2025年浙科版高一物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙科版高一物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、升降机地板上放一个质量为m木箱；当它对地板的压力为N=0.8mg时，升降机可能的运动情况是（）

A.加速下降。

B.加速上升。

C.减速下降。

D.减速上升。

2、【题文】在如图所示位移和速度图象所描述的运动中，质点做匀速直线运动的是3、质量分别为m2m3m

的物块ABC

叠放在光滑的水平地面上；现对B

施加一水平力F

已知AB

间、BC

间最大静摩擦力均为f0

为保证它们能够一起运动，F

最大值为()

A.6f0

B.4f0

C.3f0

D.2f0

4、关于系统动量守恒的说法正确的是()垄脵

只要系统所受的合外力为零，系统动量就守恒垄脷

只要系统内有摩擦力，动量就不可能守恒垄脹

系统所受合外力不为零，其动量一定不守恒，但有可能在某一方向上守恒垄脺

系统如果合外力的冲量远小于内力的冲量时，系统可近似认为动量守恒A.垄脵垄脷垄脹

B.垄脵垄脷垄脺

C.垄脵垄脹垄脺

D.垄脷垄脹垄脺

5、质点从静止开始做匀加速直线运动；在第1个2S；第2个2S和第5S内三段位移比为（）

A.2：6：5

B.2：8：7

C.4：12：9

D.2：2：1

6、在匀速圆周运动中，保持不变的物理量是A.周期B.线速度C.加速度D.向心力7、如图所示，重力为G

的小球用轻绳悬于O

点，用力F

拉住小球，使轻绳保持偏离竖直方向60鈭�

角且不变.

当F

与竖直方向的夹角为娄脠

时，有F

最小，则娄脠F

的值分别为()

A.0鈭�

，G

B.60鈭�

；G

C.30鈭�

，32G

D.90鈭�

，12G

评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)8、汽车刹车时的速度为5m/s，刹车所获得的加速度大小为0.4m/s2，汽车刹车后15S内滑行____m远，静止前2.5S内汽车滑行的距离为____m．9、【题文】甲同学的家和学校均坐落于一条笔直公路的路边，一天，他骑自行车去上学，先以4m/s的平均速度骑行，当走到一半路程时，被后边的乙同学追上，于是两人一起以6m/s的平均速度骑行直到学校，则甲同学全程的平均速度大小为____m/s。10、【题文】甲、乙两个质点间的万有引力大小为F，若甲物体的质量不变，乙物体的质量增加到原来的2倍，同时，它们之间的距离减为原来的则甲、乙两物体间的万有引力大小将变为____。11、如下图所示，三个质点abc

质量分别为m1m2M(M>>m1,M>>m2).

在c

的万有引力作用下，ab

在同一平面内绕c

沿逆时针方向做匀速圆周运动，轨道半径之比为ra隆脙rb=1隆脙4

则它们的周期之比Ta隆脙Tb=

________；从图示位置开始，在b

运动一周的过程中，abc

共线了________次．12、海滨浴场的滑梯从顶端到入水处约12m

一个人由滑梯顶端开始做初速度为零的匀加速直线运动，开始运动1s

后通过的位移是0.75m

则人滑动的加速度的大小为______，从顶端开始到入水所需的时间是______，人入水时速度的大小为______．13、在“验证机械能守恒定律”的实验中采用重物自由下落的方法。(1)

某同学列举实验中用到的实验器材为：铁架台、打点计时器及复写纸片、纸带、秒表、低压交流电源、导线、重锤、天平，其中不必要的是____。(2)

如果以v2/2

为纵轴，以h

为横轴，根据实验数据绘出的图线应是下图中的____，其斜率等于____的数值。14、如图所示，在光滑水平桌面上有一质量为M=2kg

的小车，小车跟绳一端相连，绳子另一端通过滑轮吊一个质量为m=0.5kg

的物体，开始绳处于伸直状态，物体从距地面h=1m

处由静止释放，当物体着地的瞬间(

小车未离开桌子)

小车的速度大小为______m/s.(g=10m/s2)

15、某学校兴趣小组的同学在研究弹簧弹力的候；测得弹力的大小F和弹簧长度L关系如图所示，试由图线确定：

（1）弹簧的劲度系数____N/m．

（2）弹簧伸长0.1米时，弹力的大小____N．

16、（1）小明利用如图甲所示的装置，探究弹簧弹力F与伸长量△l的关系，由实验绘出F与△l的关系图线如图乙所示，该弹簧劲度系数为______N/m．

（2）小丽用如图丙所示的装置验证“力的平行四边形定则”．用一木板竖直放在铁架台和弹簧所在平面后．其部分实验操作如下；请完成下列相关内容：

a．如图丙；在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O；

b．卸下钩码然后将两绳套系在弹簧下端，用两弹簧称将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套AO、BO的______及两弹簧称相应的读数．图丁中B弹簧称的读数为______N；

c．小丽在坐标纸上画出两弹簧拉力FA、FB的大小和方向如图丁所示，请你用作图工具在答题卷上相应位置作出FA、FB的合力F′，并求出合力的理论值为______N；

d．已知钩码的重力；可得弹簧所受的拉力F如图戊所示；

e．最后观察比较F和F′，得出结论．评卷人得分三、解答题(共8题，共16分)17、一半径为r的雨伞绕伞柄以角速度ϖ匀速旋转；如图所示，伞边缘距地面高h，甩出的水滴在地面上形成一个圆，则此圆半径R为多少？

18、汽车以v=10m/s的速度在水平路面上匀速运动；刹车后经2秒速度变为6m/s，求：刹车后8秒内汽车前进的距离和汽车停下来前最后2s内运动的位移．

19、运行着的汽车制动后匀减速滑行；经3.5s停止．试问它在制动开始后的1s内；2s内、3s内通过的位移之比为多少？

20、如图所示，OA、OB两根绳子系着一个质量为m=0.5Kg的小球，两绳的A、B端分别固定在竖直转动轴上，OA绳长L=2m，两绳都拉直时与轴的夹角分别为37和53，（sin37°=0.6cos37°=0.8g=10m/s2）求：

（1）小球随轴转动的角速度ω=2.4rad/s时；绳OA；OB的张力分别是多少？

（2）小球随轴转动的角速度ω=3.0rad/s时；绳OA；OB的张力分别是多少？

21、2010年温哥华冬奥会短道速滑女子1000米决赛中；王濛以1分29秒夺得金牌，成为中国首位单届冬奥会获得三枚金牌的选手，这也是她个人的第四枚冬奥会金牌．中国队也包揽了本届冬奥会的短道速滑女子项目全部四枚金牌．假设滑冰运动员的总质量为55kg，滑冰运动员左右脚交替蹬冰滑行（如下图所示），左右脚向后蹬冰的力都是110N，每次蹬冰时间1s，左右脚交替时，中间有0.5s的时间不蹬冰，忽略运动员滑行中受的阻力，设运动员由静止开始滑行，求15s末运动员的速度．

22、输出功率保持100kW的起重机从静止开始起吊500kg的货物，当升高到2m时速度达到最大；g取10m/s2；求：

（1）最大速度是多少？

（2）这一过程所用时间多长？

23、一根长度为L的轻质直杆；两端各固定一个可视为质点的小球A和B，两球质量均为m，轻杆可以绕过其中点的水平轴在竖直平面内匀速运动．

（1）若直杆转动周期T=2求直杆转到如图所示竖直位置时，A；B两球对直杆作用力各多大？方向如何？

（2）若要求直杆转到图示的位置时；直杆对A球的拉力恰好等于球的重力，求此情况下杆转动的周期和B球对直杆的作用力．

24、如图所示；将一个小球从h=5m的高处水平抛出，小球落到地面的位置与抛出点的水平距离x=4m．不计空气阻力．求：

（1）小球在空中运动的时间．

（2）小球抛出时速度的大小．

评卷人得分四、实验题(共4题，共12分)25、在做“研究平抛物体的运动”的实验时，通过描点法画出小球平抛运动轨迹，并求出平抛运动初速度。实验装置如图甲所示。(1)安装实验装置的过程中，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是()A．保证小球飞出时，初速度大小相同B．保证小球飞出时，初速度水平C．保证小球落地时每次速度都相同D．保证小球运动的轨迹是同一条抛物线(2)关于这个实验，以下说法不正确的是()A．每次小球要从同一位置由静止释放B．小球释放的初始位置越高越好C．实验前要用重垂线检查坐标纸上的竖线是否竖直D．小球的平抛运动要靠近但不接触木板(3)在实验中，为减少空气阻力对小球的影响，所以选择小球时，应选择下列的（）A．空心铁球B．实心小木球C．实心小铁球D．以上三种球都可以(4)如图乙所示，某同学在描绘平抛运动轨迹时，忘记记下斜槽末端位置。图中A点为小球运动一段时间后的位置，他便以A点为坐标原点，建立了水平方向和竖直方向的坐标轴，则根据图象可知小球平抛运动的初速度大小为______m/s，小球抛出点的位置坐标为x=_____cm，y=_____cm。（g取10m/s2）26、在“共点力合成”实验中，（1）、本实验采用的科学方法是______A、理想实验法B、等效替代法C、控制变量法D、建立物理模型法（2）、要使每次合力与分力产生相同的效果，必须（）A、每次将橡皮条拉到同样的位置B、每次把橡皮条拉直C、每次准确读出弹簧秤的示数D、每次记准细绳的方向27、图中所示为一打点计时器正常工作时打出的匀加速运动甲、乙两条纸带，每条纸带4个连续点，且ab=a′b′，由图可知与平均速度与的关系正确的是：（）A．B．C．D．28、某同学在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出A、B、C、D、E、F、G共7个计数点。其相邻点间的距离如图所示，每两个相邻的计数点之间还有4个打印点未画出。（1）试根据纸带上各个计数点间的距离，计算出打下B、C、D、E、F五个点时小车的瞬时速度，并将各个速度值填入下表要求保留3位有效数字。。（2）小车加速度a=____m/s2评卷人得分五、简答题(共1题，共5分)29、(10分)将下列物质进行分类(填序号)①O2与O3②与③金刚石与石墨④干冰与CO2⑤H2、D2、T2⑥异丁烷和庚烷⑧乙醇与CH3OCH3(1)互为同位素的是____，(2)互为同素异形体的是____，(3)互为同分异构体的是____，(4)属于同一化合物的是____，(5)属于同系物的是____。评卷人得分六、画图题(共2题，共8分)30、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。31、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A|D【分析】

木箱对地板的压力为N=0.8mg；小于木箱的真实的重力，所以木箱受到的合力的方向应该是向下的，有向下的加速度，所以木箱可能是向上减速，也可能是向下加速，所以AD正确．

故选AD．

【解析】【答案】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时；就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．

2、B|C【分析】【解析】

试题分析：A图中位移恒定不变；即物体处于静止状态，A错误。

B图中位移随时间均匀增加；即速度恒定，即做匀速直线运动，B正确。

C图中速度随时间变化而不变；即做匀速直线运动，C正确。

D图中速度随时间均匀增加；做匀加速直线运动，D错误。

故选BC

考点：考查了对运动图像的理解。

点评：关键是理解各个图像所表示的物理含义，比较简单，基础题【解析】【答案】BC3、D【分析】

试题分析：先对ABC

整体分析，受重力、支持力和推力，根据牛顿第二定律，有若AB

恰好相对静止，则此时若C

和AB

恰好相对静止则此时为了保证ABC

能够一起运动，则应满足

故选D

考点：牛顿第二定律。

点评：此类问题应找到刚好三个物体没有相对运动时哪个面到达最大静摩擦力。【解析】D

4、C【分析】【分析】系统动量守恒的条件是合外力为零，内力对于系统的动量变化没有影响.

若系统在某一方向不受外力或合外力为零，在该方向上系统的动量守恒。解决本题要准确掌握动量守恒的条件：系统所受的合外力为零，并知道在某一方向不受外力或合外力为零，在该方向上系统的动量守恒，动量可以分方向守恒。【解答】

垄脵

系统所受的合外力为零；合外力的冲量为零，系统动量就守恒，故垄脵

正确；

垄脷

动量守恒的条件是系统所受的合外力为零；系统内有摩擦力时，由于内力对系统的动量变化没有影响，只要系统所受的合外力为零，系统的动量仍守恒，故垄脷

错误；

垄脹

根据动量守恒的条件可知；系统所受合外力不为零，其动量一定不守恒，但系统在某一方向不受外力或合外力为零，在该方向上系统的动量守恒，故垄脹

正确；

垄脺

系统所受合外力不为零；但如果合外力的冲量很小(

相比内力的冲量)

时，系统可近似动量守恒，故垄脺

正确。

由以上可知；C正确，ABD错误。

故选C。

【解析】C

5、C【分析】

由x=at2可得；

第1个2S的位移为x1=a×（2t）2=2at2；

第2个2S的位移为x2=a×（4t）2-a×（2t）2=6at2；

第5S内的位移为x3=a×（5t）2-a×（4t）2=at2；

所以在第1个2S、第2个2S和第5S内三段位移比为2：6：=4：12：9；所以C正确．

故选C．

【解析】【答案】根据初速度为零的匀加速直线运动的位移公式x=at2；可以求得位移之比．

6、A【分析】试题分析：在匀速圆周运动中，保持不变的物理量是周期；线速度、加速度及向心力的大小不变，但方向不断改变，选项A正确。考点：表征匀速圆周运动的各个物理量。【解析】【答案】A7、B【分析】略【解析】B

二、填空题(共9题，共18分)8、略

【分析】

设汽车运动方向为正方向，则a=-0.4m/s2

（1）设刹车的时间为t；则有。

t=

则汽车刹车15s后的位移与12.5s末的位移相同，x=vt+at2=5×12.5-m=31.25m

（2）汽车减速为0可看成反向的初速度为0的匀加速运动．

由x2=

故答案为：31.25；1.25

【解析】【答案】（1）汽车刹车时做匀减速运动；由初速度；加速度求出汽车刹车到停下的时间，判断刹车后15s内汽车的运动情况．再由位移公式求解滑行的距离．

（2）运用逆向思维：汽车从静止开始做匀加速运动，加速度大小为0.4m/s2；求出在汽车停止前2.5s内汽车滑行的距离．

9、略

【分析】【解析】

试题分析：设总位移为x，所以全程的平均速度

考点：平均速度。

点评：对于不知道运动规律的运动，平均速度一定要用位移比时间来求，不能用速度的平均值求。【解析】【答案】4.8m/s10、略

【分析】【解析】由万有引力公式万有引力大小变为8F【解析】【答案】8F11、1:814【分析】【分析】质点ab

均在c

点的万有引力的作用下绕c

做圆周运动，已知它们的轨道半径之比，根据开普勒第三定律可求周期之比，根据周期比，每多转半圈，三质点共线一次，可先求出多转半圈的时间，与总时间相比，得出三点共线次数。本题主要考查圆周运动的概念，以及的角速度与周期之间的关系，解这样的问题，最好画画草图，寻找角度与周期之间的关系。【解答】根据开普勒第三定律可知：ra3Ta2=rb3Tb2dfrac{{{r}_{a}}^{3}}{{{T}_{a}}^{2}}=dfrac{{{r}_{b}}^{3}}{{{T}_{b}}^{2}}rarb=14dfrac{{r}_{a}}{{r}_{b}}=dfrac{1}{4}可得TaTb=18dfrac{{T}_{a}}{{T}_{b}}=dfrac{1}{8}设每隔时间t，a"role="presentation">tt，aatt，tt，tttt，，(娄脴a鈭�娄脴b)t=娄脨，，

，aaaaaa、b"role="presentation">bbbbbbbbbbn=Tbt共线一次，则(ωa−ωb)t=π"role="presentation">(娄脴a鈭�娄脴b)t=娄脨({娄脴}_{a}-{娄脴}_{b})t=娄脨

故答案为1:814

【解析】1:814

12、1.5m/s2；4s；6m/s【分析】解：由x=12at2

得，a=2xt2=2隆脕0.751m/s2=1.5m/s2

．

由x隆盲=12at隆盲2

得，t隆盲=2x隆盲a=2隆脕121.5s=4s

．

入水的速度v=at=1.5隆脕4m/s=6m/s

．

故答案为：1.5m/s24s6m/s

．

根据匀变速直线运动的位移时间公式x=12at2

求出人滑动的加速度.

再根据该公式求出人入水所需的时间.

根据v=at

求出入水的速度．

解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式．【解析】1.5m/s24s6m/s

13、略

【分析】【分析】书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚。利用v<SUP>2</SUP>鈭�h

图线处理数据，如果那么图线的斜率就等于g

利用图象问题结合数学知识处理物理数据是实验研究常用的方法，我们更多的研究直线图形，找出其直线的斜率和截距。【解答】(1)

其中不必要的器材是：秒表；通过打点计时器打出的点可以计算时间；

天平，因为我们是比较mgh

的大小关系；故m

可约去比较，不需要用天平；

故答案为：秒表；天平；

(2)

利用图线处理数据，如果那么图线应该是过原点的直线；斜率就等于g

故D正确，ABC错误。

故选D。

故填(1)

秒表、天平(2)Dg

【解析】(1)

秒表、天平(2)Dg

14、略

【分析】解：选小车与砝码作为一系统；在小车滑动过程中仅有重力做功，则系统的机械能守恒．

取地面为参考平面，由机械能守恒定律可得：mgh=12(M+m)v2

解之得：物体着地的瞬时速度为v=2mghM+m=2隆脕0.5隆脕10隆脕12+0.5=2m/s

故答案为：2

．

在小车滑动过程中；选小车与砝码作为一系统，仅有重力做功，则系统的机械能守恒.

利用机械能守恒定律来列式从而求出物体着地瞬间的速度大小．

涉及多个物体时，首先要考虑能否运用守恒定律解答，本题没有摩擦，系统的机械能是守恒的.

本题也可以根据动能定理和动力学方法解答．【解析】2

15、略

【分析】

（1）由图读出，弹簧的弹力F=0时，弹簧的长度为L=10cm；即弹簧的原长为10cm；

由图读出弹力为F1=10N，弹簧的长度为L1=5cm，弹簧压缩的长度x1=L-L1=5cm=0.05m；

由胡克定律得弹簧的劲度系数为k=200N/m

（2）弹簧伸长0.1米时；弹力的大小F′=k△x=20N

故答案为：（1）200N/m；（2）20N．

【解析】【答案】由弹簧的长度L和弹力f大小的关系图象；读出弹力为零时弹簧的长度，即为弹簧的原长．

由图读出弹力为F=10N；弹簧的长度为x=5cm，求出弹簧压缩的长度，由胡克定律求出弹簧的劲度系数．

根据胡克定律求出弹簧伸长0.1米时；弹力的大小．

16、略

【分析】解：（1）图线的斜率表示劲度系数：．

（2）实验时；需记录细绳套AO；BO的方向以及两弹簧称相应的读数．弹簧秤的最小分度为0.1N，故图丁中B弹簧称的读数为11.40N．

根据平行四边形定则作出合力；如图所示．由图利用几何关系可知，合力的理论值约为7.98N；

故答案为：①125；②方向；11.40，如图所示；7.98

；

（1）根据胡克定律知；图线的斜率表示劲度系数，结合斜率求出劲度系数的大小．

（2）在“力的平行四边形定则”实验中．需要测量力的大小和方向；弹簧秤读数时，搞清每一格的分度为多少．

根据平行四边形定则作出合力；并由图象得出对应的合力大小。

本题考查了求弹簧的劲度系数和验证平行四边形定则，知道F-△l图象斜率的物理意义，以及知道验证平行四边形定则实验的原理，掌握弹簧秤的读数方法．【解析】125；方向；11.40；7.98三、解答题(共8题，共16分)17、略

【分析】

根据h=解得t=．则平抛运动的水平位移x=．

根据几何关系得，R=．

答：此圆的半径为．

【解析】【答案】雨滴飞出后做平抛运动；根据高度求出运动的时间，从而求出平抛运动的水平位移，根据几何关系求出水滴在地面上形成圆的半径．

18、略

【分析】

（1）根据加速度的定义式得：a=m/s2=-2m/s2

汽车停车所需时间：t=s=5s

故5秒时汽车已经停止．

所以8s内的位移为：x==25m

（2）汽车匀减速末速度为零；可以也它的运动反过来作为初速为零的匀加速处理；

所以最后两秒内的位移为：x=2×22m=4m

答：（1）刹车后8秒内的位移为25m；

（3）汽车在运动最后2秒内发生的位移为4m．

【解析】【答案】（1）根据加速度的定义式求出刹车的加速度．

（2）先求出刹车到停止所需的时间；因为汽车停止后不再运动，然后根据匀变速直线运动的位移时间公式求出刹车后的位移．

（3）汽车匀减速末速度为零；可以也它的运动反过来作为初速为零的匀加速处理，最后两秒内的位移为匀加速运动开始2s内的位移，根据位移时间公式即可求解．

19、略

【分析】

设初速度为v，则a=

根据匀减速直线运动；位移速度公式得：

1s内的位移为：

2s内的位移为：

3s内的位移为：

解得：1s内；2s内、3s内通过的位移之比为3：5：6

答：1s内；2s内、3s内通过的位移之比为3：5：6

【解析】【答案】根据匀减速直线运动；位移速度公式即可求解。

20、略

【分析】

（1）若OB绳子刚好伸直；则：

mgtan37°=m（Lsin37°）ω2

解得：ω=2.5rad/s

当ω=2.4rad/s＜ω时；OB绳子是弯曲的；

故OB绳子张力为零；

根据牛顿第二定律；有：

TOAx=m（Lsin37°）ω2=3.456N；

TOAy=mg=5N；

≈6.1N；

（2）当ω=3.0rad/s＞ω时；OB绳子是伸直的，根据牛顿第二定律，有。

水平方向：TOAcos37°-TOBcos53°-mg=0

竖直方向：TOAsin37°+TOBcos37°=m（Lsin37°）ω2

解得：TOA=7.24N

TOB=1.32N

（1）小球随轴转动的角速度ω=2.4rad/s时；绳OA的张力是6.1N，OB的张力为零；

（2）小球随轴转动的角速度ω=3.0rad/s时；绳OA的张力是7.24N，OB的张力为1.32N．

【解析】【答案】若转速为零；则AO绳子竖直；首先求解OB绳子刚好拉直时的角速度，然后将已知角速度与临界角速度相比较，运用牛顿第二定律列式求解．

21、略

【分析】

由牛顿第二定律得：运动员加速度a===2m/s2；

每次蹬冰时间1s；左右脚交替时，中间有0.5s的时间不蹬冰；

则15s内蹬冰10次；蹬冰时间为10s，15s末运动员的速度v=at=2×10=20m/s；

答：15s末运动员的速度为20m/s．

【解析】【答案】运动员用力蹬冰时做加速运动；不蹬冰时做运动运动，由牛顿第二定律求出运动员的加速度，由速度公式求出运动的速度．

22、略

【分析】

（1）当牵引力等于重力时速度达到最大值；即。

=20m/s

（2）对整个过程运用动能定理得：

Pt-mgh=

解得：t=0.9s

答：（1）最大速度是20m/s；（2）这一过程所用时间为0.9s．

【解析】【答案】当牵引力等于重力时速度达到最大值；根据动能定理求解这一过程所用时间．

23、略

【分析】

A；B两个小球随杆转动时；均以O为圆心在竖直平面内做匀速圆周运动，设小球运动的角速度为ω．

（1）若周期则小球运动角速度①

运动中小球所需向心力的大小为：②

对A球：在最高点时，小球所受重力大于它运动所需向心力，小球向下压直杆，杆对小球有向上的支持力FA，据牛顿第二定律，有mg-FA=mRω2③

所以④

在最高点时，A球对直杆有向下的压力⑤

对B球：杆对小球的拉力F与重力的合力提供了小球运动所需向心力．有。

所以⑥

在最低点，球对杆产生竖直向下的拉力，大小为

（2）若转到图示位置时，直杆对小球产生向下的拉力，即小球A受力与图示FA方向相反，据牛顿第二定律，有FA+mg=mR（ω′）2⑦

由题设要求FA=mg代入上式得ω′=⑧

此时直杆绕O轴的转动周期是⑨

此时处于最低点的球B，有F′-mg=mRω2

F′=mg+mRω2=3mg

答：（1）若直杆转动周期T=2直杆转到如图所示竖直位置时，A球对直杆有向下的压力B在最低点，球对杆产生竖直向下的拉力，大小为

（2）此情况下杆转动的周期B球对直杆的作用力3mg．

【解析】【答案】根据ω=求出小球转动的角速度．对两个小球受力分析；在竖直方向的合力提供圆周运动的向心力，根据牛顿第二定律求出杆子的作用力大小和方向．

24、略

【分析】

（1）根据得，t=．

（2）平抛运动的初速度．

答：（1）小球在空中运动的时间为1s．

（2）小球抛出时的速度大小为4m/s．

【解析】【答案】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动；在竖直方向上做自由落体运动．根据高度求出小球在空中运动的时间，结合水平位移求出抛出的速度大小．

四、实验题(共4题，共12分)25、略

【分析】（1）因为平抛运动的初速度应水平，为了保证小球飞出时初速度水平，斜槽末端的切线必须是水平的，B正确；（2）为了保证每次小球飞出的速度相等，应从同一高度释放，B错误；（3）选择小球的密度相对较大些，有利于减小空气阻力对小球的影响，C正确；（4）根据竖直方向匀加速运动可求得时间间隔为：水平速度竖直方向相同时间间隔的位移之比为1：3：5：，第一个0.1s下落5cm，第一个0.1s下落15cm，则A点之前还有一个时间间隔的位移大小，可得小球抛出点的位置坐标为x=－20cm，y=－5cm。【解析】【答案】(1)B(2)B(3)C(4)2m/sx=-20cmy=-5cm26、略

【分析】试题分析：（1）在“共点力合成”实验中，因为用两只弹簧秤和一只弹簧秤都把节点拉到同一点，即橡皮条的伸长量相同，所以采用的科学方法是等效替代法，选项