

（1）由于P3挡住P1、P2的像，P4挡住P3和P1、P2的像，故通过P1、P2的光线折射后通过P3、P4；作出光路图，如图所示：

②根据折射定律，玻璃砖的折射率为【解析】（1）（2）29、略

【分析】【详解】

（1）由P=I2R可得，I==0.61A，所以应选电流表A2；由U-I图象可知电流从零调，所以滑动变阻器应用分压式接法，应选阻值小的变阻器R1；电压表的内阻远大于小灯泡的电阻；则采用安培表外接电路，电路图如图；

（2）根据表中数据采用描点法可得出对应的U-I图象；

（3）根据U-I图象读出U=2.5V；I=300mA时，P=UI=0.75W，所以该灯泡额定电压为U=2.5V，这一结果大于开始时的计算结果，说明灯泡的电阻随温度的升高而增大（或灯泡的冷态电阻小于正常工作是的电阻）．

【点睛】

本题考查测量伏安特性曲线的性质；要求能熟记电流表内接法与外接法的选择方法，以及滑动变阻器分压式接法的条件即选择原则；并能明确伏安特性曲线的应用．【解析】A2R12.5(2.4-2.6")灯泡冷态电阻小于正常工作时的电阻（或灯泡电阻随温度升高而变大）30、略

【分析】【详解】

（1）由实物电路图可知；开关不能控制分压电路的闭合和断开，比如闭合电键，滑动变阻器滑动头在图示中间位置时电压表示数不为零．

（2）由实物电路图可知；闭合电键滑动变阻器滑动头从右端滑到左端的过程滑动变阻器接入电路的阻值增大，流过灯泡的电流减小，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，当滑片到达左端时，滑动变阻器接入电路的阻值为零，灯泡两端电压增大，灯泡实际功率增大，灯泡变亮；

（3）描绘灯泡伏安特性曲线实验滑动变阻器应采用分压接法；电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，所以连线5；6接法错误；

（4）由图乙所示数据可知，灯泡两端电压为2.1V，流过灯泡的电流为0.5A，灯泡实际功率为：（1.03V-1.06V）由图乙所示图线可知电源电动