2025年华东师大版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华东师大版必修3物理下册阶段测试试卷422考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示的电路。三只相同的灯泡L1、L2、L3，当滑动变阻器的滑动触点向b端移动时()

A.L1变亮，L2、L3变暗B.L1、L2变亮，L3变暗C.L1、L3变暗，L2变亮D.L1、L3变亮，L2变暗2、如图所示；小球A带正电，当带负电的小球B靠近A时，A带的（）

A.正电荷增加B.负电荷增加C.正、负电荷均增加D.电荷量不变3、如图所示，匀强电场中三点A，B，C是一个三角形的三个顶点，BC已知电场线平行于所在的平面，一个电荷量q=-2×10-6C的点电荷由A移到B的过程中，电势能增加了J，由B移到C的过程中电场力做功6×10-6J；下列说法正确的是（）

A.B，C两点的电势差UBC=3VB.电场方向由B指向AC.负电荷由C点移到A点的过程中，电势能增加D.该电场的场强为1V/m4、在如图所示的电路中，闭合开关把滑动变阻器的滑片向上滑动的过程中；若电源内阻不能忽略，则下列说法正确的是（）

A.没有电流通过B.中有由到的电流C.电压表的示数变小，电流表示数变大D.电压表的示数变大，电流表示数变小5、如图所示，A、B为两个等量正负点电荷连线上的两点，B为连线的中点，C为连线中垂线上的一点，一个负试探电荷在A、B、C三点的电势能分别为则下列关系正确的是（  ）

A.B.C.D.6、如图为滑动变阻器的实物图；下列说法正确的是（）

A.ab接入电路时，p向右移动电阻增大B.ab接入电路时，p向右移动电阻减小C.cd接入电路时，p向右移动电阻增大D.ac接入电路时，p向右移动电阻增大7、在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为其内阻，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表。当开关S闭合后，若将照射R3的光的强度减弱；则下列说法中正确的是（）

A.电压表的示数变小B.通过R2的电流变小C.小灯泡消耗的功率变大D.电源的内电压变大评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、如图甲所示，某电场中的一条电场线恰好与M、P所在直线重合，以M为坐标原点，向右为正方向建立直线坐标系x，P点的坐标此电场线上各点的电场强度大小E随x变化的规律如图乙所示。若一电子仅在电场力作用下自M点运动至P点；其电势能减少60eV，对于此电场，以下说法正确的是（）

A.该电子做匀变速直线运动B.x轴上各点的电场强度方向都为x轴负方向C.M点的电势是P点电势的D.图象中的的数值为1.69、如图甲、乙所示的电路图为电表改装的示意图，G为表头、R为可调电阻；则下列说法正确的是()

A.图甲为电流表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，改装后电表的量程增大B.图甲为电流表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，改装后电表的量程减小C.图乙为电压表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，改装后电表的量程增大D.图乙为电压表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，改装后电表的量程减小10、如图所示，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，R4（与R2串联的那个电阻）为热敏电阻（阻值随温度升高而减小），与分别为理想电压表与理想电流表．现将开关S闭合；当环境温度升高时，下列说法正确的是。

A.电流表的示数增大B.电压表的示数减小C.R1上消耗的电功率减小D.R3两端的电压減小11、下列关于电源的说法正确的是（）A.电源是将电能转化为其他形式的能的装置B.电源的作用是使电源的正负极保持一定量的正、负电荷，维持一定的电势差C.与电源相连的导线中的电场是由电源正、负极上的电荷形成的D.在电源内部负电荷由正极流向负极（或正电荷由负极流向正极）12、如图甲是有两个量程的电流表，当使用两个端点时，量程为当使用两个端点时，量程为已知灵敏电流计的内阻为满偏电流为如图乙是有两量程的电压表，当使用两个端点时，量程为当使用两个端点时，量程为已知灵敏电流计的内阻为满偏电流为则电阻分别为（）

A.B.C.D.13、对于常温下一根阻值为R的均匀金属丝；其伏安特性曲线如图所示，下列说法中正确的是。

A.常温下，若将金属丝均匀拉长为原来的10倍，则电阻变为10RB.常温下，若将金属丝从中点对折起来，电阻变为C.给金属丝加上的电压逐渐从零增大到则任一状态下的比值不变D.金属材料的电阻率随温度的升高而增大14、下列说法中正确的是（）A.根据电势的定义式可知电场中某点的电势与试探电荷在该点的电势能成正比B.由知，电容C与电容器所带电荷量Q成正比，与电容器两端的电压U成反比C.安培认为在原子、分子内部总存在着一种环形电流——分子电流D.电动势表征了电源将其他形式的能转化为电能的本领15、为等边三角形，是三角形的中心，是的中点。图（a）中，A、B、C三个顶点处各放置电荷量相等的点电荷，其中A、B处为正电荷，C处为负电荷；图（b）中，A、B、C三个顶点处垂直纸面各放置一根电流大小相等的长直导线，其中A、B处电流方向垂直纸面向里，C处电流方向垂直纸面向外。下列说法正确的是（）

A.图（a）中，沿着直线从O到D电势逐渐升高B.图（a）中，沿着直线从O到D各点的电场方向相同，且由指向C.图（b）中，沿着直线从O到D各点的磁场方向相同，且垂直向左D.图（b）中，点的磁感应强度大于点的磁感应强度评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、安培定则。

（1）直线电流的磁场：右手握住导线，让伸直的拇指所指的方向与______方向一致，弯曲的四指所指的方向就是______环绕的方向；如图甲。

（2）环形电流的磁场：让右手弯曲的四指与______的方向一致，伸直的拇指所指的方向就是环形导线轴线上______的方向；如图乙。

（3）通电螺线管的磁场：右手握住螺线管，让弯曲的四指所指的方向跟______方向一致，拇指所指的方向就是螺线管______磁感线的方向，或拇指指向螺线管的______极；如图丙。

17、磁感线。

（1）定义：在磁场中画出一些有方向的曲线，曲线上每一点的________都跟这点磁场的方向一致；这样的曲线就叫作磁感线。

（2）特点。

①磁感线的________表示磁场的强弱。磁场强的地方，磁感线________；磁场弱的地方，磁感线____________

②磁感线某点的________表示该点磁场的方向。18、多用电表、电学黑箱、直流电源、开关、导线若干、小灯泡、_______、______电阻（大、中、小）三个。19、左图读数为___________cm；右图读数为___________mm。

20、某电热器的工作原理如图所示。是两个发热电阻，该电热器有高低两个档位，该电热器处于高温档时的功率是低温档的______倍。小明想在电路中加一个“防倾倒开关”，以保证电热器被碰倒后能自动断开电路，以免引起火灾。该开关最好安装在图中四点中的______点。

评卷人得分四、实验题(共2题，共4分)21、家里网购了一台净水机，小聪查阅资料后发现，水的电阻率与水中溶解的固体含量的关系如表所示，合格纯净水的固体含量小聪想制作一个固体含量计，用来检验该净水机的净水效果。水（）的电阻率/（）500505溶解的固体含量/（）0.0100.1001.00水（）的电阻率/（）0.50.10.01溶解的固体含量/（）1050500

小聪将水样通过阀门注满一绝缘性能良好的圆柱形塑料容器，容器两端用固定的圆形金属电极密封（如图甲所示），再接在如图乙所示的电路（电源电动势为电流表的量程为测量前将红；黑表笔短接，使电流表满偏）的红、黑表笔之间，读出此时电流表的示数。小聪根据不同水样对应的电流值，得到不同水样对应的电阻率，将电阻率对应的固体含量值标在电流表表盘对应的刻度线上，这样就将电流表改装成了一个简易的固体含量计。

（1）在如图乙所示的电路中，____________（选填“”或“”）表笔是黑表笔。

（2）此固体含量计上较小的固体含量值对应电流表的电流值__________（选填“较大”或“较小”）。

（3）某次测量时，电流表的指针恰好半偏，测得该容器两电极间的长度为水柱的内径为则水样的电阻率____________（用相关物理量的符号表示）；若圆柱形塑料容器的长度与横截面直径分别为则该净水机___________（选填“合格”或“不合格”）。22、某兴趣小组要精确测定电源的电动势和内阻；他们找来了如下器材：

A．电流表G（量程为30mA；内阻未知）

B．电阻箱R（0～999.9Ω）

C．滑动变阻器R1（0～20Ω）

D．滑动变阻器R2（0～1kΩ）

E．开关；导线若干。

F．电源E（电动势约10V）

（1）要完成实验；首先需测量电流表G的内阻。测量电流表G内阻的实验电路如图甲所示。

①将下述实验过程补充完整。

a．选择器材，滑动变阻器R′应该选取________（选填“R1”或“R2”）；

b．连接好电路，R′的滑片应调到_______（选填“a”或“b”）端；

c．断开S2，闭合S1，调节R′；使电流表G满偏；

d．保持R′不变，闭合S2，调节电阻箱R的阻值，当R＝10Ω时；电流表G的示数为20mA。

②如果认为闭合S2前后干路上电流不变，则电流表G的内阻Rg＝________Ω。

（2）在测出电流表内阻Rg后，测定该电源的电动势和内阻的电路如图乙所示。闭合开关S，调整电阻箱R，读取相应的电流表示数I，记录多组数据（R，I），得到如图丙所示的图线，则电源的电动势E＝________V，内阻r＝________Ω。

评卷人得分五、解答题(共3题，共12分)23、对比电场力做功和重力做功的特点，它们有什么相同之处？重力做功引起重力势能的变化，电场力做功引起什么能的变化？24、有一充电的电容器，两板间的电压为3V，所带电荷量为4.5×10－4C，此电容器的电容是多少？将电容器的电压降为2V，电容器的电容是多少？所带电荷量是多少？25、如图所示，粗糙绝缘水平地面ABC与光滑绝缘半圆弧竖直轨道CD相切C点，CD右侧（含CD）有水平向右的匀强电场，电场强度大小为圆弧轨道半径为R，AB长度L1=R，BC长度L2=4R。有一质量为M=2m的滑块P以从A点向右运动，在B处与一质量为m、带电荷量为的滑块Q发生弹性碰撞（碰撞过程中Q的电荷量不变），碰撞后滑块Q继续向右运动经过C点进入光滑圆轨道。已知滑块P、Q与地面的动摩擦因数均为μ=0.5，不计空气阻力，滑块都可看作质点，重力加速度为g。求：

（1）若滑块P与Q发生碰撞后瞬间滑块Q速度v的大小；

（2）滑块Q继续运动到达圆轨道的最高点D时对轨道压力N的大小：

（3）若滑块P与Q发生弹性碰撞后使Q能滑上圆弧轨道并且可沿轨道滑回平面，求滑块P初速度的最大值vm。（答案可用分数及根式表示）

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【分析】

【详解】

当滑动变阻器的滑动触点向b端移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻R减小，由欧姆定律分析可知总电流I增大，则L1变亮，则内阻分压与L1的分压增大，则并联部分电路的电压变小，则L3变暗，L3的电流变小，又总电流变大，则L2的电流变大，L2变亮；则B正确，ACD错误。

故选B。2、D【分析】【分析】

【详解】

当带负电的小球B靠近小球A时；两小球之间无接触，由电荷守恒定律可知，A带的电荷量不变，只是电荷重新在小球表面上发生了分布（电荷重新分布是由电荷之间的相互作用力产生的），ABC错误，D正确。

故选D。3、D【分析】【详解】

A．根据电势差定义可知，A、B两点的电势差

根据电势差定义可知，B、C两点的电势差

可见，A、C两点的电势差

A错误；

C．因为

负电荷在电势高的地方，电势能小，负电荷由C点移到A点的过程中；电势能减小，故C错误；

BD．由前面分析可知，C点与A、B两点连线中点D的电势相等，C、D两点的连线是一条等势线；如图所示。

所以电场线是由A指向B，所以电场强度

故D正确。

故选D。4、B【分析】【详解】

CD．滑动变阻器的滑片向上滑动，电阻减小，电路中总电阻减小，由闭合回路欧姆定律可知，电路中电流变大，两端电压变大；即电流表示数；电压表示数均变大，故CD错误；

AB．电路中电流变大，路端电压变小，两端电压变大，则滑动变阻器两端电压减小，电容器与滑动变阻器并联，则电容器两端电压减小，电容器放电，则中有由到的电流；故A错误，B正确。

故选B。5、A【分析】【详解】

两个等量正负点电荷连线的中垂线上各点等电势，所以

左侧为正电荷，所以

又由电势能公式

又因为

所以

故选A。6、D【分析】【分析】

【详解】

ABC．滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小的；连入电路时需要一上一下，若只接上面两个或只接下面两个均不能改变接入电路中电阻丝的长度，ABC错误；

D．若滑片P向右滑动时，连入电路的电阻变大，则需将下边的a接线柱要接入电路，上面c、d两个接线柱相当于一个接线柱；效果一样，D正确。

故选D。7、A【分析】【详解】

A．光敏电阻光照减弱，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大。由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流减小，故R1两端的电压减小；故A正确；

BD．因电路中电流减小，故电源内阻的电压减小，路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大，则流过R2的电流增大；故BD错误；

C．由并联电路的电流规律可知，总电流减小，流过支路R2的电流增大，所以流过灯泡的电流一定减小，故由可知；小灯泡消耗的功率变小，故C错误。

故选A。二、多选题(共8题，共16分)8、B:D【分析】【详解】

A．由题图可知，电子从M点运动到P点过程中；电场强度逐渐减小，所以该电场不是匀强电场，即电子受到的电场力不是不变的，所以该电子不是做匀变速直线运动，所以A错误；

B．若一电子仅在电场力作用下自M点运动至P点，电势能减小，所以电场力做正功。由功能关系可得

又

所以

即

而电场线由高电势指向低电势，所以可知x轴上各点的电场强度方向都为x轴负方向；所以B正确；

C．由题可知；不知道电势零点，所以无法确定两点的电势，所以C错误；

D．由题可知

题中图像的面积就表示电场力做的功，即

得

即图像中的E0的数值为1.6；所以D正确。

故选BD。9、B:C【分析】【详解】

图甲为电流表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，根据可知，会使得改装后电表的量程减小，选项A错误，B正确；图乙为电压表改装的原理图，增大可调电阻的阻值，根据可知，改装后电表的量程增大，选项C正确，D错误；故选BC.10、B:D【分析】【详解】

当环境温度升高时，所以电压表示数减小，B正确．因为总电流增大，所以两端电压增大，根据所以上消耗的功率增大,所以C错误．又由于路端电压减小，所以R3两端电压减小；所以电流表示数减小．D对A错．所以选择BD.

【点睛】先根据热敏电阻的变化判断总电阻的变化，再根据闭合电路欧姆定律判断电流，再是内电压，外电压，也就是路端电压的大小．再结合串并联的知识以及电流、功率的公式判断电流和功率．11、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．在电源内部把电子从正极搬运到负极，克服静电力做功，将其他形式的能转化为电能，A错误；

B．电荷的搬运使电源正；负极间维持一定电势差；B正确；

C．导线中的电场是由电源；导线等电路元件所积累的电荷共同形成的；C错误；

D．在电源内部；负电荷从电源正极流向负极（或正电荷从负极流向正极），D正确。

故选BD。12、B:C:D【分析】【详解】

AB．接a、b时，R1起分流作用为一支路，G与R2串联为一支路，此时量程为I1=1A

而电流表的量程为当G表头达到满偏时通过两个支路的总电流，即为

同理，接a、c时，为一支路起分流作用，G为一支路，此时量程为

则

联立解得

故A错误；B正确；

CD．由图示电路图可知

联立解得

故CD正确。

故选BCD。13、B:D【分析】【详解】

A：常温下，若将金属丝均匀拉长为原来的10倍，横截面积减小为电阻率不变，根据电阻定律，电阻增大为100倍．故A项错误．

B：常温下，若将金属丝从中点对折起来，长度变为一半，横截面积变为2倍，电阻率不变，根据电阻定律，电阻变为．故B项正确．

C：给金属丝加上的电压逐渐从零增大到由图象可得金属丝电阻变大．故C项错误．

D：给金属丝加上的电压逐渐从零增大到由于电功率增加，导致温度会略有升高，由图象得金属丝电阻变大；又横截面积和长度均不变，则金属电阻率会随温度的升高而增大．故D项正确．

【点睛】

金属电阻率会随温度的升高而增大，随温度的降低而降低，当温度降低到绝对零度附近时，电阻率会突然降为零，发生超导现象．14、C:D【分析】【详解】

A．根据电势的定义式

可知电场中某点的电势等于试探电荷在该点的电势能与电荷量的比值；电场中某点的电势与零电势的选择有关，故A错误；

B．根据电容的定义式

可知电容器的电容等于电容器极板所带电荷量与电势差的比值；电容器的电容决定于电容器本身，与电容器所带电荷量无关，故B错误；

C．安培认为在原子；分子内部总存在着一种环形电流——分子电流；提出分子电流假设，故C正确；

D．电动势是表征电源将其他形式能转化为电能本领的物理量，故D正确。

故选CD。15、A:D【分析】【详解】

A．图（a）中，从O到D的方向上；离正电荷越来越近，离负电荷越来越远，所以电势逐渐升高，A正确；

B．图（a）中，由场强的矢量合成可知，OD直线上，三个电荷的合场强由D指向O；B错误；

C．图（b）中，由安培定则及矢量合成法则，可知OD直线上，A、B直导体棒的合磁场方向水平向右，C直导体棒的磁场方向水平向右；所以，三个导体棒的合磁场方向水平向右，C错误；

D．图（b）中，A、B导体棒在点的合磁感应强度为A、B导体棒在点的合磁感应强度不为0，且水平向右；且C导体棒在O点的磁感应强度也大于其在D点的磁感应强度，且水平向右，故点的磁感应强度大于点的磁感应强度；D正确。

故选AD。三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]直线电流的磁场：右手握住导线；让伸直的拇指所指的方向与电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线环绕的方向，如图甲。

（2）[3][4]环形电流的磁场：让右手弯曲的四指与环形电流的方向一致；伸直的拇指所指的方向就是环形导线轴线上磁感线的方向，如图乙。

（3）[5][6][7]通电螺线管的磁场：右手握住螺线管，让弯曲的四指所指的方向跟电流方向一致，拇指所指的方向就是螺线管内部磁感线的方向，或拇指指向螺线管的N极，如图丙。【解析】①.电流②.磁感线③.环形电流④.磁感线⑤.电流⑥.内部⑦.N17、略

【解析】①.切线方向②.疏密③.较密④.较疏⑤.切线方向18、略

【分析】【详解】

略【解析】二极管定值19、略

【分析】【详解】

[1]由左图可知，游标卡尺为十分度游标卡尺，则读数为

[2]由右图可知，螺旋测微器读数为【解析】1.141.73020、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]旋转开关接1时；电热器功率为。

旋转开关接2时；电热器功率为。

代入数据解得。

[2]保证电热器被碰倒后能自动断开电路，以免引起火灾，该开关最好安装在火线上，且在开关之前，即安装在C点。【解析】4C四、实验题(共2题，共4分)21、略

【分析】【详解】

（1）[1]黑表笔应接内部电源的正极，可知表笔是黑表笔。

（2）[2]由表中数据知；当水中溶解的固体含量减小时，水的电阻率增大，而水柱的长度；横截面积均不变，故水柱的电阻增大，根据闭合电路的欧姆定律，通过电流表的电流减小。

（3）[3][4]当电流表半偏时，通过电流表的电流根据闭合电路的欧姆定律有

且

解得

代入数值可得水的电阻率约为

对应的固体含量该净水机不合格。【解析】较小不合格22、略

【分析】