2025年沪教版高一物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版高一物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、【题文】如图所示；一物块m从某曲面上的Q点自由下滑，通过一粗糙的静止传送带后，落到地面P点。若传送带的皮带轮沿逆时针方向转动起来，传送带也随之运动，再把该物体放在Q点自由下滑，则（）

A.它仍落在P点B.它将落在P点左方C.它将落在P点右方D.无法确定落点2、【题文】如图所示；作用于轻绳端点A竖直向下的拉力通过跨在光滑小滑轮的轻绳拉一处在较远处的物体(初始位置绳与水平方向的夹角很小)，使物体沿水平面向右匀速滑动，在此过程中()

A.绳端A的速度逐渐减小B.绳端A的速度逐渐增大C.绳端拉力F逐渐增大D.绳端拉力F的功率逐渐减小3、下列各组杂交组合中,只能产生一种表现型子代的是（）A.BBSsXBBSsB.BbSsXbbSsC.BbSsXbbssD.BBssXbbSS4、若已知物体运动的初速度v0

的方向及它受到的恒定的合外力F

的方向，则可能的轨迹是(

)

A.B.C.D.5、质量不计的弹簧下端固定一小球.

现手持弹簧上端使小球随手在竖直方向上以同样大小的加速度a(a<g)

分别向上、向下做匀加速直线运动.

若忽略空气阻力，弹簧的伸长量分别为x1x2

若空气阻力不能忽略且大小恒定，弹簧的伸长量分别为x隆盲1x隆盲2.

则(

)

A.x隆盲1+x1=x2+x隆盲2

B.x隆盲1+x1<x2+x隆盲2

C.x隆盲1+x隆盲2<x1+x2

D.x1隆盲+x2隆盲=x1+x2

评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)6、【题文】如图所示为一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中背景方格的边长均为5cm，如果取g=10m/s2；那么：

（1）闪光的时间间隔是____S;

（2）小球经过B点时的速度大小是____m/s。（结果可用根号表示）7、万有引力定律的公式为____，引力常量由____首先测定．8、某物体做变速直线运动，在前一半位移的平均速度是8m/s，后一半位移的平均速度是4m/s，则物体在全程的平均速度是______m/s．（保留三位有效数字）9、如图所示，皮带沿如图所示方向匀速转动，质量为m

的物块P

被轻放在皮带下端，它先沿皮带加速向上运动，达到皮带速度后随皮带向上匀速运动，已知物块与皮带间的动摩擦因数为娄脤

皮带倾角为娄脠

重力加速度为g

则物块加速运动过程中受到的摩擦力大小为____________；物块匀速运动过程中受到的摩擦力大小为____________。10、如图所示，一质点沿半径为r=2m的圆周自A点出发，逆时针运动2s，运动圆周到达B点．则质点的位移大小为______m，路程为______m，质点的平均速度大小为______m/s，平均速率为______m/s．评卷人得分三、实验探究题(共8题，共16分)11、某同学用打点计时器探究小车速度随时间的变化，得到如图所示的纸带．把开头几个模糊不清的点去掉，从A开始每5个点取一次计数点，相邻计数点间距离s1=3.59cm，s2=4.41cm，s3=5.19cm，s4=5.97cm，s5=6.78cm，s6=7.60cm．己知打点计时器的打点周期为0.02s．

（1）打点计时器使用的是______电源．（填“交流”或“直流”）

（2）小车做______运动．（填“加速”或“减速”）

（3）小车的加速度a=______m/s2，打下B点时小车的速度vB=______m/s．（结果均保留两位有效数字）12、探究物体的加速度与力、质量的关系实验如下：(1)

在探究物体的____的关系时；应保持_____不变，分别改变施加在物体上的水平拉力F

测出相对应的加速度a

．

(2)(2)在探究物体的加速度与物体质量的关系时，应保持_____不变，分别改变物体的质量mm测出相对应的加速度aa．

(3)(3)本实验也可以不测加速度的具体数值，通过测出两个初速度为零的匀加速运动在相同时间内发生的位移xx1、xx2来测量不同情况下物体加速度的比值，此比值a1a2=__________．(4)

如果a鈭�1m

图象是通过坐标原点的一条直线，则说明________．A.加速度a

与质量m

成正比B.

加速度a

与质量m

成反比C.质量m

与加速度a

成反比D.

质量m

与加速度a

成正比13、探究小车直线运动的实验装置如图1

所示.

打点计时器的工作频率为50Hz.

纸带上计数点的间距如图2

所示；其中相邻计数点之间还有4

个计时点未画出，则。

(1)

如图2

所示纸带被打出一系列点；可知纸带的______(

填“左”或“右”)

端与小车相连．

(2)

根据纸带可判定小车做______直线运动．

(3)

根据纸带计算出小车的加速度a=

______.(

计算结果保留三位有效数字)

(4)

如果当时使用交变电流的频率是f=60Hz

而做实验的同学并不知道，由此引起的误差将使加速度的测量值比实际值偏______.(

选填“大”或“小”)

14、在“探究加速度与力；质量的关系”的实验中；采用如图1

所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M

表示，盘及盘中砝码的质量用m

表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打上的点计算出．

(1)

如图2

为实验中用打点计时器打出的一条较理想的纸带；纸带上ABCDEFG

为七个相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔是0.1s

距离如图2

单位是cm

小车的加速度是______m/s2.(

结果保留两位小数)

(2)

以下措施正确的是______(

填入相应的字母；多选少选均不得分)

A.平衡摩擦力时；应将重物用细绳通过定滑轮系在小车上。

B.平衡摩擦力时；小车后面的纸带必须连好，因为运动过程中纸带也要受到阻力。

C.每次改变小车的质量时；不需要重新平衡摩擦力。

D.实验时；先放开小车，后接通电源。

(3)

当M

与m

的关系满足__________时；才可认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力．

(4)

一组同学在做加速度与质量的关系实验时；保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据.

为了比较容易地检查出加速度a

与质量M

的关系，应该做a

与______的图象．

(5)

如图3

甲同学根据测量数据做出的a鈭�F

图线，说明实验存在的问题是______．15、如图甲所示；在“探究功与速度变化的关系”的实验中，主要过程如下：

A．设法让橡皮筋对小车做的功分别为W；2W、3W、；

B．分析纸带，求出橡皮筋做功使小车获得的速度v1、v2、v3；；

C．作出W-v图象；

D．分析W-v图象．如果W-v图象是一条直线；表明W∝v；如果不是直线，可考虑是。

否存在W∝v2、W∝v3、W∝等关系．

（1）实验中得到的一条如图乙所示的纸带；求小车获得的速度应选______（选填“AB”或“CD”）段来计算．

（2）关于该实验；下列说法正确的有______

A．通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍增加。

B．通过改变小车质量可以改变橡皮筋对小车做的功。

C．每次实验中；橡皮筋拉伸的长度必需保持一致。

D．先接通电源；再让小车在橡皮筋的作用下弹出。

（3）在该实验中，打点计时器正常工作，纸带足够长，点迹清晰的纸带上并没有出现一段等间距的点，造成这种情况的原因可能是______．（写出一条即可）16、李明同学在做“探究求合力的方法”实验时；利用坐标纸记下了橡皮条的结点位置O

以及两只弹簧测力计拉力的大小，如图(a)

所示．

(1)

试在图(a)

中作出无实验误差情况下F1

和F2

的合力图示，并用F

表示此力．(2)

如图(b)

所示是李明和张华两位同学在做以上实验时得到的结果，其中哪一个实验比较符合实验事实？(

力F隆盲

是用一只弹簧测力计拉时的图示)

__________(3)

有关此实验；下列叙述正确的都有哪些？()

A.两弹簧测力计的拉力可以同时比橡皮条的拉力大

B.橡皮条的拉力是合力，两弹簧测力计的拉力是分力

C.两次拉橡皮条时，需将橡皮条结点拉到同一位置OO这样做的目的是保证两次弹簧测力计拉力的效果相同

D.若只增大某一只弹簧测力计的拉力大小而保持橡皮条结点位置不变，只需调整另一只弹簧测力计拉力的大小即可17、用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律，实验所用的电源为学生电源，输出电压为6v

的交流电和直流电两种，重锤从高处由静止开始下落，打点计时器在重锤拖着的纸带上打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。(1)

下面列举了该实验的几个操作步骤：。A.按照图示的装置按照插件；B.将打点计时器接到电源的“直流输出”上；C.用天平测出重锤的质量；D.先释放纸带，再接通电源，打出一条纸带；E

用秒表测出重锤下落的时间；F

测量纸带上某些点间的距离；G

根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能其中没必要进行或不影响实验结果的步骤是____(

填选项)

其中操作错误的步骤是____(

填选项)

(2)

在实验中，重锤的质量m=1kg

重锤自由下落得到如图所示的纸带，相邻计数点间的时间间隔为0.04s

那么从打点计时器打下第一个点P

到打下B

点的过程中，物体重力势能的减少量?Ep=

____J

此过程中物体动能的增加量?Ek=

____J(

取g=9.8m/s2

结果保留三位有效数字)

(3)

用v

表示各计数点的速度，h

表示各计数点到P

点的距离，以v22

为纵轴，以h

为横轴，根据实验数据绘出v22鈭�h

的图线，若图线的斜率等于某个物理量的数值时，说明重物下落过程中机械能守恒，该物理量是____。18、在《验证机械能守恒定律》的实验中，质量为1.00kg的重物自由下落，带动纸带打出一系列的点，如图所示．相邻计数点间的时间间隔为0.02s，距离单位为cm．（g=9.8m/s2）（所有计算结果保留小数点后两位）

（1）打点计时器打下计数点B时，物体的速度vB=______m/s；

（2）从起点O到打下计数点B的过程中物体的动能增加量△EK=______J，势能减少量△EP=______J．

（3）通过计算，数值上△EK小于△EP，其主要原因为______．评卷人得分四、实验题(共3题，共24分)19、【题文】(14分)古代学者认为；物体下落的快慢是由它们的重量大小决定的，物体越重，下落得越快，古希腊哲学家亚里士多德最早阐述了这种看法；但是这种从表面上的观察得出的结论实际是错误的。伟大的物理学家伽利略用简单明了的科学推理，巧妙地揭示了亚里士多德的理论内容包含的矛盾。他在1638年写的《两种新科学的对话》一书中指出：根据亚里士多德的论断，一块大石头的下落速度要比一块小石头的下落速度大，假定大石头下落速度为8，小石头下落的速度为4，当我们把石头拴在一起时，下落快的会被下落慢的拖着而减慢，下落慢的会被下落快的拖着而加快，结果整体系统的下落速度应该小于8．但是两块石头拴在一起，加起来比大石头还要重，根据亚里士多德的理论，整个系统的下落速度应该大于8．这样就使得亚里士多德的理论陷入了自相矛盾的境地．伽利略由此推断重的物体不会比轻的物体下落得快．

（1）根据伽利略的推理方法；假设用两块同样重的石头为研究对象，你又如何推翻亚里士多德的结论呢？（回答应简明）

（2）用重力公式及牛顿第二定律又如何推翻亚里士多德的结论呢？20、【题文】设地球为一密度均匀的球体，若将地球半径减为1/2，则地面上的物体受到的重力变为原来的_______________.21、某学习小组探究“功与物体速度变化的关系”的实验装置如图所示。图中小车在一条橡皮筋作用下弹出沿木板滑行，橡皮筋对小车做的功记为W。当用2条、3条完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次实验时，使每次实验中橡皮筋伸长的长度都完全相同。每次实验中小车获得的速度由打点计时器所打的纸带求出。通过实验数据分析可以得出“功与物体速度变化的关系”。①实验操作中需平衡小车受到的摩擦力，其最根本的目的是______。A．防止小车不能被橡皮筋拉动B．便于小车获得较大的弹射速度C．防止纸带上点迹不清晰D．保证橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功②关于橡皮筋做功，下列说法正确的是______。A．橡皮筋做功的具体值可以直接测量B．橡皮筋在小车运动的全程中始终做功C．通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍增加D．若橡皮筋伸长量变为原来的2倍，则橡皮筋做功也增加为原来的2倍③如图是某同学在正确实验操作过程中得到的一条纸带，O、A、B、C、D、E、F为选取的计数点，相邻的两个计数点间还有一个点没有画出，各计数点到O点的距离分别为1.87cm、4.79cm、8.89cm、16.91cm、25.83cm、34.75cm，若打点计时器的打点频率为50Hz，则由该纸带可知本次实验中橡皮筋做功结束时小车的速度是______m/s。评卷人得分五、画图题(共2题，共6分)22、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。23、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。评卷人得分六、解答题(共4题，共36分)24、列车以54km/h的速度在某段平直的铁路上匀速前进，现需在某站临时停车，如果在此站停留的时间是1min，列车进站时的加速度为0.3m/s2，出站时的加速度为0.5m/s2．

（1）画出列车运行的v-t图象；

（2）列车由于在此站临时停车所耽误的时间？

25、竖直上抛运动是生活中常见的一种运动，研究发现其运动特点是：具有竖直向上的初速度，上升和下落阶段的加速度都是g（方向竖直向下）的匀变速直线运动．若有一个物体在距离地面120m的地方，以10m/s初速度竖直向上抛出，取g取10m/s2；则物体抛出后经过多长时间到达地面？

26、一列火车进站前关闭油门开始滑行；当车滑行300m时，速度减为原来的一半，接着又继续行驶了20s时间到站停止，试求：

（1）火车加速度的大小；

（2）火车开始滑行时的速度；

（3）火车滑行的总路程．

27、如图，在水平桌面上有一个物体，质量为4.6kg，在与水平方向成37°角、大小为10N的拉力F作用下，恰能在水平桌面上向右做匀速直线运动．求物体与水平面间的动摩擦因数．（g取10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8）

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【解析】

试题分析：传送带静止和逆时针转动时；物块在传送带上受到的摩擦力相同，以相同的初速度和加速度减速运动，离开传送带右端的速度相同，落在同一位位置，A正确。

考点：本题考查牛顿定律。【解析】【答案】A2、A|D【分析】【解析】

试题分析：物体沿水平向右匀速运动过程实际参与了两个运动，一个是沿绳子方向的运动速度另一个是与绳子垂直方向的运动速度设绳子和水平夹角为则有随着物体向右运动，逐渐增大，则绳子移动的速度即绳子A端的速度逐渐减小答案A对B错。对物块受力分析如右图，一共四个力，即地面支持力N地面滑动摩擦力重力和绳子拉力F。由于地面支持力和地面滑动摩擦力比例关系和方向恒定，因此合力方向恒定如图。根据受力平衡，重力和拉力的合力与支持力摩擦力合力等大反向，所以在重力和拉力的合力矢量三角形中，重力大小方向确定，合力方向确定，初始拉力接近水平方向如位置1，随后拉力与水平方向夹角逐渐变大如位置2、3等依次变化。当拉力F与合力垂直时拉力最小，随后增大拉力又增大；所以拉力F先减小后增大，答案C错。在此变化过程中，合力逐渐变小，根据图示摩擦力逐渐变小。物块匀速运动，拉力F和摩擦力做功总功为0，二者功率相等，由于速度不变，摩擦力变小，摩擦力的功率变小所以拉力F的功率变小，答案D对。

考点：运动的分解与合成共点力的平衡【解析】【答案】AD3、D【分析】【分析】

本题考查基因自由组合定律的应用；意在考查考生应用能力，如掌握相关计算方法，可以很快解决此题。

【解答】

BBss×bbSS，可分解为两个分离定律：BB×bb→后代有1种表现型，ss×SS→后代有1种表现型，所以BBss×bbSS，后代中有1×1=1种表现型；同理可得：A组合后代是12=2种表现型；B和C组合后代是22=4种表现型。综上所述；D符合题意，ABC不符合题意。

故选D。

【解析】D4、C【分析】略【解析】C

5、D【分析】解：无阻力加速上升时；由牛顿第二定律有：kx1鈭�mg=ma垄脵

加速下降时：

mg鈭�kx2=ma垄脷

有阻力；加速上升时。

kx1隆盲鈭�mg鈭�f=ma垄脹

加速下降时。

mg鈭�kx2隆盲鈭�f=ma垄脺

由以上四式可解得。

x1隆盲+x2隆盲=x1+x2

故选：D

对小球受力分析；然后分别结合胡克定律和牛顿第二定律计算出各种情况下弹簧的伸长量，再比较即可．

本题关键对各种情况下的小球受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求解.

要注意空气阻力方向与物体的运动方向相反．【解析】D

二、填空题(共5题，共10分)6、略

【分析】【解析】

试题分析：（1）在竖直方向上有：其中代入求得：．

（2）水平方向：其中故．

所以小球经过B点时的速度大小为

考点：研究平抛物体的运动．

点评：于平抛运动问题，一定明确其水平和竖直方向运动特点，尤其是在竖直方向熟练应用匀变速直线运动的规律和推论解题．【解析】【答案】(1)0.1（4分）(2)2.5（4分）7、F=卡文迪许【分析】【解答】发现万有引力定律的科学家是牛顿，他提出了万有引力定律．其公式是：F=；

首次比较精确地测出引力常量的科学家是卡文迪许；牛顿得到万有引力定律之后，并没有测得引力常量，引力常量是由卡文迪许用扭秤实验测得的．

故答案为：F=；卡文迪许．

【分析】依据物理学的发展史和各个人对物理学的贡献可以解答．8、略

【分析】解：设总位移为x；则全程的平均速度为：

．

故答案为：5.33．

根据两个阶段的位移和平均速度求出两个阶段的时间；结合总位移和总时间求出全程的平均速度．

解决本题的关键知道平均速度的定义式，知道平均速度等于位移与时间的比值，基础题．【解析】5.339、娄脤mgcos娄脠mgsin娄脠

【分析】【分析】加速过程中，物体相对传送带滑动为滑动摩擦力，物块匀速运动过程中，由二力平衡可求得静摩擦力大小。本题考查了摩擦力的大小，要注意区分静摩擦了和滑动摩擦力。【解答】经分析物块加速运动过程中，相对传送带运动，受到滑动摩擦力：垂直斜面方向Ff=mgcos娄脠{F}_{f}=mgcos娄脠受到的摩擦力大小为Ff=娄脤FN=娄脤mgcos娄脠{F}_{f}=娄脤{F}_{N}=娄脤mgcos娄脠物块匀速运动过程中，相对传送带静止，由平衡条件可得：f=mgsin娄脠f=mgsin娄脠故填：娄脤mgcos娄脠mgsin娄脠

【解析】娄脤mgcos娄脠mgsin娄脠

10、略

【分析】解：（1）质点的位移是由A点指向B点的有向线段；位移大小为线段AB的长度；

由图中几何关系可知：x=R=2×m=2.83m

位移方向由A点指向B点．

质点的路程为质点绕圆周的轨迹长度，则S=×2πR=9.42m

（2）根据平均速度定义得：

==1.42m/s；

平均速度方向是由A指向B．

质点的平均速率为：==4.71m/s．

故答案为：2.83；9.42．1.424.71

位移为从初位置指向末位置的有向线段；为矢量，路程为物体走过的轨迹长度，为标量，据此可正确解答．根据平均速度和平均速率的定义即可正确解答本题。

对于位移、路程、平均速度、平均速率等基础概念，要深刻理解其定义，注意从标量和矢量的角度进行区分【解析】2.83；9.42；1.42；4.71三、实验探究题(共8题，共16分)11、略

【分析】解：（1）打点计时器使用的是交流电源；

（2）由图可知；在相同时间间隔内，小车运动的距离越来越大，故说明小车做加速运动；

（3）由题意可知s1=3.59cm=0.0359m，s2=4.41cm=0.0441m，s3=5.19cm=0.0519mm，s4=5.97cm=0.0597m，s5=6.78cm=0.0678m，s6=7.60cm=0.0760m．

每五个点取一个计数点；故T=0.1s；

根据△x=aT2可知：

a==m/s2=0.80m/s2；

B点的瞬时速度，v5===0.40m/s；

故答案为：（1）交流；（2）加速；（3）0.80；0.40．

（1）明确打点计时器的原理；明确打点计时器必须使用交流电源；

（2）根据相同时间内的位移变化分析小车的运动情况；

（3）根据逐差分求解对应的加速度；根据平均速度公式可求得瞬时速度．

解决本题的关键掌握打点计时器的原理以及纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度．注意有效数字的保留和单位的换算才能准确求解．【解析】交流；加速；0.80；0.4012、(1)质量(2)力(3)(4)B【分析】【分析】

探究物体的加速度与力、质量的关系实验的方法为控制变量法；物体质量一定时，加速度与力的大小成正比；物体所受合外力一定时，加速度与物体质量成反比。关键是掌握控制变量法思想、化曲为直的思路。

【解答】

(1)

该实验采取控制变量法；在探究物体的加速度与力的关系时，应保持质量m

不变；

(2)

在探究物体的加速度与物体的质量的关系时；应持力F

不变；

(3)

根据匀变速直线运动的规律x=12at2

可得：

x1=12a1t2

x2=12a2t2

由此可得：a1a2=x1x2

(4)

如果a鈭�1m

图象是通过坐标原点的一条直线，则能够说明在外力一定的条件下，a

与m

成反比，故ACD错误，B正确。故选B。

【解析】(1)

质量(2)

力(3)x1x2(4)B

13、略

【分析】解：(1)

纸带做加速运动；相等时间内运动的位移越来越大，由此可判断纸带那端与小车相连，因此纸带的左端与小车相连；

(2)

依据纸带数据；即为：xBC鈭�xAB=9.20鈭�2.50鈭�2.50=4.20cm

xCD鈭�xBC=20.10鈭�9.20鈭�(9.20鈭�2.50)=4.2cm

则有连续相等的时间内；位移之差相等，因此小车做匀加速直线运动；

(3)

由于每相邻两个计数点间还有4

个点没有画出；所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s

根据匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aT2

可以求出加速度的大小；得：

a=35.20鈭�9.20鈭�9.200拢庐22隆脕10鈭�2=4.20m/s2

．

(4)

因为交流电的频率为60Hz

而未被发觉，本来T

代入160s

解出结果是真实加速度；

但是我们代入了150s

这个的数值；这样计算出的加速度值与真实值相比偏小．

故答案为：(1)

左；(2)

匀加速；(3)4.20m/s2(4)

小．

(1)

根据纸带上点与点间距；即可判定；

(2)

依据连续相等的时间内；位移之差相等，即可判定运动性质；

(3)

根据匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aT2

可以求出加速度的大小；

(4)

如果在某次实验中；交流电的频率60Hz

那么实际打点周期变小，而代入周期仍为不变；

根据运动学公式鈻�x=aT2

可知，测量的加速度值与真实的加速度值大小关系．

要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，注意实际周期与代入计算周期的区别，同时掌握求解加速度的方法，及单位的统一．【解析】左；匀加速；4.20m/s2

小14、略

【分析】解：(1)

根据鈻�x=aT2

运用逐差法得，a=x4+x5+x6鈭�x3鈭�x2鈭�x19T2=40.65鈭�13.15鈭�13.150.09=159cm/s2=1.59m/s2

(2)A

平衡摩擦力时；应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，使小车拖着纸带沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，故A错误，B正确；

C；每次改变小车的质量时；小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力，故C正确；

D；实验时；应先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，同时要求开始小车要靠近打点计时器，故D错误；

故选：BC

(3)

根据牛顿第二定律得：

对mmg鈭�F脌­=ma

对MF脌­=Ma

解得：F脌­=mMgM+m=mg1+mM

当M>>m

时；即小车的质量远大于砝码和盘的总质量，绳子的拉力近似等于砝码和盘的总重力．

(4)

根据牛顿第二定律F=Maa

与M

成反比，而反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系，故不能作a鈭�M

图象；但a=FM

故a

与1M

成正比，而正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系，故应作a鈭�1M

图象；

(5)

图中没有拉力时就产生了加速度；说明平衡摩擦力时木板倾角过大。

故答案为：

(1)1.59(2)BE(3)M>>m(4)1M(5)

平衡摩擦力时木板倾角过大．

(1)

根据连续相等时间内的位移之差是一恒量；运用逐差法求出小车的加速度；

(2)

探究加速度与拉力的关系实验时；要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西.

小车的加速度应根据打点计时器打出的纸带求出；平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mgsin娄脠=娄脤mgcos娄脠

可以约掉m

只需要平衡一次摩擦力.

操作过程是先接通打点计时器的电源，再放开小车；

(3)

要求在什么情况下才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，需求出绳子的拉力，而要求绳子的拉力，应先以整体为研究对象求出整体的加速度，再以M

为研究对象求出绳子的拉力，通过比较绳对小车的拉力大小和盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有m<<M

时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力；

(4)

反比例函数图象是曲线；而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系；正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系；

(5)

图中没有拉力时就产生了加速度；说明平衡摩擦力时木板倾角过大．

(1)

解决本题的关键理解实验的原理；知道当m

的质量远小于M

的质量，m

的重力可以认为等于M

所受的合力．

(2)

解决本题的关键掌握匀变速直线运动推论的运用；会运用逐差法求解加速度；

(3)

解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，尤其是理解平衡摩擦力和M>>m

的操作和要求的含义.

只要掌握了实验原理就能顺利解决此类题目，就能举一反三，所以要注意基本原理的学习【解析】1.59BCM>>m1M

平衡摩擦力时木板倾角过大15、CDACD没有平衡摩擦力或木板的倾角过大或过小【分析】解：（1）由图知：在AB之间；由于相邻计数间的距离不断增大，而打点计时器每隔0.02s打一个点，所以小车做加速运动．

在CD之间相邻计数间距相等；说明小车做匀速运动．小车离开橡皮筋后做匀速运动，应选用CD段纸带来计算小车的速度v．求小车获得的速度应选CD段来计算；

（2）AB；该实验中利用相同橡皮筋形变量相同时对小车做功相同；通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍增加．故A正确，B错误；

C．为保证每根橡皮条对小车做功一样多每次实验中；橡皮筋拉伸的长度必需保持一致，故C正确；

D；在中学阶段；用打点计时器测量时间时，为有效利用纸带，总是先接通电源后释放纸带，故D正确；

故选：ACD

（3）在该实验中；打点计时器正常工作，纸带足够长，点迹清晰的纸带上并没有出现一段等间距的点，造成这种情况的原因可能是没有平衡摩擦力或木板的倾角过大或过小。

故答案为：（1）CD（2）ACD（3）没有平衡摩擦力或木板的倾角过大或过小。

（1）打点计时器每隔0.02s打一个点；根据相邻计数点间距离的变化，分析小车的运动情况．小车离开橡皮筋后做匀速运动，由CD段纸带，求出速度．

（2）在探究橡皮筋的拉力对小车所做的功与小车速度变化的关系的实验中应注意：n根相同橡皮筋对小车做的功就等于系一根橡皮筋时对小车做的功的n倍；这个设计很巧妙地解决了直接去测量力和计算功的困难；该实验需要平衡摩擦力以保证动能的增量是只有橡皮筋做功而来；小车最大速度即为后来匀速运动的速度．

明确了该实验的实验原理以及实验目的，即可了解具体操作的含义，以及如何进行数据处理；数据处理时注意数学知识的应用，本题是考查实验操作及数据处理的方法等问题，好题．【解析】CDACD没有平衡摩擦力或木板的倾角过大或过小16、（1）

（2）张华（3）AC【分析】【分析】(1)(1)以FF1和FF2为邻边作平行四边形，通过OO点的对角线表示合力FF据此可正确画出FF1和FF2的合力图示；

(2)(2)明确实验理论值和实验值之间的关系即可正确解答；

(3)(3)根据合力与分力的关系来分析判断。解答实验的出发点为明确实验原理、实验步骤、数据处理，并能进行正确的受力分析，同时注意应用所学物理基本规律解决实验问题。【解答】(1)

以F1

和F2

为邻边作平行四边形，与F1

和F2

共点的对角线表示合力F

标上箭头，如图所示。

(2)(2)用平行四边形定则求出的合力可以与橡皮条拉力的方向有偏差，但用一只弹簧测力计拉结点的拉力与橡皮条拉力一定在同一直线上，故张华符合实验事实。

(3)

A.两弹簧测力计的拉力的合力与橡皮筋的拉力大小相等，两弹簧测力计的拉力可以同时比橡皮筋的拉力大，故A正确；B.两弹簧测力计的拉力与橡皮条的拉力的合力为零，它们之间不是合力与分力的关系，B错误；C.两次拉橡皮筋时；为了使两次达到效果相同，橡皮筋结点必须拉到同一位置O

故C正确；

D.结点位置不变；合力不变，当一只弹簧测力计的拉力大小改变时，另一弹簧测力计的拉力的大小和方向必须都改变，故D错误；

故选AC。

故答案为：(1)

如图所示；(2)

张华；(3)AC

【解析】(1)

(2)

张华(3)AC

17、CE；BD；2.28；2.26；当地重力加速度g【分析】解：(1)B

应将打点计时器接到电源的交流输出端上；故B操作错误；

C、因为我们是比较mgh12mv2

的大小关系；故m

可约去比较，不需要用天平.

故C没有必要；

D；开始记录时；应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重锤下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差.

故D操作错误；

E；因打点计时器能算出重锤下落的时间；所以不需要秒表测量，故E没有必要；

故选：CEBD

．

(2)

利用匀变速直线运动的推论得：vB=xAC2T=0.3250鈭�0.15500.08m/s=4.25m/s

从起点O

到打下计数点B

的过程中重力势能减少量是：鈻�Ep=mgh=1隆脕9.8隆脕0.2325=2.28J

．

此过程中物体动能的增加量是：鈻�Ek=12mvB2=12隆脕1隆脕(4.25)2=2.26J

(3)

利用12v2鈭�h

图线处理数据，物体自由下落过程中机械能守恒，mgh=12mv2

即12v2=gh

所以以12v2

为纵轴；以h

为横轴画出的图线应是过原点的倾斜直线．

那么12v2鈭�h

图线的斜率就等于当地重力加速度g

．

故答案为：(1)CEBD

(2)2.282.26

(3)

当地重力加速度g

．

(1)

解决实验问题首先要掌握该实验原理；了解实验的仪器；操作步骤和数据处理以及注意事项，只有理解了这些才能真正了解具体实验操作的含义．

(2)

利用匀变速直线运动的推论；可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度，从而求出动能.

根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．

(3)

要能够找出斜率和截距的物理意义；我们必须要从物理角度找出两个物理变量的关系表达式．

只有明确了实验原理以及实验的数据测量；才能明确各项实验操作的具体含义，这点要在平时训练中加强练习．

运用运动学公式和动能、重力势能的定义式解决问题是该实验的常规问题同时注意数学知识在物理中的应用．【解析】CEBD2.282.26

当地重力加速度g

18、3.114.834.86下落过程中有阻力的影响【分析】解：（1）B点的瞬时速度=3.11m/s．

（2）从起点O到打下计数点B的过程中物体的动能增加量△EK=≈4.83J，重力势能的减小量△Ep=mgh=1×9.8×0.496J≈4.86J．

（3）通过计算，数值上△EK小于△EP；其主要原因是下落过程中有阻力的影响．

故答案为：（1）3.11；（2）4.83，4.86，（3）下落过程中有阻力的影响．

（1；2）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度；从而得出动能的增加量，根据下降的高度求出重力势能的减小量．

（3）通过比较分析误差的原因．

解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度，从而得出动能的增加量，会根据下降的高度求出重力势能的减小量．【解析】3.114.834.86下落过程中有阻力的影响四、实验题(共3题，共24分)19、略

【分析】【解析】（1）设两块同样重的石头的速度都是v；当我们把石头拴在一起时，由于原来快慢相同，所以两块石头不会互相牵拉，这样各自应保持原来的速度，即它们的速度还应该是v．但两块石头拴在一起重量变为原来的2倍，根据亚里士多德的理论，整个系统的下落速度应该大于v．这样就使得亚里士多德的理论陷入了自相矛盾的境地，从而推翻了这个理论．

（2）设下落物体的质量为m，则重力G＝mg，由牛顿第二定律F＝ma，若下落物体只受重力，则mg＝ma，得a＝g，即不论物体的质量大小是否相同，在重力作用下的加速度都相同，相同位移所用的时间相同，即轻重物体下落的一样快，从而推翻了亚里士多德的理论【解析】【答案】

（1）设两块同样重的石头的速度都是8（不一定设该数）；当我们把石头拴在一起时，由于原来快慢相同，所以两块石头不会互相牵拉，这样各自应保持原来的速度，即它们的速度还应该是8．但两块石头拴在一起重量增大了（为原来的2倍），根据亚里士多德的理论，整个系统的下落速度应该大于8．这样就使得亚里士多德的理论陷入了自相矛盾的境地，从而推翻了这个理论．7分。

（2）设下落物体的质量为m，则重力G＝mg，由牛顿第二定律F＝ma，若下落物体只受重力，则mg＝ma，得a＝g，即不论物体的质量（重力）大小是否相同，在重力作用下的加速度都相同，相同位移所用的时间相同，即轻重物体下落的一样快，从而推翻了亚里士多德的理论20、略

【分析】【解析】当半径减小为原来的时，质量变为原来的1/8，根据万有引力公式F=R变为原来的1/2，故物体受的万有引力为原来的4倍，而在地球表面重力约等于万有引力，因此，重力变为