2025年沪科版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，质量为M的滑块A受到与水平方向成θ角斜向上方的拉力F作用；向右做匀速直线运动，则滑块受到的拉力与摩擦力的合力的大小和方向是（）

A.FsinθB.Mg﹣FsinθC.竖直向下D.向上偏右2、如图所示，在水平界面EFGHJK

间，分布着两个匀强磁场，两磁场方向水平且相反大小均为B

两磁场高均为L

宽度圆限。一个框面与磁场方向垂直、质量为m

电阻为R

边长也为上的正方形金属框abcd

从某一高度由静止释放，当ab

边刚进入第一个磁场时，金属框恰好做匀速直线运动，当ab

边下落到GH

和JK

之间的某位置时，又恰好开始做匀速直线运动.

整个过程中空气阻力不计.

则

A.金属框穿过匀强磁场过程中，所受的安培力保持不变B.金属框从ab

边始进入第一个磁场2mgL

刚到达第二个磁场下边界JK

过程中产生的热量为2mgL

C.金属框开始下落时ab

边距EF

边界的距离D.当ab

边下落到GH

和JK

之间做匀速运动的速度3、如图所示，面积均为S

的线圈均绕其对称轴或中心轴在磁感应强度为B

的匀强磁场中以角速度娄脴

匀速转动，能产生交流电的是(

)

A.B.C.D.4、关于磁感应强度，下列说法不正确的是（）A.磁感应强度表示磁场的强弱B.磁感线密的地方，磁感应强度大C.空间某点的磁感应强度的方向就是该点的磁场方向D.磁感应强度的方向就是通电导线在磁场中的受力方向5、在光电效应实验中，用单色光照射某种金属表面，有光电子逸出，则光电子的最大初动能取决于入射光的(

)

A.频率B.强度C.照射时间D.光子数目评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、真空中的某装置如图所示，其中平行金属板A、B之间有加速电场，C、D之间有偏转电场，M为荧光屏．今有质子、氘核和α粒子均由加速电场加速后，以相同的初速度垂直于电场方向进入偏转电场，最后打在荧光屏上．已知质子、氘核和α粒子的质量之比为1：2：4，电荷量之比为1：1：2，则下列判断中正确的是（）A.三种粒子从B板运动到荧光屏经历的时间相同B.三种粒子打到荧光屏上的位置相同C.偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1：1：2D.偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为2：1：27、图中的虚线为某正点电荷电场的等势面，相邻两等势面之间电势差相等．有两个带电粒子（重力不计），以不同的速率，沿不同的方向，从A点飞入电场后，沿不同的径迹1和2运动（B、C、D、E均为运动轨迹与等势面的交点）．则以下判断正确的是（）A.粒子1带正电，粒子2带负电B.粒子1从A到B与从B到C电场力做的功相等C.粒子2的电势能先减小后增大D.经过E两点时两粒子的速率可能相等8、一块横截面为矩形的金属导体的宽度为b

厚度为d

将导体置于一磁感应强度为B

的匀强磁场中，磁感应强度的方向垂直于侧面，如图所示.

当在导体中通以图示方向的电流I

时，在导体的上下表面间用电压表测得的电压为UH

已知自由电子的电量为e

则下列判断正确的是(

)

A.导体内自由电子只受洛伦兹力作用B.用电压表测UH时，电压表的“++”接线柱接下表面

C.金属导体的厚度d

越大，UH

越小D.该导体单位体积内的自由电子数为BIebUH

9、一宇航员到达半径为R、密度均匀的某星球表面，做如下实验：用不可伸长的轻绳拴一质量为m的小球，上端固定在O点，如图甲所示，在最低点给小球某一初速度，使其绕O点的竖直面内做圆周运动，测得绳的拉力F大小随时间t的变化规律如图乙所示．F1＝7F2，设R、m、引力常量G以及F1、F2为已知量，忽略各种阻力．以下说法正确的是A.小球在最高点的最小速度为零B.卫星绕星球的第一宇宙速度为C.该星球表面的重力加速度为D.星球的质量为10、如图所示；固定放置在同一水平面内的两根平行长直金属导轨的间距为L，左端接一电容为C的电容器．导轨上有一质量为m的导体棒平行地面放置，导体棒始终与金属导轨垂直，且接触良好．整个装置处于竖直向下的磁感强度为B的匀强磁场中．当导体棒在水平向右的拉力F作用下由静止沿导轨向右做匀加速直线运动，开始时电容器不带电，不计金属导轨和导体棒的电阻，则（）

（提示：I==CBLa）A.导体棒的加速度为a=B.导体棒的加速度为a=C.经过时间t后，电容器所带电荷量Q=D.拉力F所做的功在数值上等于导体棒的动能增加量11、某金属在光的照射下产生光电效应，其遏止电压Uc与入射光频率v的关系图象如图所示．则由图象可知（）A.遏止电压是确定的，与照射光的频率无关B.该金属的逸出功等于hv0C.光电子的最大初动能与入射光的频率成正比E.入射光的频率为2ν0时，产生的光电子的最大初动能为hν0E.入射光的频率为2ν0时，产生的光电子的最大初动能为hν012、如图为用来冶炼合金钢的真空冶炼炉；炉外有线圈，将金属材料置于冶炼炉中，当线圈中通以电流时用感应加热的方法使炉内金属发热.

下列说法中正确的是。

A.线圈中通以恒定电流，金属材料中也能产生感应电流B.线圈中通以正弦交流电，在金属材料中产生的涡流也是交流电C.感应加热是利用金属材料中的涡流冶炼金属的D.感应加热是利用线圈电阻产生的焦耳热冶炼金属的13、甲乙两人在光滑冰面上相向运动，相遇时两人掌心相碰互推对方，分开后两人运动方向相同。下列说法正确的是A.若m录脳>m脪脪

则甲对乙的冲量一定大于乙对甲的冲量B.无论甲、乙质量关系如何，甲、乙两人的动量变化量大小一定相等C.若甲的运动方向没变，则相互作用前甲的速率一定大于乙的速率D.若甲的运动方向没变，则相互作用前甲的动量一定大于乙的动量14、两列简谐横波在同种介质中沿x

轴相向传播，如图所示是两列波在t=0

时的各自波形图，实线波A

向右传播，周期为TA.

虚线波B

向左传播。已知实线波的振幅为10cm

虚线波的振幅为5cm

则下列说法正确的是()

A.虚线波B

遇到障碍物时更容易发生明显的衍射现象B.实线波和虚线波的频率之比为2隆脙3

C.两列波在相遇区域内会发生干涉现象D.t=TA

时，x=5m

处的质点的位移为10cm

评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、铅球放在水平的海绵上，铅球对海绵的压力大小____等于（填“大于”、“等于”或“小于”）海绵对铅球的支持力的大小．汽车停在马路上，轮胎对地面产生的压力是由于​____轮胎发生形变而产生的．地面对轮胎的支持力是由于____地面发生形变而产生的．16、某同学设计了一个用打点计时器验证动量守恒定律的实验；在小车A的前端粘有橡皮泥，设法使小车A做匀速直线运动，然后与原来静止的小车B相碰并粘在一起，继续做匀速运动，设计如图1所示：

在小车A的后面连着纸带；电磁打点计时器的频率为50Hz，长木板下垫着小木片用以平衡摩擦力．

(1)若已得到打点纸带如图2所示；并测得各计数点间的距离，在图上标出A为运动起始的点，则应选____________段来计算A碰前的速度，应选____________段来计算A和B碰后的共同速度．

(2)已测得小车A的质量mA=0.4kg，小车B的质量mB=0.20kg；则由以上结果可得碰前总动量=____________kg•m/s，碰后总动量=____________kg•m/s．

17、在研究电磁感应现象时；可以用下面的实验装置来模仿法拉第的实验，请你根据实验情境，按要求回答下列问题：

（1）请用笔画线代替导线补全实验电路；

（2）将螺线管A插入B中，若在闭合电键的瞬时，发现电流表指针向左偏转，则当断开电键时电流表指针______偏转（填“向左”；“向右”或“不”）；

（3）电键保持闭合，滑动变阻器滑片不动时，线圈B中______感应电流（填“有”或“没有”）；

（4）实验结论是：______．18、有一根长陶瓷管；其表面均匀地镀有一层很薄的电阻膜，管的两端有导电箍M和N，如图甲所示．用多用电表欧姆挡测得MN问的电阻膜的电阻约为1kΩ，陶瓷管的直径远大于电阻膜的厚度．

某同学利用下列器材设计了一个测量该电阻膜厚度d的实验．

A．刻度尺（最小分度为毫米）；

B．游标卡尺（游标尺为20分度）；

C．电流表A1（量程0～5mA；内阻约10Ω）；

D．电流表A2（量程0～100mA；内阻约0.6Ω）；

E．电压表V1（量程5V；内阻约5kΩ）；

F．电压表V2（量程15V；内阻约15kΩ）；

G．滑动变阻器R．（阻值范围0～10Ω；额定电流1.5A）；

H．滑动变阻器R：（阻值范围0～100Ω；额定电流1A）；

I．电源E（电动势6V；内阻不计）；

J．开关S及导线若干．

（1）他用毫米刻度尺测出电阻膜的长度为L=10.00cm，用游标卡尺测量该陶瓷管的外径，其示数如图乙所示，该陶瓷管的外径D=______cm．

（2）为了更准确地测量电阻膜的电阻，且调节方便，实验中应选用电流表______，电压表______，滑动变阻器______．（填写器材前面的字母代号）

（3）在图丙中画出测量电阻膜的电阻R的实验电路原理图．（图中器材用题干中相应的物理量符号标注）

（4）若电压表的读数为U，电流表的读数为I，镀膜材料的电阻率为ρ，计算电阻膜厚度d的数学表达式为d=______（用已知量的符号表示）．19、化学兴趣小组的同学用如下图所示装置研究有关电化学的问题。当闭合rm{K}时，观察到电流表的指针发生了偏移。时，观察到电流表的指针发生了偏移。rm{K}请回答：甲装置属于__________池，乙装置属于__________池。rm{(1)}电极反应式是：______________________________________。rm{(2)Cu}石墨棒电极反应式是：____________________________________。当甲中产生rm{(3)}气体时，乙中析出铜的质量应为____________。rm{0.1mol}若乙中电极不变，将其溶液换成rm{(4)}溶液，闭合rm{NaCl}一段时间后，乙中总反应的离子方程式是：______________________________。rm{K}若乙中电极不变，将其溶液换成饱和rm{(5)}溶液，闭合rm{Na_{2}SO_{4}}一段时间，当阴极上有rm{K}气体生成时，同时有rm{amol}析出，假设温度不变，剩余溶液中溶质的质量分数应为_____________rm{wgNa_{2}SO_{4}隆陇10H_{2}O}用含rm{(}rm{w}的表达式表示，不必化简rm{a}rm{)}评卷人得分四、判断题(共1题，共9分)20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分五、实验探究题(共2题，共8分)21、某同学用电流表和电压表测干电池的电动势和内阻时，所用滑动变阻器的阻值范围0隆芦20娄赂

连接电路的实物图如实验图所示。

(1)

指出该同学接线中错误的和不规范的做法是______。A.滑动变阻器，不起变阻作用B.电流表接线有错C.电压表量程选用不当D.电压表接线有错(2)

画出这个实验的正确电路图．(3)

实验中根据实验数据画出的U鈭�I

图线如图所示，则求得的电动势是______V

内电阻是______娄赂

22、甲乙两个同学共同做“验证牛顿第二定律”的实验装置如图1所示．

①两位同学用砝码盘（连同砝码）的重力作为小车（对象）受到的合外力；需要平衡桌面的摩擦力对小车运动的影响，他们将长木板的一端适当垫高，在不挂砝码盘的情况下，小车能自由做______运动．另外，还应满足砝码盘（连同砝码）的质量m______小车的质量M．（填“远小于”；“远大于”或“近似等于”）

接下来；甲同学研究，在保持小车质量不变的条件下，其加速度与其受到牵引力的关系；乙同学研究，在保持受到的牵引力不变的条件下，小车的加速度与其质量的关系．

②甲同学通过对小车所牵引纸带的测量，就能得出小车的加速度a．图2是某次实验所打出的一条纸带，在纸带上标出了5个计数点，在相邻的两个计数点之间还有4个点未标出，图中数据的单位是cm．实验中使用的电源是频率f=50Hz的交变电流．根据以上数据，可以算出小车的加速度a=______m/s2．（结果保留三位有效数字）

③乙同学通过给小车增加砝码来改变小车的质量M，得到小车的加速度a与质量M的数据，画出a-图线后，发现：当较大时；图线发生弯曲．于是，该同学后来又对实验方案进行了进一步地修正，避免了图线的末端发生弯曲的现象．那么，该同学的修正方案可能是______

A．改画a与的关系图线。

B．改画a与（M+m）的关系图线。

C．改画a与的关系图线。

D．改画a与的关系图线．评卷人得分六、解答题(共1题，共5分)23、如图所示，一列简谐波在x轴上传播，实线表示t1=0时波形，虚线表示t2=0.005s时的波形．求这列波的传播速度．

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】解答：物体受四个力：如图；物体做匀速直线运动，所以，四力平衡．

根据平衡条件：拉力F、摩擦力F的合力与重力G；支持力的合力等大反向；故拉力与摩擦力的合力方向竖直向上；

如图，由合成法得合力大小为：Fsinθ．

故选：A．

分析：解决此题的关键是对物体进行正确的受力分析．三力平衡，任意两力之和与第三力大小相等，方向相反．2、D【分析】略【解析】D

3、A【分析】解：由题意可知；只有A

图在切割磁感线，导致磁通量在变化，从而产生正弦交变电动势e=BS娄脴sin娄脴t

而BCD

图均没有导致磁通量变化，故A正确，BCD错误；

故选：A

正弦交变电动势表达式应为：e=BS娄脴sin娄脴t

先分析能否产生感应电流；再分析能否产生正弦式交流电即可求解．

本题考查线圈切割磁感线，产生感应电动势，掌握法拉第电磁感应定律的应用.

注意磁通量的变化.

要注意明确CD

中虽然绕轴转动，但是由于磁感线与线圈平行，所以磁通量一直为零．【解析】A

4、D【分析】【解析】试题分析：磁感应强度表示磁场的强弱，A正确，磁感线疏密程度表示磁场感应强度大小，越密磁感应强度越大，B正确，空间某点的磁感应强度的方向就是该点的磁场方向，C正确，磁感应强度的方向与通电导线在磁场中的受力方向垂直，D错误，考点：考查了对磁感应强度的理解【解析】【答案】D5、A【分析】解：发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率；由公式EK=hf鈭�W

知，W

为逸出功不变，所以光电子的最大初动能取决于入射光的频率，A正确．

故选A

发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率．

本题考查了发生光电效应的条件和光电效应方程的应用．【解析】A

二、多选题(共9题，共18分)6、BC【分析】解：A、粒子沿水平方向的运动始终是匀速直线运动，粒子出加速电场后的速度比荷不同，则速度不同，所以三种粒子从B板运动到荧光屏经历的时间不相同．故A错误；

B、粒子在加速电场中有：

在偏转电场中加速度为a；运动的时间为t，偏转距离为y：

L=vt，

可求出在偏转电场中的偏转距离为：

由公式可得；到达荧光屏的各种粒子的偏转量与粒子的质量；电量都无关．故选项B正确；

C；由于各种粒子在偏转电场中的偏转量相等；偏转电场对粒子做功：W=qEy，则电场力对三种粒子做功与电量成正比，所以它们的比值是：1：1：2．故C正确，D错误．

故选：BC

根据动能定理求出粒子进入偏转电场时的速度；然后运用类平抛规律求出速度偏角以及在偏转电场中的偏转距离，再讨论即可求解．

解决该题的关键是掌握带电粒子在匀强电场中偏转时的求解方法．偏转电场的电场力对三种粒子做功与电量成正比．【解析】【答案】BC7、ABC【分析】解：A；由图可知在某正点电荷电场中电荷1受到中心电荷的斥力；而电荷2受到中心电荷的引力，故粒子1带正电，粒子2带负电，故A正确．

B；由于电场力做功：W=qU；相邻两等势面之间电势差相等，所以粒子1从A到B与从B到C电场力做的功相等．故B正确．

C；电荷2受到中心电荷的引力；靠近的过程中电场力做正功，电势能减小；远离的过程中电场力做负功，电势能增大．故C正确．

D；ADE三点在同一个等势面上；而粒子1从A到D、粒子2从A到E电场力做功均为零，则经过D、E两点两粒子的速率一定不相等，故D错误；

故选：ABC．

根据轨迹判定电荷1受到中心电荷的斥力；而电荷2受到中心电荷的引力，可知两粒子在从A向D；E运动过程中电场力做功情况．根据ADE三点在同一等势面上，可判定从A到D和从A到E过程中电场力所做的总功为0．

根据轨迹判定“电荷1受到中心电荷的斥力，而电荷2受到中心电荷的引力”是解决本题的突破口．【解析】【答案】ABC8、BD【分析】略【解析】BD

9、BD【分析】【分析】A.对小球在最高点运用牛顿第二定律分析求解问题；B.根据万有引力提供向心力可以求得星球的第一宇宙速度；C.对小球受力分析；在最高点和最低点时，由向心力的公式和整个过程的机械能守恒可以求得重力加速度的大小；

D.求得星球表面的重力加速度的大小，再由在星球表面时，万有引力和重力近似相等，可以求得星球的质量。根据砝码做圆周运动时在最高点和最低点的运动规律，找出向心力的大小，可以求得重力加速度，知道在星球表面时，万有引力和重力近似相等，而贴着星球的表面做圆周运动时，物体的重力就作为做圆周运动的向心力。【解答】A.小球在最高点受重力和绳子拉力，根据牛顿运动定律得：≥mg所以小球在最高点的最小速故A错误；

B.设砝码在最低点时细线的拉力为F1，速度为v1，则①

设砝码在最高点细线的拉力为F2，速度为v2，则②

由机械能守恒定律得③

由①②③解得④

又：F1=7F2；

所以该星球表面的重力加速度为

根据万有引力提供向心力得：卫星绕该星球的第一宇宙速度为故B正确，C错误；

D.在星球表面，万有引力近似等于重力⑤

由④⑤解得故D正确。

故选BD。【解析】BD10、BC【分析】解：AB；对导体棒受力分析；根据牛顿第二定律，有：F-BIL=ma；

其中I=CBLa；

故a=≠故A错误，B正确；

C、电流I=CBLa=

由于导体棒是从静止开始运动；故开始时刻电荷量为零；

经过时间t后，电容器所带电荷量Q=It=故C正确；

D；根据功能关系；拉力F所做的功在数值上等于导体棒的动能增加量与电容器储存电能之和，故D错误；

故选：BC

导体棒做匀加速直线运动；对导体棒受力分析，受重力；支持力、拉力和安培力，根据牛顿第二定律列式求解加速度和电流，然后根据q=It求解电荷量．

本题是含电容的电路，关键是明确导体棒做匀加速直线运动，受力分析后根据牛顿第二定律列式，同时结合题目给出的表达式进行求解即可．【解析】【答案】BC11、BDE【分析】解：A、根据光电效应方程Ekm=hv-W0和eUC=EKm得，Uc=-当入射光的频率大于极限频率时，遏止电压与入射光的频率成线性关系．故A错误．

B、当遏止电压为零时，最大初动能为零，则入射光的能量等于逸出功，所以W0=hv0．故B正确．

C、根据光电效应方程Ekm=hv-W0；得最大初动能与入射光的频率成线性关系，不是成正比．故C错误．

D、因为Uc=-知图线的斜率等于从图象上可以得出斜率的大小，已知电子电量，可以求出普朗克常量，故D正确；

E、从图象上可知，逸出功W0=hv0．根据光电效应方程，Ekm=hv-W0=hv0．若入射光的频率为2ν0时，产生的光电子的最大初动能为hν0；故E正确．

故选：BDE．

根据光电效应发生条件，结合其方程Ekm=hv-W0和eUC=EKm得出遏止电压Uc与入射光频率v的关系式；从而进行判断．

解决本题的关键掌握光电效应发生条件，及其方程的内容，以及知道遏止电压与最大初动能之间的关系，注意遏止电压与入射光的频率成线性关系，并不是正比，并理解图象的纵、横坐标的含义．【解析】【答案】BDE12、BC【分析】根据涡流产生的原理电磁感应解答。线圈中通以恒定电流，磁场不变，磁通量不变，金属材料中不产生感应电流，故A错误；线圈中通以正弦交流电，产生非均匀变化的磁场，也产生变化的电流，故在金属材料中产生的涡流也是交流电，故B正确。炉内金属中会产生感应电流，这种电流叫涡流，但涡流不会产生热量，是由于涡流使金属中的自由电子在涡流产生的电场中在电场力的驱使下高速运动，受到阻碍从而产生热量，故C正确、D错误；

故选BC。涡流是利用电磁感应工作的，线圈中通的是高频交流电。【解析】BC

13、BD【分析】【分析】冲量是矢量，其方向与作用力方向相同，甲对乙与乙对甲的作用力方向相反，冲量方向相反；以甲乙两人组成的系统为研究对象，系统所受合外力为零，动量守恒；两人相撞过程，系统的动量守恒，相撞后，总动量沿甲原来的速度方向，根据动量守恒定律分析可知，碰撞前的总动量的方向，即可得到两人动量大小的关系；本题考查了动量守恒定律的应用能力，要注意动量是矢量，要选取正方向，用带正负号的量值表示动量。【解答】A.甲对乙的力与乙对甲的力是一对作用力与反作用力，它们大小相等方向相反，则它们的冲量大小相等而方向相反，故A错误；B.以甲乙两人组成的系统为研究对象，系统所受合外力为零，动量守恒，所以甲、乙两人的动量变化量大小一定相等，故B正确；CD.

两人相撞过程，系统的动量守恒，相撞后一同沿甲原来的运动方向前进，则系统的总动量沿甲原来的运动方向，根据动量守恒定律得知，碰撞前的总动量的方向与甲原来的速度方向，由于甲乙是相向运动，动量又是矢量，则得，甲的动量一定大于乙的动量；由于两人的质量关系未知，由P=mv

知，无法判断速度大小的关系；故C错误，D正确。故选BD。【解析】BD

14、AD【分析】【分析】波发生明显衍射的条件是：障碍物的尺寸与波长相比差不多或者比波长更小；在均匀介质中两列波的波速相同，由v=娄脣f

得：波长与频率成反比，从而得出频率之比；两列波能发生干涉的条件是频率相同；根据娄脣=vT

可以求出周期之比，根据波形图的平移法和波的叠加原理可知x=5m

处的质点的位移。本题要学会运用波形的平移法研究波的传播过程和质点的振动过程，要掌握干涉和衍射的条件，并能熟练运用。【解答】A.波发生明显衍射的条件是：障碍物的尺寸与波长相比差不多或者比波长更小，由图像可知娄脣A=4m娄脣B=6m娄脣A<娄脣B

所以虚线波B

遇到障碍物时更容易发生明显的衍射现象，故A正确；B.两列波传播速度大小相同，由v=娄脣f

可知，实线波和虚线波的频率之比为fA拢潞fB=娄脣B拢潞娄脣A=6拢潞4=3拢潞2

故B错误；C.由于fA鈮�fB

故两列波在相遇区域不会发生干涉现象，故C错误；D.根据娄脣=vT

可知TA拢潞TB=娄脣A拢潞娄脣B=4拢潞6=2拢潞3t=TA

时，实现波A

向右传播了一个周期，虚线波B

向左传播了23

个周期，根据波形图的平移法和波的叠加原理可知x=5m

处的质点的位移为|y|=y1+y2=10cm

故D正确。故选AD。【解析】AD

三、填空题(共5题，共10分)15、等于轮胎地面【分析】铅球放在水平海绵上；铅球对海锦的压力与海绵对铅球的支持力为作用力与反作用力；故二力大小相等；

轮胎对地面产生的压力；施力物体是轮胎，故是轮胎发生弹性形变对地面的力；

地面对轮胎的支持力；施力物体是地面，故是地面发生弹性形变对汽车的力；

故答案为：等于；轮胎；地面。

【分析】物体发生形变后，要恢复原状，对与它接触的物体有力的作用，这就是弹力．是施力物体发生弹性形变对受力物体的力．16、略

【分析】解：(1)由于碰撞之后共同匀速运动的速度小于碰撞之前A独自运动的速度；故AC应在碰撞之前，DE应在碰撞之后．

推动小车由静止开始运动；故小车有个加速过程，在碰撞前做匀速直线运动，即在相同的时间内通过的位移相同，故BC段为匀速运动的阶段，故选BC计算碰前的速度；

碰撞过程是一个变速运动的过程；而A和B碰后的共同运动时做匀速直线运动，故在相同的时间内通过相同的位移，故应选DE段来计算碰后共同的速度．

故答案为BC；DE

(2)碰前系统的动量即A的动量，则P1=m1v1=m1=0.40×=0.420kg•m/s

碰后的总动量P2=(m1+m2)v2=(m1+m2)=(0.40+0.20)×=0.417kg•m/s

故答案为：0.420；0.417．

故本题的答案为：(1)BCDE(2)0.4200.417【解析】BC;DE;0.42;0.41717、略

【分析】解：（1）实验电路有两套电路；每套电路各自行车闭合回路，实验电路图如图所示．

（2）将螺线管A插入B中；若在闭合电键的瞬时，穿过回路的磁通量变大；

发现电流表指针向左偏转；当断开电键时，原磁场方向不变，穿过回路的磁通量变小，感应电流方向反向，则电流表指针向右偏转．

（3）电键保持闭合；滑动变阻器滑片不动时，原线圈电流不变，产生的磁场不变，穿过副线圈的磁通量不变，副线圈B中没有感应电流．

（4）由上述实验可知：只要穿过闭合电路的磁通量发生变化；闭合电路中就有感应电流．

故答案为：（1）电路如图；（2）向右；（3）没有；（4）只要穿过闭合电路的磁通量发生变化；闭合电路中就有感应电流．

（1）探究电磁感应现象实验；有两套电路，两套电路分别组成闭合回路．

（2）由楞次定律可知；感应电流磁场方向总是阻碍原磁通量的变化，如果原磁场方向不变，磁通量变化方向相反时，感应电流方向相反．

（3）只有穿过闭合回路的磁通量发生变化时；电路中才有感应电流．

（4）根据实验现象；得出实验结论．

探究电磁感应现象的实验电路有两套电路，各自应形成闭合回路；应用楞次定律、分析图示实验情景，即可正确解题．【解析】向右；没有；只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有感应电流18、略

【分析】解：（1）游标卡尺的读数方法为主尺部分刻度加上游标对应的刻度；由图可知，固定部分刻度示数为1.3cm；可动部分刻度为8×0.05mm=0.40mm；

（2）由题意知；电源电动势为6V，电阻约为1000Ω，根据闭合电路欧姆定律电路中最大电流为A=6mA，故电流表应选C；因电源电动势为6V，故电压表应选E；变阻器阻值太小而阻值太大，故用限流式接法无法起到保护作用，应用分压式接法，变阻器应选阻值小的，故选G．

（3）由于＜故电流表应用内接法，又因为变阻器应用分压式，电路图如图所示．

（4）由欧姆定律可知，R=由R=又因为S=πDd，联立解得，d=

故答案为：（1）1.340；（2）C、E、G；（3）如图所示；（4）．

（1）由游标卡尺的读数方法可得出陶瓷管的外径；

（2）根据电路最大电流选择电流表；根据电源电动势选择电压表，为方便实验操作，在保证安全的前提下，应选择最大阻值较小的滑动变阻器；

（3）根据待测电阻与滑动变阻器的阻值关系确定滑动变阻器的接法；根据待测电阻与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后作出电路图；

（4）根据实验数据；应用欧姆定律；电阻定律求出电阻膜的厚度．

注意电表能准确读数的条件是指针应在满刻度～范围内，若滑动变阻器用限流式时电阻值太小就应用分压式，此时选阻值越小的越好．【解析】1.340；C；E；G；19、（1）原电电解

（2）2H＋＋2e－═══H2↑Cu2＋＋2e－═══Cu

（3）6.4g

（4）2Cl－＋2H2O2OH－＋H2↑＋Cl2↑

（5）×100%【分析】【分析】本题考查原电池和电解池的综合，涉及电极反应，电解原理以及相关计算，难度不大。【解答】rm{(1)}甲中存在自发的氧化还原反应属于原电池，则乙是电解池，故答案为：原电；电解。rm{(2)}铜电极是原电池的正极，则电极反应为：rm{2H}rm{2H}rm{{,!}^{+}}rm{+2e}rm{+2e}rm{{,!}^{-}}rm{篓T篓T篓TH}石墨是电解池的阴极，电解液是氯化铜溶液，则阴极是铜离子放电，电极反应为：rm{篓T篓T篓TH}rm{{,!}_{2}}rm{隆眉}石墨是电解池的阴极，电解液是氯化铜溶液，则阴极是铜离子放电，电极反应为：rm{Cu}rm{隆眉}rm{Cu}rm{{,!}^{2+}}rm{+2e}rm{+2e}rm{{,!}^{-}}rm{篓T篓T篓TCu}rm{篓T篓T篓TCu}故答案为：rm{2H}rm{2H}rm{{,!}^{+}}rm{+2e}rm{+2e}rm{{,!}^{-}}rm{篓T篓T篓TH}甲中气体是氢气，则当产生rm{篓T篓T篓TH}气体，转移电子rm{{,!}_{2}}串联电路，则乙中也转移rm{隆眉}rm{Cu}的电子，则会产生rm{隆眉}的铜单质，其质量为rm{Cu}rm{{,!}^{2+}}rm{+2e}乙中电解液变成氯化钠，则阳极生成氯气，阴极生成氢气，则总离子方程式为：rm{+2e}rm{{,!}^{-}}rm{篓T篓T篓TCu}rm{篓T篓T篓TCu}rm{(3)}甲中气体是氢气，则当产生rm{0.1mol}气体，转移电子rm{0.2mol}串联电路，则乙中也转移rm{0.2mol}的电子，则会产生rm{0.1mol}的铜单质，其质量为rm{6.4g}rm{(3)}rm{0.1mol}rm{0.2mol}rm{0.2mol}rm{0.1mol}rm{6.4g}故答案为：rm{6.4g}rm{6.4g}rm{(4)}乙中电解液变成氯化钠，则阳极生成氯气，阴极生成氢气，则总离子方程式为：rm{2Cl}rm{(4)}rm{2Cl}rm{{,!}^{-}}rm{+2H}rm{+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{2OH}rm{2OH}rm{{,!}^{-}}rm{+H}rm{+H}若乙中电极不变，将其溶液换成饱和rm{{,!}_{2}}rm{隆眉+}rm{Cl}rm{隆眉+}rm{Cl}rm{{,!}_{2}}气体生成时，则电解了rm{隆眉}的水，同时有rm{隆眉}故答案为：rm{2Cl}rm{2Cl}rm{{,!}^{-}}rm{+2H}rm{+2H}rm{{,!}_{2}}析出，rm{n(N{a}_{2}S{O}_{4}隆陇10{H}_{2}O)=dfrac{wg}{322g/mol}}则其中硫酸钠的质量为：rm{m=n隆脕M=dfrac{w}{322}mol隆脕142g/mol=dfrac{142w}{322}g}而其中溶液总质量为rm{O}则溶质的质量分数为：rm{O}rm{2OH}，rm{2OH}rm{{,!}^{-}}rm{+H}。rm{+H}【解析】rm{(1)}原电电解rm{(2)2H^{+}+2e^{-}篓T篓T篓TH_{2}隆眉}rm{Cu^{2+}+2e^{-}篓T篓T篓TCu}rm{(3)6.4g}rm{(4)2Cl^{-}+2H_{2}O}rm{2OH^{-}+H_{2}隆眉+}rm{Cl_{2}隆眉}rm{(5)dfrac{142w}{322(w+18a)}隆脕100%}rm{(5)

dfrac{142w}{322(w+18a)}隆脕100%}四、判断题(共1题，共9分)20、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．五、实验探究题(共2题，共8分)21、（1）ABD

（2）

（3）1.450.69【分析】【分析】(1)(1)滑动变阻器的限流接法应接一上一下两个接线柱，开关应能控制整个电路的通断，电表正负接线柱不能接反；

(2)(2)伏安法测电源电动势与内阻实验，电源、开关、滑动变阻器、电流表应串联接入电路，电压表测路端电压，据此作出实验电路图；(3)

电源的U鈭�I

图象与纵轴的交点是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻。本题考查测量电动势和内电阻实验，要知