2025年沪科版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版高二物理上册月考试卷909考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，两个线圈绕在同一根软铁棒上，当导体棒A运动时，发现有感应电流从a向b流过灯，则下列关于A的运动情况的判断正确的是（）A.向左匀速运动B.向右匀速运动C.向左加速运动D.向右加速运动2、如图所示，真空中等量异种点电荷放置在M、N两点，在MN的连线上有对称点a、c，MN连线的中垂线上有对称点b；d；则下列说法正确的是（）

A.a点场强与c点场强一定相同B.a点电势一定小于c点电势C.负电荷在c点电势能一定大于在a点电势能D.正电荷从d点移到b点电场力做正功3、一个不带电的空心金属球，在它的球心处放一个正点荷．图中哪一个能正确表示其电场分布的情况（）A.B.C.D.4、如图a所示，圆形线圈P静止在水平桌面上，其正上方悬挂另一个线圈Q，P与Q共轴，Q中通有变化电流，电流随时间变化的规律如图b所示，P所受的重力为G，桌面对P的支持力为N，则（）A.t1时刻N＞GB.t2时刻N＞GC.t3时刻N＜GD.t4时刻N＜G5、某人驾车从“浙江省余姚中学”开往“浙江大学紫荆港校区”，导航地图如图所示，则以下说法错误的是A.研究汽车在导航图中的位置时，可以把汽车看作质点B.“常规路线”中的“121.0km

”是指位移大小C.图中显示的“1

小时41

分钟”是指时间间隔D.高速公路某处路边竖有限速标志110km

指的是车辆行驶在该路段过程中，瞬时速度不能超过110km/h

6、关于磁场中某点的磁感应强度B；下列说法中正确的是（）

A.由可知；B与F成正比，与IL的乘积成反比。

B.B的大小与IL的乘积无关；由磁场本身决定。

C.B的方向与通电导线在磁场中的受力方向平行。

D.B的方向与放入磁场中的电流的方向有关。

7、我国自行研制开发北斗卫星系统是一个（）A.在国内范围使用的定位与导航系统B.在全球范围内使用的定位与导航系统C.全球高速宽带网络系统D.全球传播的多频道数字电视系统8、保护知识产权，抵制盗版是我们每个公民的责任与义务.

盗版书籍影响我们的学习效率甚至会给我们的学习带来隐患.

小华有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发现有一个关键数字看不清，拿来问老师，如果你是老师，你认为可能是下列几个数字中的那一个(

)

A.6.2隆脕10鈭�19C

B.6.4隆脕10鈭�19C

C.6.6隆脕10鈭�19C

D.6.8隆脕10鈭�19C

评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)9、如图所示，某透明液体深1m，一束光线与水平面成30°角从空气斜射向该液体，进入该液体的光线与水平面的夹角为45°．（光在真空中的速率c=3.0×108m/s），则该液体的折射率n=______，进入液体的光线射到底面所需的时间为______s．10、设想一周期为2秒的秒摆从地球表面移至某一行星表面上，其振动图象如图所示。已知该行星质量为地球质量的2倍，则该行星表面处的重力加速度为地球表面处重力加速度的____倍，该行星半径是地球半径的____倍。11、能量为的光子照射基态氢原子，刚好可使该原子中的电子成为自由电子．这一能量称为氢的电离能．现用一频率为的光子从基态氢原子中击出了一电子，该电子在远离核以后速度的大小为_______________（用光子频率电子质量m、氢原子的电离能和普朗克常量表示）12、能源是人类社会活动的物质基础，其中常规能源有：____；____；天然气．清洁能源有____；____；风能等．13、一块N型半导体薄片（称霍尔元件），其横载面为矩形，体积为b×c×d，如图所示．已知其单位体积内的电子数为n、电阻率为ρ、电子电荷量e．将此元件放在匀强磁场中，磁场方向沿Z轴方向，并通有沿x轴方向的电流I．此元件的CC′两个侧面中，______面电势高．14、如图所示，质量为10kg

的物体与水平面间的滑动摩擦力大小为20N

在向右运动的过程中，还受到一个方向向左的大小为15N

的拉力作用，则物体受到的合力大小为______。评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)15、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）16、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

17、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

18、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

21、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、实验探究题(共3题，共18分)22、某同学在做测定小灯泡的伏安特性曲线的实验中得到如下一组U

和I

的数据：陋芦

。编号12345678U/V0.200.601.001.401.802.202.603.00I/A0.0200.0600.1000.1410.1700.1910.2000.204灯泡发光情况不亮逐渐变亮逐渐变亮正常发光(1)

在图1

中画出小灯泡的I鈭�U

图线陋卤陋芦

(2)

该同学实验的电路图如图2

所示；开始实验时滑动变阻器的触头应放于RP

______(

左端，右端)

．

(3)

在图线上可以看出；当电压逐渐增大时，灯丝电阻的变化情况是______．

(4)

这表明导体的电阻随温度升高而______.陋卤

23、把两个大小相同；质量不等的金属球用细线连接；中间夹一被压缩了的轻弹簧，置于光滑的水平桌面上，（两侧地面上已依次铺放白纸、复写纸）如图所示，烧断细线，观察两球的运动情况，进行必要的测量，验证物体间相互作用时动量守恒．

（1）还必须添加的器材是：______；

（2）需直接测量的数据是：______；

（3）用所得数据验证动量守恒定律的关系式是：______．24、做“用单摆测定重力加速度”的实验；

（1）为测量单摆的摆动周期；测量时间应从摆球经过平衡位置时开始计时；某次测定了40次全振动的时间如图1中秒表所示，那么秒表读数是______s．

（2）改变摆长l；共测定了6组摆长l和对应的周期T．为了求出当地的重力加速度g，3位同学提出了3种不同的处理方法：

A．从测定的6组对应值中任意选取1组，用公式g=求出g作为测量值。

B．先分别求出6个l值的平均值和6个T值的平均值再用公式g=求出g作为测量值。

C．先用6组l和T的值，用公式g=求出6个对应的g值；再求这6个值的平均值作为测量值。

以上3种方法中；错误的是______，其余正确方法中，偶然误差最大的是______（填入相应的字母）．

（3）某同学只测量了悬点到球间摆线的长度L，测得多组L和对应的周期T，画出如图2所示的L-T2图线，并在图线上选取了A、B两个点，其坐标如图所示．据此可得计算重力加速度的表达式为g=______．该同学测摆长时漏加了小球半径，而其它测量、计算均无误，则用上述方法算得的g值和真实值相比是______的（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）．评卷人得分五、计算题(共1题，共4分)25、一列横波在x轴上传播，在t1=0时刻波形如图实线所示，t2=0.05s时刻波形如图虚线所示，若周期大于（t2-t1），则最小波速和最大波速分别是多少？方向如何？评卷人得分六、综合题(共2题，共10分)26、(1)

如图，鈻�ABC

为一玻璃三棱镜的横截面，隆脧A=30鈭�

一束红光垂直AB

边射入，从AC

边上的D

点射出，其折射角为60鈭�

则玻璃对红光的折射率为_____。若改用蓝光沿同一路径入射，则光线在D

点射出时的折射射角______(

填“小于”“等于”或“大于”)60鈭�

(2)

一列简谐横波在t=13s

时的波形图如图(a)

所示，PQ

是介质中的两个质点。图(b)

是质点Q

的振动图像。求(i)

波速及波的传播方向；(ii)

质点Q

的平衡位置的x

坐标。27、(1)

汽车通过拱形桥的最高点时对桥面的压力________(

选填“大于”“小于”或“等于”)

重力，汽车通过凹形桥的最低点时对桥面的压力________(

选填“大于”“小于”或“等于”)

重力．(2)

一辆正在行驶的汽车在关闭发动机后做减速运动，最后停下来，在这一过程中，汽车所受合力对汽车做________(

选填“正功”或“负功”)

汽车的动能________(

选填“增加”或“减少”)

．(3)

长为L=0.5m

的轻杆，其一端固定于O

点，另一端连着质量m=1kg

的小球，小球绕O

点在竖直平面内做圆周运动，当它通过最高点时速度v=2m/s

时，小球受到细杆的作用力大小为________N

是________(

选填“拉力“或”支持力“).(g=10m/s2)

(4)

质量为10kg

的物体在100N

的水平拉力作用下，在水平面上从静止开始做匀变速直线运动，当速度为16m/s

时位移为16mg=10m/s2

则物体受到的摩擦力大小为________N

物体与水平面之间的动摩擦因数为________．(5)

利用如图所示的实验装置探究力对静止物体做功与物体获得的速度的关系．垄脵

选用同样的橡皮筋，每次在同一位置释放小车，如果用1

条橡皮筋进行实验时，橡皮筋对小车做的功为W

用3

条橡皮筋进行实验时，橡皮筋对小车做的功为________W

垄脷

小车运动中会受到阻力，在实验中应________以消除这种影响；垄脹

在实验中得到一张纸带如图所示，在图上标出了纸带中一段相邻点迹之间的距离(

单位是cm)

所用的打点计时器的频率为50Hz.

根据数据求出橡皮筋对小车做功后小车获得的速度为________m/s

．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【解析】试题分析：AB、导体棒A匀速运动，导体棒产生的感应电动势和感应电流恒定不变，上面线圈产生的磁场恒定不变，穿过下面线圈的磁通量不变，没有感应电流产生；错误C、导体棒A向左加速运动，由右手定则知导体棒中有向下的感应电流，逐渐增大，由安培定则知上面线圈产生向下的磁场，逐渐增强，由楞次定律判断出下面线圈的感应电流方向是从a流向b的；正确D、导体棒A向右加速运动，由右手定则知导体棒中有向上的感应电流，逐渐增大，由安培定则知上面线圈产生向上的磁场，逐渐增强，由楞次定律判断出下面线圈的感应电流方向是从b流向a的；错误故选C考点：楞次定律【解析】【答案】C2、A【分析】【分析】在等量异种点电荷的电场线分布图中；电场线由正电荷指向负电荷，由于ac两点关于O点对称，所以两点场强相同，A对；沿着电场线的方向电势降低，由于不知道两电荷电性，所以不能判断a；c两点电势高低，B错；电势能与试探电荷和电势都有关系，由于不知道a、c两点电势的高低，所以无法判断两点的电势能大小，C错；在两电荷连线的中垂线上场强方向为水平方向，所以中垂线为等势线，沿着等势线移动电荷电场力不做功，D错。

【点评】本题难度中等，学生做本题时，明确几种常见的电场其电场线分布，知道据电场线的疏密判断场强的大小，熟悉并理解几种常见的电场线的分布3、B【分析】解：由于电场线是从正电荷或者无穷远出发出的；所以正点荷的电场线都是向外的，由于静电感应，金属球的内壁和外壁会出现感应电荷，会产生感应电场，感应电场的方向是与正电荷的电场的方向相反，最终达到平衡时，在球壳内部的电场为零，所以没有电场线，在球壳的外部电场线的方向是向外的，所以B正确．

故选：B．

电场线是从正电荷或者无穷远出发出；到负电荷或无穷远处为止，当电荷放在空心金属球内时，由于静电感应，金属球会产生感应电场，分析两个电场的特点可以得出结论．

本题需要掌握住点电荷的电场的分布情况，同时还要注意金属球壳的静电感应的影响．【解析】【答案】B4、A【分析】解：A、当螺线管中电流增大时，其形成的磁场不断增强，因此线圈P中的磁通量增大，根据楞次定律可知线圈P将阻碍其磁通量的增大，故线圈有远离和面积收缩的趋势，所以t1时刻N＞G．故A正确；

B、t2时刻与t4时刻，当螺线管中电流不变时，其形成磁场不变，线圈P中的磁通量不变，因此磁铁线圈中无感应电流产生，故t2时刻合t4时刻N=G；故B错误，D错误；

C、t3时刻螺线管中电流为零；但是线圈P中磁通量是变化的，因此此时线圈中有感应电流，此时，线圈Q中的电流为0，因此两个线圈之间没有安培力．此时N=G，故C错误．

故选：A

当螺线管中通入变化的电流时形成变化的磁场；这时线圈P中的磁通量发生变化，由其磁通量的变化根据楞次定律可以判断P中产生感应电流的大小方向以及P线圈收缩和扩展趋势．

正确理解楞次定律中“阻碍”的含义，注意判断感应电流的大小看磁通量的变化率而不是看磁通量的大小，如C选项，学生很容易错选．【解析】【答案】A5、B【分析】【分析】

当物体的大小和形状在所研究的问题中可以忽略时可以看作质点；

明确位移和路程的定义；明确位移为起点到终点的有向线段，而路程是指实际轨迹的长度；

明确时间和时刻的定义；知道时间间隔对应一个过程，而时刻对应一个瞬间；

理解平均速度和瞬时速度的定义；知道限速限制的是瞬时速度。

本题考查位移与路程、质点、瞬时速度和平均速度等，对于物理学中相近知识点要注意准确理解，掌握它们的区别和联系。【解答】

A.研究汽车在导航图中的位置时；汽车的大小可以忽略，故可以把汽车看作质点，故A正确；

B.“常规路线”中的“121.0km

”是指路程的大小；故B错误；

C.图中显示的“1

小时41

分钟”是指汽车行驶的时间间隔；故C正确；

D.进入隧道前路边竖有限速标志110km

实际为110km/h

是指瞬时速度，意思为指的是车辆经过隧道过程中，瞬时速度不能超过110km/h

故D正确。

选错误的，故选B。

【解析】B

6、B【分析】

A、由可知；是通过比值定义，所以B与F，与IL均无关，而B由磁场本身性质决定．故A错误；

B、由可知；是通过比值定义，所以B与F，与IL均无关，而B由磁场本身性质决定．故B正确；

C；通电导线在磁场中的受力方向；由左手定则来确定，所以磁场力的方向与磁场及电流方向相互垂直，故C错误；

D；B的方向与放入磁场中的电流的方向无关．故D错误；

故选：B

【解析】【答案】在磁场中磁感应强度有强弱；则由磁感应强度来描述强弱．将通电导线垂直放入匀强磁场中，即确保电流方向与磁场方向相互垂直，则所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比．

7、B【分析】解：北斗卫星导航系统由中国自主研制和建立的用于导航和定位的卫星系统．是继美全球定位系统（GPS）和俄GLONASS之后第三个成熟的卫星导航系统．系统由空间端；地面端和用户端组成；可在全球范围内全天候、全天时为各类用户提供高精度、高可靠定位、导航、授时服务，并具短报文通信能力，已经初步具备区域导航、定位和授时能力，定位精度优于20m，授时精度优于100ns．

故选B．

北斗卫星导航系统由中国自主研制和建立的用于导航和定位的卫星系统．是继美全球定位系统（GPS）和俄GLONASS之后第三个成熟的卫星导航系统．系统由空间端；地面端和用户端组成；可在全球范围内全天候、全天时为各类用户提供高精度、高可靠定位、导航、授时服务，并具短报文通信能力，已经初步具备区域导航、定位和授时能力，定位精度优于20m，授时精度优于100ns．

这是一道考查科技知识在日常生活中的应用的基础题，比较容易，可以作为选择题或填空题出现．【解析】【答案】B8、B【分析】电子电荷量的大小是最小的；人们把最小电荷叫做元电荷，任何带电体所带电荷都是e

的整数倍，因此该带电量为电子电量e=1.6隆脕10鈭�19C

的整数倍，将四个选项中的电量除以电子电量得数为整数倍的便是可能正确的数字，故ACD错误，B正确．

故选：B

．【解析】B

二、填空题(共6题，共12分)9、略

【分析】解：根据几何知识可知，入射角i=60°，折射角r=45°；根据折射定律得：

n===

光在液体中传播的速度为：v=

光线射到底面时传播的距离为：S==h

所以进入液体的光线射到底面所需的时间：t====×10-8s

故答案为：×10-8．

由题图知入射角i=60°，折射角r=45°，根据折射定律求解该液体的折射率；由几何知识求出光在液体中传播的距离S，由v=求出光在液体中传播的速度v，根据公式t=求出传播的时间．

本题是几何光学中基本问题，是折射定律和光速公式的应用，要注意入射角和折射角都是指光线与光线的夹角，不是与界面的夹角．【解析】×10-810、略

【分析】【解析】【答案】1/4211、略

【分析】试题分析：依题意，处于基态的氢原子的电子获得能量后被电离，电离后的动能为动能应等于从而解得电子在远离核以后速度的大小为考点：本题考查原子的电离、能量子等知识。【解析】【答案】12、煤炭石油水力发电太阳能【分析】【解答】能源是人类社会活动的物质基础；其中常规能源有：煤炭；石油、天然气、水力等，是促进社会进步和文明的主要能源；

清洁能源是不排放污染物的能源；有：水力发电；风力发电、太阳能、生物能（沼气）、海潮能等；

故答案为：煤炭；石油；水力发电；太阳能．

【分析】常规能源也叫传统能源，是指已经大规模生产和广泛利用的能源．清洁能源是不排放污染物的能源，它包括核能和“可再生能源”．可再生能源是指原材料可以再生的能源，如水力发电、风力发电、太阳能、生物能（沼气）、海潮能这些能源．可再生能源不存在能源耗竭的可能，因此日益受到许多国家的重视，尤其是能源短缺的国家．13、略

【分析】解：电流沿x轴正方向；知电子流动的方向沿x轴负方向，根据左手定则，知电子向C侧面偏转，所以C侧面得到电子带负电，C′侧面失去电子带正电．故C′面电势较高．

故答案为：C′

金属导体中移动的是自由电子；根据左手定则判定电子的偏转方向，从而得出元件的CC′两个侧面的电势的高低．

解决本题的关键掌握左手定则判定洛伦兹力的方向，以及知道最终电子受电场力和洛伦兹力处于平衡．【解析】C′14、35N

【分析】解：物体在向右运动的过程中；受到地面对其向左的滑动摩擦力；

对物体受力分析；受重力；支持力、向左的滑动摩擦力、向左的拉力，合力等于拉力加上摩擦力，为35N

故答案为：35N

滑动摩擦力的方向与物体的相对滑动的方向相反；两个共点力合成时；若不在一条直线上，运用平行四边形定则合成；若共线，直接相加；若反向，直接相减。

本题关键是对物体受力分析，然后求解合力，注意物体向右做直线运动，故合力与速度共线，竖直方向的合力为零。【解析】35N

三、判断题(共7题，共14分)15、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．16、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．17、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．18、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．21、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、实验探究题(共3题，共18分)22、左端；先不变后增大；增大【分析】解：(1)

根据表中实验数据在坐标系内描出对应点；然后用平滑的曲线把各点连接起作出图象如图所示．

(2)

为保护电路；开始实验时滑动变阻器的触头应放于RP

的左端，此时分压电路分得的电压最小．

(3)

由图象可知，电压比较小时，I鈭�U

图象是直线，U

与I

成正比，电阻不变，当电压大到一定程度时，通过灯泡的电流随电压增大而增大，但电压增加量大于电流增加量，由欧姆定律可知，电压与电流的比值UI

变大，即R=UI

灯丝电阻变大，由此可知，灯丝电阻的变化情况是：先不变后增大．

(4)

由图象(

或表中实验数据)

可知；随灯泡电压U

变大，通过灯泡的电流I

变大，由P=UI

可知，灯泡实际功率变大，灯丝温度升高，由于灯丝电阻随电压升高而增大，由此可知，灯丝电阻随温度升高而增大．

故答案为(1)

如图所示；(2)

左端；(3)

先不变后增大；(4)

增大．

(1)

根据表中实验数据在坐标系内描出对应的点；然后根据描出的点作出图象．

(2)

由电路图可知；滑动变阻器采用分压接法，闭合开关前，分压电路分得的电压应该为零．

(3)

根据图象应用欧姆定律分析判断灯丝电阻如何变化．

(4)

根据灯丝电阻变化情况分析答题．

本题考查了作图象、滑动变阻器的调节、分析灯丝电阻随电压的变化关系等，要掌握描点法作图的方法，要掌握应用图象处理实验数据的方法．【解析】左端；先不变后增大；增大23、略

【分析】解：小球离开桌面后做平抛运动；取小球1的初速度方向为正方向；

两小球质量和平抛初速度分别为：m1、m2，v1、v2；

平抛运动的水平位移分别为s1、s2；平抛运动的时间为t．

需要验证的方程：0=m1v1-m2v2，又v1=v2=

代入得到m1s1=m2s2；

故需要测量两木块的质量m1和m2，两木块落地点到桌面边缘的水平距离s1，s2；需要的器材为刻度尺；天平、重锤线．

故答案为：（1）刻度尺、天平、重锤线；（2）两木块的质量m1、m2和两木块落地点分别到桌子两侧边的水平距离s1、s2；（3）m1s1=m2s2．

烧断细线后；两球离开桌面做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度．将需要验证的关系速度用水平位移替代．

本题是运用等效思维方法，平抛时间相等，用水平位移代替初速度，这样将不便验证的方程变成容易验证．【解析】刻度尺、天平、重锤线；两木块的质量m1、m2和两木块落地点分别到桌子两侧边的水平距离s1、s2；m1s1=m2s224、75.2BA不变【分析】解：（1）秒表的小盘读数为60s；大盘读数为15.2s，则最终读数为75.2s．

（2）分别求出6个l值的平均值和6个T值的平均值表达式就不成立了；故B错误；

根据单摆的周期公式T=得，g=从测定的6组对应值中任意选取1组，偶然误差最大，所以偶然误差最大的选A．

（3）根据T=得，L=则图线的斜率k==

解得g=．

通过g的表达式可以知道，漏加了小球半径后，（LB-LA）不变；故不影响最后结果．

故答案为：（1）75.2，（2）B，A，（3）不变．

（1）秒表的读数等于小盘读数加上大盘读数；

（2）根据L与T是非线性关系；分析实验错误的方法．采用一组数据计算偶然误差较大．

（3）根据单摆的周期公式，得出L-T2的关系式；结合图线的斜率求出重力加速度的表达式．

本题关键明确实验原理、误差来源，知道偶然误差的特点和减小方法，会用图象法分析数据．【解析】75.2BA不变五、计算题(共1题，共4分)25、解：当波沿x轴正方向传播时，根据波的周期性有：△t=t2-t1=nT+T；n=0，1，2，3

因（t2-t1）＜T；所以n=0或1；

当波沿x轴负方向传播时，可能的周期为：△t=nT+T；则n=0或1；

由波速公式v=可知；当速度v最小时，周期T最大。分析上面两类情况可知。

当周期最大时，波沿x轴正方向传播时，且在△t=nT+中取n=0，即△t=则Tmax=0.2s

最小速度vmin===40m/s；方向沿x轴正向；

当v最大时，周期T最小，由上面分析可知周期最小时，波沿x轴负方向传，且在△t=nT+T中取n=1，即△t=Tmin+Tmin；

则Tmin=s最大速度vmax===280m/s；方向为沿x轴负方向；

答：最小波速大小是40m/s，方向沿x轴正向，而最大波速是280m/s，方向为沿x轴负方向。【分析】

由相邻两个波峰或波谷间的距离读出波长。根据波形的平移法；结合波的周期性，得出波传播的距离与波长的关系，求出最小间距和最大间距，得到对应的最小波速和最大波速。

本题关键要明确“波形一个周期波形平移一个波长”的结论，结合波形图得到最大、最小传播距离，然后确定最大、最小波速。【解析】解：当波沿x轴正方向传播时，根据波的周期性有：△t=t2-t1=nT+T；n=0，1，2，3

因（t2-t1）＜T；所以n=0或1；

当波沿x轴负方向传播时，可能的周期为：△t=nT+T；则n=0或1；

由波速公式v=可知；当速度v最小时，周期T最大。分析上面两类情况可知。

当周期最大时，波沿x轴正方向传播时，且在△t=nT+中取n=0，即△t=则Tmax=0.2s

最小速度vmin===40m/s；方向沿x轴正向；

当v最大时，周期T最小，由上面分析可知周期最小时，波沿x轴负方向传，且在△t=nT+T中取n=1，即△t=Tmin+Tmin；

则Tmin=s最大速度vmax===280m/s；方向为沿x轴负方向；

答：最小波速大小是40m/s，方向沿x轴正向，而最大波速是280m/s，方向为沿x轴负方向。六、综合题(共2题，共10分)26、(1)3

大于

(2)

解：(i)

由图(a)

可知：娄脣=2隆脕18cm=0.36m

由图(b)

可知：T=2s

所以v=娄脣T=0.18m/s

由图(b)

在t=13s

的下一刻向上运动

回到图(a)

由同侧法可知，传播方向沿x

轴负方向；

(ii)

由图(a)

可知O

处纵坐标为鈭�A2OP

时间间隔为30鈭�360鈭�T=112T

又PQ

时间间隔为13s=16T

所以OQ

的时间间隔为14TOQ

的水平间距d=v隆脕14T=9cm

所以Q

的平衡位置的坐标为x=9cm

【分析】????(1)

【分析】

根据折射定律求解即可。

本题是折射定律的直接应用；不难。

【解答】

玻璃对红光的折射率为n=sin(60鈭�)sin(30鈭�)=3

蓝光相对红光折射率更大，故在D

点出射时偏折更明显，所以大于60鈭�

故答案为：3

大于。

(2)

【分析】

本题是振动图像和波动图像的综合题目；不难。

【解答】

(i)

由同侧法可知；传播方向沿x

轴负方向；

(ii)

由图a

可知O

处纵坐标、OP

时间间隔、PQ

时间间隔，由此可以求得OQ

的时间间隔及OQ

的水平间距，进而可以得到Q

的平衡位置的坐标。

【解析】(1)3

大于(2)

解：(i)

由图(a)

可知：娄脣=2隆脕18cm=0.36m

由图(b)

可知：T=2s

所以v=娄脣T=0.18m/s

由图(b)

在t=13s

的下一刻向上运动回到图(a)

由同侧法可知，传播方向沿x

轴负方向；(ii)

由图(a)

可知O

处纵坐标为鈭�A2OP

时间间隔为30鈭�360鈭�T=112T

又PQ

时间间隔为13s=16T

所以OQ

的时间间隔为14TOQ

的水平间距d=v隆脕14T=9cm

所以Q

的平衡位置的坐标为x=9cm

27、（1）小于大于

（2）负功减少

（3）2，支持力

（4）20