2025年湘教版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教版高二物理下册月考试卷785考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图甲所示，两个相邻的有界匀强磁场区，方向相反，且垂直纸面，磁感应强度的大小均为B

磁场区在y

轴方向足够宽，在x

轴方向宽度均为a

一正三角形(

中垂线长为a)

导线框ABC

从图示位置向右匀速穿过磁场区域，以逆时针方向为电流的正方向，在图乙中感应电流i

与线框移动距离x

的关系图象正确的是(

)

A.B.

C.D.2、如图所示，一固定斜面倾角为30鈭�

一质量为m

的小物块自斜面底端以一定的初速度沿斜面向上做匀减速运动，加速度大小等于重力加速度的大小g.

物块上升的最大高度为H

则此过程中，物块的(

)

A.动能损失了12mgH

B.动能损失了mgH

C.机械能损失了mgH

D.机械能损失了12mgH

3、下列实验现象；属于电磁感应现象的是（）

A.导线通电后；其下方的小磁针偏转。

B.通电导线AB在磁场中运动。

C.金属杆切割磁感线时；电流表指针偏转。

D.通电线圈在磁场中转动。

4、如图所示，L为竖直．固定的光滑绝缘杆，杆上O点套有一质量为m．带电量为－q的小环，在杆的左侧固定一电荷量为+Q的点电荷，杆上a、b两点到+Q的距离相等，Oa之间距离为h1，ab之间距离为h2，使小环从图示位置的O点由止释放后，通过a的速率为则下列说法正确的是A.小环通过b点的速率为B.小环从O到b，电场力做的功可能为零C.小环在Oa之间的速度是先增大后减小D.小环在ab之间的速度是先减小后增大5、关于静电场的等势面，下列说法正确的是（）A.两个电势不同的等势面可能相交B.同一等势面上各点电场强度一定相等C.电场线与等势面处处相互垂直D.将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)6、三个电阻R1、R2、R3串联后，接到电压为U的电路中，已知R1：R2：R3=3：2：1，求：通过三个电阻的电流之比为____；每个电阻两端的电压之比为____．7、电磁波按频率由高到低排列是：γ射线、X射线（伦琴射线）、紫外线、可见光、____、微波、无线电波，它们构成了电磁波谱，其中波长最长的是____．8、一台给低压照明电路供电的变压器，初级所加交流电压为u="311sin314t"V。能够使次级获得有效值为36V的安全电压，它的初、次级线圈匝数之比应为__________。当次级电路使五盏“36V40W”的灯泡正常发光时，它的初级电流的有效值是___________A。(该变压器可视为理想变压器)9、(1)

单晶体有各向______的特点。(2)

液体的温度越高，表面张力______；液体中溶有杂质时，表面张力______；液体的密度越大，表面张力______。(3)

关于饱和汽压的特点：液体的饱和汽压与温度有关，温度越高，饱和汽压_____，且饱和汽压与饱和汽的体积无关。10、某同学利用图甲所示的实验装置；探究物块在水平桌面上的运动规律．物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上（尚未到达滑轮处）．从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图乙所示．打点计时器电源的频率为50Hz．

①通过分析纸带数据，可判断物块在相邻计数点______和______之间某时刻开始减速．

②计数点4对应的速度大小为______m/s，计数点5对应的速度大小为______m/s．（保留三位有效数字）．

③物块减速运动过程中加速度的大小为a=______m/s2，若用来计算物块与桌面间的动摩擦因数（g为重力加速度），则计算结果比动摩擦因数的真实值______（填“偏大”或“偏小”）．11、本题为选做题，考生只选择一题作答.

若两题都作答，则按24鈭�A

题计．。鈭�A.(

本题供选修1鈭�1

的考生作答)

如图所示，条形磁铁A

沿竖直方向插入线圈B

的过程中，电流表G

的读数_________(

选填“为零”或“不为零”)

若条形磁铁A

在线圈B

中保持不动，电流表G

的读数_________(

选填“为零”或“不为零”)

．24鈭�B.(

本题供选修3鈭�1

的考生作答)

如图所示电路中，闭合开关S

后，增大滑动变阻器R

的阻值，则电流表A

的读数将_________(

选填“变大”或“变小”)

电阻R0

消耗的功率将_________(

选填“变大”或“变小”)

．12、物体做匀加速直线运动，初速度v0=2m/s

加速度a=0.1m/s2

则第3s

末的速度是______m/s5s

末的速度是______m/s

．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)13、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）14、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

15、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

16、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）17、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

18、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

19、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、识图作答题(共3题，共9分)20、【略】21、下图为某生物特定部位的细胞结构示意图。请据图分析回答：①将此细胞放入浓度大于11中细胞液浓度的蔗糖液中，此细胞将发生________。②细胞代谢活动的控制中心是[]________。③具有该细胞的生物，在生态系统中的成分是________。22、（12分）下图1是小肠上皮细胞亚显微结构示意图，图2是植物细胞亚显微结构示意图，图3为氨基酸和Na+进出肾小管上皮细胞的示意图。请据图分析回答：图1图2图3(1)细胞膜的基本骨架是____。(2)细胞膜表面还存在水解二糖的膜蛋白D，说明膜蛋白D具有____功能。细胞膜可执行多种功能，从膜的成分分析，出现这一现象的主要原因是____。(3)若将紫色洋葱表皮细胞置于30%的蔗糖溶液中一段时间后，观察到的变化最明显的细胞器是对应于图2中的____（用图中标号表示），其具体变化是____。(4)据图3分析，氨基酸和Na+运出肾小管上皮细胞的方式分别是____。评卷人得分五、画图题(共2题，共8分)23、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象24、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分六、综合题(共2题，共10分)25、[

物理隆陋隆陋

选修3隆陋4]

(1)(5

分)

图甲为一列简谐横波在t=4s

时的波形图，ab

两质点的横坐标分别为xa=3m

和xb=9m

图乙为质点b

的振动图象；下列说法正确的是_____(

填正确答案标号。)

A.该波沿+x

方向传播，波速为1.5m/s

B.质点a

与质点b

离开平衡位置的位移大小总是相等C.从t=4s

到t=8s

质点a

通过的路程为0.5m

D.t=4s

时，质点a

正在向y

轴负方向运动E.质点b

做简谐运动的位移表达式为y=(0.5sin娄脨4t)m

(2)

下图为透明材料制成的柱体截面图，其截面为四分之一圆，圆半径OM=6cm

该透明材料的折射率n=2

一束平行光垂直照射到OM

面，在这束平行光中选取1234

四条等间距的光线，其中光线1

入射到M

点，光线4

入射到O

点。忽略二次反射光线。

(i)

请作出图中光线23

通过该透明材料的光路图并说明作图依据；(ii)

计算MN

弧面上有光射出的部分的弧长为多大。26、(1)(1)真空中有两个点电荷，它们之间的静电力为FF如果保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大到原来的33倍，它们之间作用力的大小等于________．A.F

B.3F

C.F3

D.F9

(2)

如图所示为带负电的点电荷的电场线分布图，对该电场中的AB

两点，下列说法正确的是________．A.A

点的电场强度等于B

点的电场强度B.A

点的电场强度比B

点的电场强度大C.A

点的电势等于B

点的电势D.A

点的电势比B

点的电势高(3)

在如图所示的电路中，电源电动势为E

内电阻为r.

将滑动变阻器的滑片P

从图示位置向右滑动的过程中，关于各电表示数的变化，下列判断中正确的是________．A.电压表V

的示数变小B.电流表A2

的示数变小C.电流表A1

的示数变小D.电流表A

的示数变大(4)

在如图所示的电路中，电源的电动势为E

内电阻为r

电阻R1

与变阻器R2

串联，将R2

的阻值调至零时，下列说法中正确的是________．A.电路的外电阻最小B.电阻R1

消耗的功率最小C.电源内消耗的功率最小D.电源内部的电势降落最小(5)

如图所示，MN

表示真空室中垂直于纸面放置的感光板，它的一侧有匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向里，磁感应强度大小为B.

一个电荷量为q

的带电粒子从感光板上的狭缝O

处以垂直于感光板的初速度v

射入磁场区域，最后到达感光板上的P

点.

经测量PO

间的距离为l

不计带电粒子受到的重力.

求：垄脵

带电粒子所受洛伦兹力的大小为________；垄脷

此粒子的质量为________．(6)

水平面上有电阻不计的U

形导轨NMPQ

它们之间的宽度为LM

和P

之间接入电动势为E

的电源(

不计内阻).

现垂直于导轨放置一根质量为m

电阻为R

的金属棒ab

并加一个范围较大的匀强磁场，磁感应强度大小为B

方向与水平面夹角为娄脠

且指向右上方，如图所示，问：垄脵

当ab

棒静止时，受到的支持力和摩擦力各为多少？垄脷

若B

的大小和方向均能改变，则要使ab

棒所受支持力为零，B

的大小至少为多少？此时B

的方向如何？参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】本题导体的运动可分为三段进行分析；根据右手定则可判断电路中感应电流的方向；由导体切割磁感线时的感应电动势公式可求得感应电动势的大小。

本题为选择题，而过程比较复杂，故可选用排除法解决，这样可以节约一定的时间；而进入第二段磁场后，分处两磁场的线圈两部分产生的电流相同，且有效长度是均匀变大的，当将要全部进入第二磁场时，线圈中电流达最大2I

【解答】线框从开始进入到全部进入第一个磁场时；磁通量向里增大，则由楞次定律可知，电流方向为逆时针，故B一定错误；

因切割的有效长度均匀增大；故由E=BLV

可知，电动势也均匀增加；

而在全部进入第一部分磁场时；磁通量达最大，该瞬间磁通量的变化率为零，故感应电动势也会零，故A错误；

当线圈开始进入第二段磁场后；线圈中磁通量向里减小，则可知电流为顺时针，故D错误，C正确。

故选C。

【解析】C

2、C【分析】解：

A、B

已知物体上滑的加速度大小为g

由动能定理得：动能损失等于物体克服合外力做功，为：鈻�Ek=W潞脧=F潞脧?Hsin30鈭�=mg?2H=2mgH

故A；B错误．

C、D

设摩擦力的大小为f

根据牛顿第二定律得：mgsin30鈭�+f=ma=mg

得f=0.5mg

则物块克服摩擦力做功为Wf=f?2H=0.5mg?2H=mgH

根据功能关系可知机械能损失了mgH.

故C正确，D错误．

故选：C

．

知道加速度；根据牛顿第二定律和动能定理可求得动能的损失；根据牛顿第二定律求出摩擦力，得到摩擦力做功，即可根据功能关系求解机械能的损失．

解决本题的关键根据动能定理可求得动能的变化，掌握功能关系，明确除了重力以外的力做功等于物体机械能的变化．【解析】C

3、C【分析】

A；导线通电后；其下方的小磁针受到磁场的作用力而发生偏转，说明电流能产生磁场，是电流的磁效应现象，不是电磁感应现象．故A错误．

B；通电导线AB在磁场中受到安培力作用而运动；不是电磁感应现象．故B错误．

C；金属杆切割磁感线时；电路中产生感应电流，是电磁感应现象．故C正确．

D；通电线圈在磁场中受到安培力作用而发生转动；不是电磁感应现象．故D错误．

故选C

【解析】【答案】电磁感应现象的是指穿过电路的磁通量变化时；产生感应电动势或感应电流的现象．

4、A【分析】O到a有：O到b有：因为联立可得【解析】【答案】A5、C【分析】解：A；沿电场线的方向电势降低；所以电势不同的等势面不可能相交．故A错误；

B；电场强度的大小与电势的高低没有关系；所以同一等势面上各点电场强度不一定相等，故B错误；

C；根据电场线与等势面的关系可知；电场线与等势面互相垂直，故C正确；

D；负电荷在等势面高的位置的电势能小；所以将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电势能增大，电场力做负功，故D错误．

故选：C

电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面；沿着等势面移动点电荷；电场力不做功．电场线与等势面垂直，且从电势高的等势面指向电势低的等势面．负电荷在等势面高的位置的电势能小．

本题关键记住电场线和等势面的关系，相互垂直，从电势高的等势面指向电势低的等势面，掌握等势面的基本特点：在等势面上移动电荷，电场力总是不做功．【解析】【答案】C二、填空题(共7题，共14分)6、略

【分析】

串联电路电流相等；故通过三个电阻的电流之比为1：1：1；

根据U=IR，I一定时，电压与电阻成正比，已知R1：R2：R3=3：2：1；故每个电阻两端的电压之比为3：2：1；

故答案为：1：1：1；3：2：1．

【解析】【答案】串联电路电流相等；根据U=IR求解电压之比．

7、略

【分析】

波长越长；频率越小；比可见光频率小，比微波频率大的电磁波是红外线，波长最长的是无线电波．

故答案为：红外线；无线电波．

【解析】【答案】依照波长的长短的不同；电磁波谱可大致分为：无线电波，微波，红外线，可见光，紫外线，伦琴射线，γ射线（伽马射线）．

8、略

【分析】【解析】试题分析：原线圈中的有效电压为所以根据可得原副线圈的匝数比为每盏电灯的电流为故副线圈中的电流为根据公式可得原线圈中电流有效值为0.91A，考点：理想变压器【解析】【答案】55：90.91A9、（1）异性。

（2）越小变小越大。

（3）越大【分析】(1)

【分析】

单晶体具有各向异性的特点；多晶体具有各向同性的特点。

注意多晶体和单晶体的异同；基础题。

【解答】

单晶体有各向异性的特点。

故答案为：异性。

(2)

【分析】

凡作用于液体表面；使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力。液体的温度越高，表面张力越小；液体中溶有杂质时，表面张力变小；液体的密度越大，表面张力越大。

本题考查液体表面张力；基础题，注意识记。

【解答】

液体的温度越高；表面张力越小；液体中溶有杂质时，表面张力变小；液体的密度越大，表面张力越大。

故答案为越小：变小；越大。

(3)

【分析】

液体的饱和汽压与温度有关；温度越高，饱和汽压越大，且饱和汽压与饱和汽的体积无关。

本题关键在于理解饱和气压与那些因素有关；注意识记。

【解答】

液体的饱和汽压与温度有关；温度越高，饱和汽压越大，且饱和汽压与饱和汽的体积无关。

故答案为：越大。

【解析】(1)

异性。

(2)

越小变小越大。

(3)

越大10、略

【分析】解：①从纸带上的数据分析得知：在点计数点5之前；两点之间的位移逐渐增大，是加速运动，在计数点6之后，两点之间的位移逐渐减小，是减速运动，所以物块在相邻计数点5和6之间某时刻开始减速；

②根据平均速度等于瞬时速度，则有：v4===1.00m/s

v5==m/s=1.16m/s

③由纸带可知；计数点6往后做减速运动，根据作差法得：

a==-2.00m/s2．

在减速阶段产生的加速度的力是滑动摩擦力和纸带受的阻力；所以计算结果比动摩擦因素的真实值偏大．

故答案为：①5；6；②1.00；1.16；③2.00；偏大．

①由纸带两个点之间的时间相同；若位移逐渐增大，表示物体做加速运动，若位移逐渐减小，则表示物体做减速运动；

②用平均速度代替瞬时速度的方法求解瞬时速度；

③用作差法求解减速过程中的加速度．

要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．【解析】5；6；1.00；1.16；2.00；偏大11、24-A．不为零为零

24-B．变小变小

【分析】24鈭�A24-A．【分析】明确感应电流产生的条件；当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，电路中产生感应电流，从而电流表G

读数不为零。本题考查了楞次定律的应用以及感应电流的产生条件，要注意明确掌握楞次定律是正确解题的关键【解答】由图示可知；穿过线圈的磁场方向竖直向上，当把磁铁插入线圈时，穿过线圈的磁通量增大，由楞次定律可知，感应电流的磁场方向与原磁场方向相反，电流表G

指针不为零；

保持磁铁在线圈中静止；穿过线圈的磁通量不变，线圈中不产生感应电流，电流表G

指针为零。

故答案为：不为零；为零。24鈭�B24-B．【分析】图中电阻R

与R0

串联，根据闭合电路欧姆定律列式求解电流表达式，分析电流变化情况；在根据P=I2R0

分析R0

电功率变化情况。本题关键是根据闭合电路欧姆定律列式分析电流变化情况，再根据功率的公式分析电功率的变化情况，基础题目。【解答】根据闭合电路欧姆定律，有：I=Er+R+R0，故增大滑动变阻器RR的阻值后，电流减小；根据P=I2R0，电阻R0消耗的功率将变小；故答案为：变小；变小。

【解析】24鈭�A.24-A.不为零为零

24鈭�B.24-B.变小变小

12、略

【分析】解：由：v=v0+at

得：

(1)

第3s

末的速度：v=2+0.1隆脕3=2.3m/s

．

(2)5s

末的速度：v=2+0.1隆脕5=2.5m/s

．

故答案为：2.3m/s2.5m/s

物体做匀加速直线运动；直接应用匀变速直线运动的规律求解即可．

匀变速直线运动规律的直接应用，直接应用公式求解即可，是一个很基础的题目．【解析】2.32.5

三、判断题(共7题，共14分)13、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．14、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．15、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．16、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．17、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．18、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．19、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、识图作答题(共3题，共9分)20、略【分析】略【解析】略21、（1）质壁分离（2）[10]细胞核（3）生产者【分析】【分析】本题考查细胞的结构和功能等相关知识，意在考查考生理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力。【解答】（1）此细胞中，11为液泡，将此细胞放入浓度大于液泡中细胞液浓度的蔗糖液中，细胞渗透失水，原生质层和细胞壁逐渐分离，细胞将发生质壁分离。（2）[10]细胞核是遗传信息库，是细胞代谢和遗传的控制中心。（3）观察可知，此细胞中含有细胞壁、液泡和叶绿体，为植物细胞，具有该细胞的生物，在生态系统中的成分是生产者。【解析】（1）质壁分离（2）[10]细胞核（3）生产者22、略

【分析】【分析】本题考查细胞的结构和功能、观察植物细胞质壁分离和物质出入细胞的方式等有关知识，意在考查考生识图能力和理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力；能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论。【解答】(1)细胞膜的基本骨架是磷脂双分子层。

(2)膜蛋白D能水解二糖；说明膜蛋白D具有催化功能；蛋白质的差异性使其执行不同的功能，具有高度的专一性。

(3)若将紫色洋葱表皮细胞置于30％的蔗糖溶液中；由于外界溶液溶度大于细胞液浓度，会发生质壁分离，所以一段时间后，液泡变小，颜色变深，液泡为图中的7。

(4)分析题图，氨基酸运出肾小管上皮细胞时需要载体蛋白的协助，但不消耗能量，属于协助扩散；Na+运出肾小管上皮细胞时需要载体蛋白的协助；并且消耗能量，故运输方式是主动运输。

【解析】(1)磷脂双分子层。

(2)(生物)催化蛋白质(或膜蛋白)不同。

(3)7体积变小；颜色变深。

(4)协助扩散(或被动运输)、主动运输五、画图题(共2题，共8分)23、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】24、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】六、综合题(共2题，共10分)25、(1)ABE

(2)

解：(i)

设临界角为C

则有：sin(C)=1n

解得：C=30鈭�

对光线2

设入射角为娄脕

由几何知识得：sin(娄脕)=23>1n

即娄脕>C

所以光线2

发生全反射，如图所示。

对光线3

入射角为娄脗

由几何知识得：sin(娄脗)=13<1n

即娄脗<C

所以光线3

不会发生全反射，如图所示。

(ii)

若射到弧面上A

点的光线刚好能发生全反射，则NA

弧面被照亮，对应的圆心角为：娄脮=C

所以被照亮的弧长为：l=娄脮360鈭�2娄脨r

上式中r=6cm

数据代入以上两式解得：l=3.14cm

【分析】(1)

【分析】根据平移法确定波的传播方向；只有在平衡位置或最大位移处的质点经过14T

通过的路程才等于振幅；根据x=4m

处的质点a

的振动方程确定位移大小；当t=9s

时，确定x=9mx=15m

处质点的振动方程来分析位移大小；根据质点b

的简谐运动情况确定振动方程。本题主要是考查了波的图象和振动图象；解答本题关键是要掌握振动的一般方程y=Asin娄脴t

知道方程中各字母表示的物理意义，能够根据图象直接读出振幅、波长和各个位置处的质点振动方向，知道波速、波长和频率之间的关系。【解答】

​A.t=4s

时，x=9m

处的质点向下振动，根据平移法可知该波沿+x

方向传播；根据波的图象可得娄脣=12m

周期T=8s

波速为v=娄脣T=128m/s=1.5m/s

故A正确；

B.因是简谐横波，那么所有质点离开平衡位置的位移大小总相等，因此质点a

与质点b

离开平衡位置的位移大小也总是相等；故B正确；

C.从t=4s

到t=8s

即12T

质点a

的横坐标为xa=3m

所以通过的路程等于0.5隆脕2=1m

故C错误；

D.依据波向+x

方向传播；结合波的微平移法，那么在t=4s

时，质点a

正在向y

轴正方向运动，故D错误；

E.由图乙可知，质点b

的简谐运动表达式为：y=0.5sin(娄脨4t)m

故E正确。

故选ABE。(2)

画出光路图，当光线在MN

弧面上发生全反射时，ab

弧面上就被照亮，就没有光线从MN

弧面射出，根据临界角确定出光线在MN

弧面上恰好发生全反射时的入射点，由几何知识求解MN

弧面上被照亮的弧长。正确地画出光路图是解决本题的关键，要灵活运用几何知识解决物理问题，掌握全反射的条件和临界角公式，并能综合应用。

【解析】(1)ABE

(2)

解：(i)

设临界角为C

则有：sin(C)=1n

解得：C=30鈭�

对光线2

设入射角为娄脕

由几何知识得：sin(娄脕)=23>1n

即娄脕>C

所以光线2

发生全反射，如图所示。对光线3

入射角为娄脗

由几何知识得：sin(娄脗)=13<1n

即娄脗<C

所以光线3

不会发生全反射，如图所示。(ii)

若射到弧面上A

点的光线刚好能发生全反射，则NA

弧面被照亮，对应的圆心角为：娄脮=C

所以被照亮的弧长为：l=娄脮360鈭�2娄脨r

上式中r=6cm

数据代入以上两式解得：l=3.14cm

26、(1)D

(2)B

(3)B

(4)A

(5)qvBqBl2v

(6)

解：从b

向a

看侧视图如图所示，

垄脵

水平方向：F=FAsin娄脠

竖直方向：FN+FAcos娄脠=mg

又FA=BIL=BERL

联立得：FN=mg?BLEcos?娄脠RF=BLEsin?娄脠R

垄脷

使ab

棒受支持力为零，且让磁场最小，可知安培力竖直向上，

则有FA=mg

Bmin=mgREL

根据左手定则判定磁场方向水平向右。

【分析】(1)

【分析】电量不变，只是将距离增大到原来的3

倍，根据点电荷库仑力的公式F=kQ1Q2r2

可以求得改变之后的库仑力的大小。本题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了。【解答】由点电荷库仑力的公式F=kQ1Q2r2

可以得到，电量不变，当距离增大到原来的3

倍，库仑力将变为原来的19

故D正确。故选D。

(2)

【分析】电场线的疏密表示电场强