2025年湘师大新版选择性必修2物理上册阶段测试试卷含答案

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A.笔杆上的点离O点越近的，做圆周运动的向心加速度越大B.笔杆上的各点做圆周运动的向心力是由万有引力提供的C.若该同学使用中性笔，笔尖上的小钢珠有可能因快速的转动做离心运动被甩走D.若该同学使用的是金属笔杆，且考虑地磁场的影响，由于笔杆中不会产生感应电流，因此金属笔杆两端一定不会形成电势差3、如甲图所示，有一边长为L、质量为m的正方形导线框abcd，总电阻为R，用细线悬挂于天花板上。导线框有一半面积处于匀强磁场区域，其磁感应强度B随时间变化的规律如乙图所示，其中均为已知，并取垂直纸面向里为磁场正方向。若导线框始终处于静止状态，则下列说法中错误的是（）

A.0~时间内，线框中电流的方向为逆时针方向B.0~时间内，bc边受到的安培力竖直向下C.时间内，线框中电流的方向不变D.时间内，线框中电流的大小为4、如图所示，磁铁在电动机和机械装置的带动下，以O点为中心在水平方向上做周期性往复运动。两匝数不同的线圈分别连接相同的小灯泡，且线圈到O点距离相等。线圈电阻；自感及两线圈间的相互影响可以忽略；不考虑灯泡阻值的变化。下列说法正确的是（）

A.两线圈产生的电动势有效值相等B.两线圈产生的交变电流频率不相等C.两小灯泡消耗的电功率相等D.两线圈产生的电动势同时为零5、如图所示，固定在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为d，其右端接有阻值为R的电阻，整个装置处在竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场中。一质量为m（质量分布均匀）的导体杆ab垂直于导轨放置，且与两导轨保持良好接触，杆与导轨之间的动摩擦因数为μ。现杆在水平向左、垂直于杆的恒力F作用下从静止开始沿导轨运动距离L时，速度恰好达到最大（运动过程中杆始终与导轨保持垂直）。设杆接入电路的电阻为r，导轨电阻不计，重力加速度大小为g，则此过程错误的是（）

A.杆的速度最大值为B.流过电阻R的电荷量为C.从静止到速度恰好达到最大经历的时间D.恒力F做的功与安培力做的功之和大于杆动能的变化量6、如图所示，在光滑绝缘的水平面上方，有两个方向相反的水平方向的匀强磁场，磁场范围足够大，磁感应强度的大小左边为2B，右边为3B，一个竖直放置的宽为L。长为3L、单位长度的质量为m、单位长度的电阻为r的矩形金属线框，以初速度v垂直磁场方向从图中实线位置开始向右运动，当线框运动到虚线位置（在左边磁场中的长度为L。在右边磁场中的长度为2L）时，线框的速度为则下列判断正确的是（）

A.此时线框中电流方向为逆时针，线框中感应电流所受安培力为B.此过程中通过线框截面的电量为C.此过程中线框产生的焦耳热为D.线框刚好可以完全进入右侧磁场7、关于线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流,下列说法中正确的是（）A.线圈每转动一周,感应电流方向就改变一次B.线圈平面每经过中性面一次,感应电流方向就改变一次,感应电动势方向不变C.线圈平面每经过中性面一次,感应电流和感应电动势方向都要改变一次D.线圈通过中性面时,磁通量为零8、下列关于光的认识，正确的是（）A.光的干涉和衍射不仅说明了光具有波动性，还说明了光是横波B.全息照片往往用激光来拍摄，主要是利用了激光的相干性C.验钞机是利用红外线的特性工作的D.拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、如图所示为两根间距为L的光滑平行金属导轨，左侧向上弯曲，右侧水平，水平导轨处在磁感应强度为B的竖直向上的匀强磁场中。两根金属棒MN、PQ垂直导轨放置，与导轨接触良好，MN、PQ棒的长度均为L、质量均为m、阻值均为R。金属棒MN从竖直高度h处由静止释放沿导轨下滑。导轨电阻不计，整个过程金属棒MN和PQ未相碰，则（）

A.金属棒MN进入磁场时，金属棒PQ两端电压大小为B.释放后金属棒MN的最小速度为0C.整个过程中流过金属棒PQ的电荷量为D.整个过程中闭合回路产生的焦耳热为10、下列对涡流的认识正确的是（）A.大块金属中产生了涡流，但不一定产生了感应电动势B.涡流大小与穿过金属的磁通量的大小有关C.涡流的形成一定遵循法拉第电磁感应定律D.涡流也有电流的热效应11、如图所示，边长为L的正方形线框在磁感应强度大小为的匀强磁场中，以周期T绕轴匀速转动；从图示位置开始计时，下列说法正确的是（）

A.图示位置为中性面B.回路中产生正弦式交变电流C.时，电流方向将发生改变D.时刻穿过线框的磁通量为12、如图，倾角的足够长传送带向上匀速传动，与传送带运动方向垂直的虚线MN与PQ间存在垂直传送带向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B。质量为m、边长为L的正方形单匝导线框abcd随传送带一起向上运动；经过一段时间，当线框ab边越过虚线MN进入磁场后，线框与传送带间发生相对运动；当线框ab边到达虚线PQ处时，线框速度刚好与传送带共速。已知两虚线间距离为d，且线框的阻值为R，线框与传送带间的动摩擦因数重力加速度为g，整个过程中线框ab边始终与两虚线平行，下列说法正确的是（）

A.当线框ab边越过虚线MN后，线框做匀减速运动B.当线框cd边越过虚线MN时，线框的速度必为C.线框由开始进入磁场到开始离开磁场经历的时间为D.线框在穿过磁场区域过程中产生的焦耳热为13、如图所示，空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为0.2T，足够长的光滑水平金属导轨，左侧间距为0.6m，右侧间距为0.2m．质量均为0.02kg的金属棒M、N垂直导轨放置，开始时金属棒M、N均保持静止．现使金属棒M以10m/s的速度向右运动，两金属棒在运动过程中始终相互平行且与导轨保持良好接触，M棒总在宽轨上运动，N棒总在窄轨上运动，直到M、N达到稳定状态。下列说法正确的是（）

A.由M、N导体棒和导轨组成回路的磁通量先减小后不变B.由M、N两个导体棒组成的系统动量守恒C.在两棒运动的整个过程中，电路中产生的焦耳热为0.9JD.在两棒运动的整个过程中，通过M、N两个导体棒的电荷量相等，均为1.5C14、如图所示，固定的竖直光滑U型金属导轨，间距为L，上端接有阻值为R的电阻，处在方向水平且垂直于导轨平面、磁感应强度为B的匀强磁场中，质量为m、电阻为r的导体棒与劲度系数为k的固定轻弹簧相连放在导轨上，导轨的电阻忽略不计．初始时刻，弹簧处于伸长状态，其伸长量为此时导体棒具有竖直向上的初速度在沿导轨往复运动的过程中，导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触．则下列说法正确的是（）

A.初始时刻导体棒受到的安培力大小B.初始时刻导体棒加速度的大小C.导体棒往复运动，最终将静止时弹簧处于压缩状态D.导体棒开始运动直到最终静止的过程中，电阻R上产生的焦耳热15、如图所示，宽度为2d与宽度为d的两部分金属导轨衔接良好，固定在绝缘的水平面上，空间存在竖直向下的匀强磁场，导轨左、右两侧磁场的磁感应强度大小分别为B、2B。两完全相同的导体棒甲和乙垂直放置在左、右两侧的导轨上，已知两导体棒粗细均匀、质量均为m，现给导体棒甲一水平向右的初速度v0。假设导轨的电阻忽略不计；导体棒与导轨之间的摩擦忽略不计，且始终接触良好，两部分导轨足够长，导体棒甲始终未滑过图中的虚线位置。则下列说法正确的是（）

A.当导体棒甲开始运动瞬间，两导体棒的加速度大小满足a甲=a乙B.运动足够长的时间后，最终两导体棒以相同的加速度做匀加速运动C.最终两导体棒均做匀速运动，速度大小满足D.最终两导体棒以相同的速度匀速运动，该过程导体棒甲中产生的焦耳热为16、图甲为一台小型发电机构造示意图；线圈逆时针转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图乙所示．发电机线圈内阻为1.0Ω，外接灯泡的电阻为9.0Ω，则（）

A.电压表V的示数为5.4VB.在t=0.01s时刻，穿过线圈的磁通量为零C.若线圈转速改为25r/s，则电动势有效值为6VD.若线圈转速改为25r/s，则通过灯泡的电流为0.3A17、一同学发现直流电动机也可以作为发电机使用，把直流电动机连接成如图所示的电路，若用机械带动线框abcd在匀强磁场中绕轴匀速转动，回路中便会产生电流。已知线框所处匀强磁场的磁感应强度大小为B，线框面积为S，线框匝数为n，线框转动的角速度为ω，定值电阻的阻值为R；其他电阻不计，则在线框转动一周的过程中，下列说法正确的是（）

A.通过定值电阻R的电流方向不变B.电动势的最大值为C.通过定值电阻R的电流有效值为D.定值电阻R上产生的焦耳热为评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)18、判断下列说法的正误。

（1）安培力的方向与磁感应强度的方向相同。____

（2）应用左手定则时，四指指向电流方向，拇指指向安培力方向。____

（3）对于磁电式电流表，指针稳定后，线圈受到的螺旋弹簧的阻力与线圈受到的安培力方向是相反的。____

（4）对于磁电式电流表，通电线圈中的电流越大，电流表指针偏转角度也越大。____

（5）对于磁电式电流表，在线圈转动的范围内，线圈所受安培力与电流有关，而与所处位置无关。____19、判断下列说法的正误．

（1）输电线上电功率的损失，与输电线的电阻成正比，与输电线电流的平方成正比。()

（2）由P＝可知，输电电压越小，输电线上电功率的损失就越小。()

（3）使用变压器进行远距离输电，用户得到的电压可以高于发电机输出的电压。()

（4）远距离输电时，若升压变压器匝数比为1∶n，降压变压器匝数比为n∶1，则升压变压器的输入电压和降压变压器的输出电压相等。()20、峰值：交变电流的电压、电流能达到的最大数值叫峰值．电容器所能承受的电压要______交流电压的峰值，否则电容器就可能被击穿。21、如图所示，两电子沿MN方向从M点射入两平行平面间的匀强磁场中，它们分别以v1、v2的速率射出磁场，则v1：v2=______，通过匀强磁场所用时间之比t1、t2=______。

22、三个速度大小不同的同种带电粒子，沿同一方向从图中长方形区域的匀强磁场上边缘射入，当它们从下边缘飞出时对入射方向的偏角分别为90°、60°、30°，重力不计，则它们在磁场中运动的时间之比为___________。

23、显像管的构造：如图所示，由电子枪、______和荧光屏组成。

24、云南省居民生活用的交流电，其电压峰值是220V，有效值是___V，频率是_____Hz，周期是_____s。25、如图所示，和是输电线，在图中空圈内填入所用的电表的符号______，若已知变压比为变流比为并且知道电压表示数为220V，电流表示数为1000A，则输电线路中的功率为______W。

评卷人得分四、作图题(共4题，共20分)26、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

27、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

28、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

29、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)30、小明同学将废弃不用的手机充电器拆开；发现内部有一个变压器，他想在不拆变压器绕线的前提下测量其初级线圈的直流电阻，先用多用电表欧姆档测得阻值约400Ω，然后再用伏安法精确测量其直流电阻。现有器材如下：

①电流表A1（量程20mA，内阻r1约为3Ω，读数记为I1）；

②电流表A2（量程5mA，内阻读数记为I2）；

③电压表V（量程15V，内阻Rv约为15KΩ，读数记为U）；

④定值电阻

⑤定值电阻

⑥滑动变阻器R（0~1000Ω）；

⑦蓄电池E（电动势6V；内阻很小）；

⑧开关；导线若干。

(1)小明利用以上的部分器材设计了如图1所示的电路图，请指出此电路设计不妥当的地方：()

(2)请利用提供的器材在图2的方框中画出改进后的电路图，并标出各器材的代号。()

(3)测量初级线圈的电阻表达式为RL=___________。（本结果均用题中所给的字母表示）

(4)关于实验操作说法正确的是___________。

A．接通电路时应先接通K1，电路稳定后再接通K2

B．实验结束拆除电路时应先断开K1，稍等一会儿再断开K2

C．调整滑动变阻器电阻后立刻读出电表读数31、如图甲所示为苹果自动分拣装置的示意图，该装置把大小不同的苹果，按一定质量标准自动分拣为大苹果和小苹果。该装置的托盘秤压在一个以为转动轴的杠杆上，杠杆末端压在压力传感器R上，R的阻值随压力变化的曲线如图乙所示。调节托盘秤压在杠杆上的位置，使质量等于分拣标准（0.15kg）的大苹果经过托盘秤时，杠杆对R的压力为1N。调节可调电阻可改变R、两端的电压比，使质量等于分拣标准的大苹果通过托盘秤时，两端的电压恰好能使放大电路中的电磁铁吸动分拣开关的衔铁；此电压叫做放大电路的激励电压。该放大电路中包含保持电路，能够确保大苹果在衔铁上运动时电磁铁始终保持吸动状态。

（1）当大苹果通过托盘秤时，R所受的压力较大，电阻______（填“较大”“较小”）。

（2）自动分拣装置正常工作时，大苹果通过______（填“通道A”；“通道B”）。

（3）若电源电动势为5V；内阻不计，放大电路的激励电压为2V：

①为使该装置达到上述分拣目的，的阻值等于______kΩ。（结果保留两位有效数字）

②某同学想在托盘秤压在杠杆上的位置不变的情况下，利用一块电压表测出每个苹果的质量，电压表的示数随苹果质量的增大而增大，则电压表应该并联在电阻______（填“R”、“”或“电源”）两端。

③若要提高分拣标准到0.33kg，仅将的阻值调为______kΩ即可实现。（结果保留两位有效数字）（提示：托盘秤压在杠杆上的位置不变的情况下，压力传感器受到的压力与苹果的质量成正比）32、如图为“探究电磁感应现象”的实验装置；闭合开关的瞬间，观察到电流计的指针向左偏转。

（1）闭合开关前，为防止电流过大导致螺线管A损坏，滑动变阻器的滑片P应位于最________（填“左”或“右”）端。

（2）保持开关闭合，下列操作能使电流计的指针发生偏转的是________（填标号）。

A．将螺线管A从螺线管B中拔出。

B．螺线管A与螺线管B保持相对静止向上运动。

（3）保持开关闭合，若将滑动变阻器的滑片P向左移动，则会观察到电流计的指针向________（填“左”或“右”）偏转。33、在研究电磁感应现象的实验中所用的器材如图所示．它们是：①电流计②直流电源③带铁芯(图中未画出)的线圈A④线圈B⑤开关⑥滑动变阻器。

（1）按实验的要求在实物图上连线(图中已连好一根导线)．

（2）如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后将A线圈迅速拔出B线圈时，灵敏电流计指针将________偏转．（填“向左”；“向右”）；

（3）接第（2）问，A线圈插入B线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，灵敏电流计指针将_______偏转．（填“向左”、“向右”）．评卷人得分六、解答题(共2题，共16分)34、如图所示，为边长为L的正方形，在三角形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B。质量为m、电荷量为的带电粒子由Q点沿方向射入磁场，速度大小为v，经磁场偏转后由边离开正方形区域。粒子重力不计；求：

（1）粒子射入磁场的初速度的最大值；

（2）若在三角形区域加一平行边、由N指向P方向的匀强电场，电场强度大小为（E的大小随v的变化而变化），发现粒子仍由边离开正方形区域；求粒子射入磁场的初速度的范围。

35、如图所示，两完全相同的“V”字形导轨倒放在绝缘水平面上，两导轨都在竖直平面内且正对、平行放置，其间距为L=1.0m，两导轨足够长，所形成的两个斜面与水平面的夹角都是37°，导轨电阻忽略不计。在两导轨间均有垂直导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度B1=B2=B=1T。导体棒a的质量为m1=1.0kg，电阻R1=1.5Ω；导体棒b的质量为m2=1.0kg，电阻R2=0.5Ω；它们分别垂直导轨放置并始终与导轨接触良好，两导体棒a、b与倾斜导轨间的动摩擦因数均为µ=0.5，且最大静摩擦等于滑动摩擦。现将导体棒b固定不动，导体棒a由图中位置静止释放，同时开始计时，在t=6s时，导体棒a开始匀速运动。取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，且不计a、b之间电流的相互作用；求：

(1)导体棒a匀速运动时的速度大小；

(2)导体棒a释放后前6s的位移及在此期间导体棒a上产生的焦耳热；

(3)若在导体棒a的速度为v0=2m/s时，将导体棒b也释放，经过足够长时间后，求导体棒a的速度

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．传感器能够把非电学量转化为电学量；以便进行测量；传输、处理和控制，选项A错误；

B．硫化镉制作的光敏电阻在被光照射时电阻发生变化；随着光照的增强，载流子增多，导电性变好，选项B正确；

C．金属热电阻比热敏电阻的化学稳定性好；测温范围大，但灵敏度较差，选项C错误；

D．霍尔元件能够检测磁场及其变化；它是根据霍尔效应原理制成的，不是根据法拉第电磁感应定律，选项D错误。

故选B。2、C【分析】【详解】

A．由向心加速度公式

笔杆上的点离O点越近的；做圆周运动的向心加速度越小，A错误；

B．杆上的各点做圆周运动的向心力是由杆的弹力提供的；与万有引力无关，B错误；

C．当转速过大时；当外力提供的向心力小于所需要的向心力时，笔尖上的小钢珠做离心运动被甩走，C正确；

D．当金属笔杆转动时；切割地磁场，从而产生感应电动势，但不会产生感应电流，D错误；

故选C。3、B【分析】【详解】

A．由楞次定律可知，0~时间内；线框中电流的方向为逆时针方向，故A正确，不符合题意；

B．0~时间内，bc边电流从b到c；由左手定则可知，受到的安培力竖直向上，故B错误，符合题意；

C．时间内，磁场垂直纸面向里且减小，由楞次定律可知，线框中电流的方向为顺时针；时间内，磁场垂直纸面向外且增大，由楞次定律可知，线框中电流的方向为顺时针，所以时间内；线框中电流的方向不变，故C正确，不符合题意；

D．时间内，由法拉第电磁感应定律可得感应电动势为

则线框中电流的大小为

故D正确；不符合题意。

故选B。4、D【分析】【详解】

磁铁运动过程中磁通量变化率相同；两线圈产生的交变电流频率相等，产生的电动势同时为零，两线圈匝数不同故产生的电动势有效值不相等，两小灯泡电阻相同电动势不同故消耗的电功率不相等。

故选D。5、A【分析】【详解】

A．当杆的速度达到最大时，安培力为

此时杆受力平衡，则有F-μmg-F安=0

解得

A错误；符合题意；

B．流过电阻R的电荷量为

B正确；不符合题意；

C．根据动量定理有

结合上述解得

C正确；不符合题意；

D．对于杆从静止到速度达到最大的过程，根据动能定理，恒力F、安培力、摩擦力做功的代数和等于杆动能的变化量，由于摩擦力做负功，所以恒力F；安培力做功的代数和大于杆动能的变化量；D正确，不符合题意。

故选A。6、D【分析】【分析】

【详解】

A．线框左边切割磁感线相当于电源，由右手定则可知，其下端为正极，同理线框右边其上端为正极，则感应电流方向为逆时针，回路中产生感应电动势为

感应电流为

此时线框所受安培力为

所以A错误；

B．由动量定理有

联立解得

所以B错误；

D．此过程中通过线框磁通量的变化量为

此过程中通过线框截面的电量为

联立解得

则

当线框全部进入右侧磁场时有

此过程中通过线框截面的电量为

联立解得

由动量定理有

联立解得

所以D正确；

C．此过程中线框产生的焦耳热为

所以C错误；

故选D。7、C【分析】【详解】

ABC．感应电动势的方向即为感应电流的方向；当线圈在匀强磁场中转动产生交变电流时，线圈平面每经过中性面一次，感应电流和感应电动势方向都要改变一次，线圈转动一周，两次经过中性面，感应电流和感应电动势方向都要改变两次，AB错误C正确；

D．线圈通过中性面时；磁通量最大，磁通量变化率为零，D错误。

故选C。8、B【分析】【分析】

【详解】

A．光的干涉和衍射能说明光具有波动性；不能说明光是一种横波。光的偏振现象才说明了光是一种横波。故A错误；

B．全息照片主要是利用了激光的相干性；故B正确；

C．验钞机是利用紫外线的特性工作；故C错误；

D．玻璃的反射光为偏振光；所以拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以减弱玻璃的反射光，故D错误。

故选B。二、多选题(共9题，共18分)9、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．金属棒MN进入磁场这个过程，由动能定理得

此时MN产生的电动势

电路中的电流为（r=R）

所以此时PQ两端的电压

故A正确；

B．MN进入磁场后；MN，PQ受到的安培力等大反向，MN，PQ组成的系统所受合外力零，所以MN，PQ组成的系统动量守恒，故最后MN，PQ达到共同速度一起运动，不会变为零；故B错误；

C．MN，PQ最终速度为vm，则

故

又

所以

故C正确；

D．对金属杆整个过程，由能量守恒有

故，整个过程中闭合回路产生的焦耳热为

故D错误；

故选AC。10、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．大块金属中产生了涡流；据闭合电路欧姆定律可知，一定产生了感应电动势，A错误；

BC．涡流的形成一定遵循法拉第电磁感应定律；与磁通量的变化率有关，与磁通量的大小无关，B错误，C正确；

D．涡流在金属中也有电流的热效应；D正确。

故选CD。11、A:B【分析】【详解】

AB．依题意，回路的磁通量与时间t的关系式为

则感应电动势与时间t的关系式为

中性面位置时；回路磁通量最大，而感应电动势最小，可知图示位置为中性面，故AB正确；

C．当线圈通过中性面时，电流为零且方向发生变化，依题意，时；电动势最大；电流最大，线圈不在中性面位置，电流方向不发生变化，故C错误；

D．依题意，时刻穿过线框的磁通量为0；故D错误。

故选AB。12、C:D【分析】【详解】

AB．当线框ab边越过虚线MN后，边切割磁感线，产生感应电动势，根据楞次定律可知边受到沿斜面向下的安培力，由题意可知

线框做减速运动，随着速度减小，感应电动势减小，则，所受安培力减小，线框做加速度减小的减速运动，当

又

联立可得

线框做匀速运动时；线框可能完全进入磁场，也可能还没有完全进入磁场，故AB错误；

D．设传送带速度为线框完全进入磁场时的速度为从线框完全进入磁场到线框ab边到达虚线PQ过程中，根据动能定理

从线框ab边越过虚线MN进入磁场到线框完全进入磁场过程中，根据动能定理

联立解得

又

线框出磁场和进入磁场的过程中产生的焦耳热相等，则线框在穿过磁场区域过程中产生的焦耳热为

故D正确；

C．对线框由开始进入磁场到开始离开磁场的过程由动量定理

又

可得

联立解得

故C正确。

故选CD。13、A:C:D【分析】【详解】

A．开始金属棒M向右做减速运动；N向右做加速运动；回路的面积在减小，当回路没有感应电流时，面积不变，所以由M、N导体棒和导轨组成回路的磁通量先减小后不变，故A正确；

B．回路的电流相等，根据安培力为F=BIL

可知M棒受到的安培力始终是N棒的三倍；M；N组成的系统外力之和不为零，动量不守恒，故B错误；

C．M、N两金属棒产生的感应电动势大小相等时，回路感应电流为零，金属棒不受安培力，金属棒做匀速直线运动，即BLMv1＝BLNv2

时，两金属棒做匀速直线运动，对M，由动量定理得﹣BILMt＝mv1﹣mv0

对N，由动量定理得BILNt＝mv2

由能量守恒定律得mv02mv12mv22+Q

联立并代入数据解得Q＝0.9J

故C正确；

D．回路中有电流时有电荷通过金属棒，导体棒做匀速运动时回路没有电流，从M开始减速到匀速运动过程，对M，由动量定理得﹣BILMt＝mv1﹣mv0

电荷量q＝It

则有﹣BLMq＝mv1﹣mv0

代入数据可得q＝1.5C

故D正确。

故选ACD。14、B:C【分析】【详解】

A．初始时刻导体棒产生的感应电动势E=BLv0

感应电流

安培力

A错误；

B．初始时刻，由牛顿第二定律有ma=mg+kx1+F

解得：

B正确；

C．当导体棒静止时；安培力为零，棒受到重力和弹簧的弹力而平衡，弹力的方向向上，弹簧处于压缩状态，选项C正确；

D．导体棒最终静止时，弹簧被压缩

故棒从开始运动到最终静止，弹簧的弹性势能不变，由能量守恒有

解得系统产生的总热量

则R上产生的热量要小于Q，故D错误．15、A:D【分析】【详解】

A．当导体棒甲开始运动瞬间，设回路中的电流为I，则甲、乙两导体棒受到的安培力大小分别为

又因为两导体棒质量相等，所以根据牛顿第二定律可知两导体棒的加速度大小满足a甲=a乙

故A正确；

BCD．根据A项分析可知两导体棒在变速运动的过程中所受安培力大小相等、方向相反，则两导体棒组成的系统动量守恒，当两导体棒达到共同速度v时，易知此时回路中无电流，即最终两导体棒将以此速度匀速运动。根据动量守恒定律有

解得

根据能量守恒定律可得该过程回路中产生的总焦耳热为

根据电阻定律可知两导体棒接入回路的阻值之比为

根据焦耳定律可推知该过程导体棒甲中产生的焦耳热为

故BC错误；D正确。

故选AD。16、A:D【分析】【详解】

A．电动势的最大值为有效值为

电压表的示数为外电阻两端电压

故A正确；

B．在t=0.01s的时刻；电动势为0，则线圈处于中性面，穿过线圈磁通量最大，故B错误；

CD．由图乙得周期为T=0.02s，故角速度为

转速为

交流电压的最大值Em=NBSω，若线圈转速改为25r/s，减小为原来的一半，则角速度减为原来的一半，最大值减为原来的一半，所以电动势减为原来的一半即为3V，电流为

故C错误；D正确。

故选AD。17、A:D【分析】【详解】

A．线框在匀强磁场中匀速转动，会产生正弦电动势，但由于线框输出端连接的是换向器而不是滑环，所以通过定值电阻R的电流方向不变；故A正确；

B．电动势的最大值为

故B错误；

C．发电机输出电压的有效值为

通过定值电阻R的电流有效值为

故C错误；

D．根据焦耳定律可知，在线框转动一周的过程中，定值电阻R上产生的焦耳热为

故D正确。

故选AD。三、填空题(共8题，共16分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.错误②.正确③.正确④.正确⑤.正确19、略

【分析】【详解】

略【解析】①.正确②.错误③.正确④.错误20、略

【解析】高于21、略

【分析】【详解】

[1]粒子运动轨迹如下图所示

电子垂直射入磁场，在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力有，根据

电子做圆周运动的半径

则得电子在电场中的运动速度之比等于电子做圆周运动的半径之比，根据几何关系有

所以电子在电场中的速度之比为

[2]电子在磁场中做圆周运动的周期

以v1运动的电子在磁场中运动的时间

以v2运动的电子在磁场中运动的时间

所以电子在磁场中运动的时间之比为【解析】1:23:222、略

【分析】【分析】

【详解】

带电粒子在磁场中运动的向心力由洛伦兹力提供，所以有①

带电粒子在磁场中运动的角速度②

由几何关系可知，从下边缘飞出时对入射方向的偏角就是带电粒子在磁场中做圆周运动时转达的圆心角，所以带电粒子在磁场中运动的时间为③

由①②③式解得，带电粒子在磁场中运动的时间

所以它们在磁场中运动的时间之比【解析】3：2：123、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】偏转线圈24、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]国内居民生活用电的有效值为220V，频率为50Hz，周期为0.02s。【解析】220500.0225、略

【分析】【详解】

[1]由题图可知电表1所接变压器原线圈并联在两根输电线上；所以该变压器为电压互感器，电表1应是电压表V；电表2所接变压器原线圈串联在一根输电线上，所以该变压器为电流互感器，电表2应是电流表A。如图所示。

[2]根据理想变压器变压规律可知输电电压为

根据理想变压器变流规律可知输电电流为

所以输电线路中的功率为【解析】见解析四、作图题(共4题，共20分)26、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】28、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】29、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共4题，共12分)30、略

【分析】【详解】

(1)[1]被测线圈两端的最大电压为6V；达不到电压表V量程的一半，测量误差较大，所以不能使用该电压表；

(2)[2]流过被测线圈的最大电流为所以电流表选择A1；如果变阻器选择分压接法，当与被测线圈并联的部分电阻丝阻值达到时（滑片已经滑过了五分之三的区域），被测线圈两端的电压才达到2.25V，所以分压接法很难控制被测线圈两端电压的微小变化；如果选择限流接法，被测线圈两端的电压变化范围为1.8V~6V，足够测量多组数据，而且串联情况下更容易控制电压的微小变化，所以滑动变阻器选择限流接法；用内阻已知的电流表A2和阻值较大的定值电阻R2构造成电压表，用来测量电压值；流过电压表的电流最大值为符合电流表A2的量程；由于电流表A2可以测出电流；所以电流表采用外接法，可以减小测量误差。改进后的电路图如下图所示：