2025年苏科新版选择性必修2物理下册阶段测试试卷含答案

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A.B.C.D.2、某同学探究自感现象时设计的实验电路如图所示。A；B为两完全相同的灯泡，电感线圈L的自感系数很大，直流电阻为灯泡电阻的一半，电源内阻不计，下列说法正确的是（）

A.开关S闭合瞬间，B先亮，A后亮，最终B一样亮B.开关S闭合瞬间，B先同时亮，B然后变暗一些，A变得更亮C.开关S断开瞬间，B立即同时熄灭D.开关S断开瞬间，B立即熄灭，A先变得更亮再逐渐熄灭3、电磁感应现象的发现，标志着人类从蒸汽机时代步入了电气化时代，下列设备利用电流热效应原理的是（）A.电风扇B.电熨斗C.发电机D.电磁起重机4、如图所示为安检门原理图；左边门框中有一通电线圈A，右边门框中有一接收线圈B工作过程中某段时间通电线圈A中存在顺时针方向均匀增大的电流（本题中电流方向均为从左向右观察），则当A；B间有一铜片时（）

A.接收线圈B中不产生感应电流B.接收线圈B中的感应电流方向为逆时针，且感应电流大小比无铜片时要小C.接收线圈B中的感应电流方向为逆时针，且感应电流大小比无铜片时要大D.接收线圈B中的感应电流方向为顺时针，且感应电流大小比无铜片时要大5、图为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，升压变压器T的原、副线圈匝数比为k。在T的原线圈两端接入一电压的交流电源，若输送电功率为P，输电线的总电阻为2r；不考虑其它因素的影响，则输电线上损失的电功率（）

A.B.C.D.6、如图所示，在两块平行金属板间存在竖直向下的匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场。现有两种带电粒子M、N分别以同样的速度v从左端沿两板间的中线射入；都能沿直线从右端射出，不计粒子重力。以下说法正确的是（）

A.带电粒子M、N的电性一定相同B.带电粒子M、N的电量一定相同C.撤去电场仅保留磁场，M、N做圆周运动的半径一定相等D.撤去磁场仅保留电场，M、N若能通过场区，则通过场区的时间相等7、无线充电是近年发展起来的新技术。如图所示；该技术通过发射线圈和接收线圈传输能量。手机的内置接收线圈可以直接放在无线充电基座上进行充电，下列关于无线充电的说法正确的是（）

A.无线充电基座可以用稳恒直流电源充电B.在充电过程中只有电能间的相互转化C.无线充电基座可以对所有手机进行充电D.无线充电过程主要利用了电磁感应原理8、在下列四幅交流电的图像中，能正确反映我国居民生活所用交流电的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、在光滑水平面上固定一个通电线圈；一铝块正由左向右滑动穿过线圈，那么下面正确的判断是（）

A.接近线圈时做加速运动，离开时做减速运动B.接近和离开线圈时都做减速运动C.一直在做匀速运动D.在线圈中运动时是匀速的10、如图所示，在纸面内半径为R的圆形区域中充满了垂直于纸面向里的匀强磁场．a、b两个带电粒子以相同的速率从M点沿着直径MON方向垂直射入磁场；运动轨迹如图所示，并从P；Q两点离开．已知P、Q、O（圆心）三点共线，直径MON、POQ夹角为θ=60°（如图），不计粒子的重力，下列说法正确的是（）

A.a粒子带正电，b粒子带负电B.a、b粒子轨迹半径之比为1：3C.a、b粒子在磁场中运行时间之比为2：3D.a、b粒子的比荷之比为1：311、如图所示，足够长的平行金属导轨竖直放置在垂直于导轨平面向里的匀强磁场中，两根质量相同的导体棒a和b垂直于导轨放置，导体棒与导轨紧密接触且可自由滑动。先固定a，释放b，当b的速度达到v时，再释放a，经过时间t后，a的速度也达到v，重力加速度为g；不计一切摩擦。则以下说法中正确的是（）

A.释放a之前，b运动的时间等于B.释放a之前，b下落的高度大于C.释放a之后的时间t内，a下落的高度大于D.a和b的加速度最终都等于g12、如图所示，地面上固定宽为L的平行金属导轨，有垂直于导轨平面向上的匀强磁场B，导轨与水平地面成角，底端电阻为R。质量为m，电阻为r的金属棒从导轨a位置以初速度为向上滑动，到达b位置时，速度减为零，且恰好能静止在轨道上，此时a与b两位置竖直高度差为h；金属棒与轨道始终接触良好，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下面说法正确的是（）

A.金属棒在a位置所受安培力为B.金属棒在a位置时的加速度大小为C.从a到b的过程中，电阻R中产生的热量为D.从a到b过程中，流过金属棒的电荷量为13、在匀强磁场中；一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所示。产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示。则下列说法正确的是（）

A.t＝0.01s时穿过线框的磁通量最小B.该交变电动势的最大值为C.该交变电动势的瞬时值表达式为D.电动势瞬时值为22V时，线圈平面与中性面的夹角为45°评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)14、小明学习自感后进行了以下实验。在图甲所示的电路中，E为电源，L为线圈；闭合开关使灯泡A发光，然后断开开关，发现灯泡A不会立即熄灭，而是持续一小段时间再熄灭。

(1)断开开关后，灯泡上的电流方向___________（选填“向左”或“向右”）；若在线圈中插入铁芯后再重复该实验，则断开开关后灯泡上电流持续的时间___________（选填“变长”；“变短”或“不变”）。

(2)小明为了进一步研究影响灯泡上电流持续时间的因素，保持线圈一定，仅更换电源（内阻不计）或仅更换灯泡进行实验，并用电流传感器（图中未画出）测量开关断开后灯泡中的电流i随时间t的变化。其中的一组图像如图乙所示。

若①②两条曲线对应的电源电动势分别为E1、E2，则其大小关系为___________；

若①②两条曲线对应的灯泡电阻分别为R1、R2，则其大小关系为___________。

(3)已知穿过螺线管的磁通量Φ与其电流i成正比，且断开开关后小灯泡持续发光的能量来源于线圈储存的磁场能，假设线圈中储存的磁场能E0全部转化为电路中的电能。请在图丙中作出Φ-i图像_______并推证_______（式中I0为开关闭合时线圈中的稳定电流值）。

15、在电子技术中，从某一装置输出的交变电流常常既有高频成分又有低频成分。要把低频成分输送到下一级装置，可用如图所示电路，其中电容C叫______，通过它的是______（选填“高频”或“低频”），它的电容一般较______（选填“大”或“小”），对高频容抗较______（选填“大”或“小”）。16、如图，矩形线圈在匀强磁场中绕垂直磁场的轴OO′匀速转动，产生的交变电流输入理想变压器的原线圈，副线圈、理想电流表A与标有“6V3W”字样的小灯泡L串联成闭合回路，灯泡L正常发光。已知变压器原、副线圈匝数比为5:3，矩形线圈的电阻为1.0Ω，则A的示数为__________A，矩形线圈的电动势有效值为__________V。

17、如图所示，是一个按正弦规律变化的交变电流的图像，则该交变电流的周期是_________s，电流的有效值是______A。

18、一段直导线在垂直于均匀磁场的平面内运动。已知导线绕其一端以角速度转动时的电动势与导线以垂直于导线方向的速度v做平动时的电动势相同，那么，导线的长度为__________________。19、某型号的回旋加速器的工作原理图如图甲所示，图乙为俯视图．回旋加速器的核心部分为D形盒，D形盒置于真空容器中，整个装置放在电磁铁两极之间的磁场中，磁场可以认为是匀强磁场，且与D形盒盒面垂直．两盒间狭缝很小，带电粒子穿过的时间可以忽略不计．带电从粒子源A处进入加速电场的初速度不计，从静止开始加速到出口处所需的时间为t（带电粒子达到最大速度在磁场中完成半个圆周后被导引出来），已知磁场的磁感应强度大小为B，加速器接一高频交流电源，其电压为U，可以使带电粒子每次经过狭缝都能被加速，不考虑相对论效应和重力作用，D形盒半径R＝_______，D型盒内部带电粒子前三次做匀速圆周的轨道半径之比(由内到外)为______________．

20、（1）如图所示，金属棒ab置于水平放置的U形光滑导轨上，在ef右侧存在有界匀强磁场B，磁场方向垂直导轨平面向下。在ef左侧的无磁场区域cdef内有一半径很小的金属圆环L，圆环与导轨在同一平面内。当金属棒ab在水平恒力F作用下从磁场左边界ef处由静止开始向右运动后，圆环L有________（填“收缩”或“扩张”）趋势，圆环内产生的感应电流________（填“变大”；“变小”或“不变”）。

（2）如图，金属环A用轻线悬挂，与长直螺线管共轴，并位于其左侧。若变阻器滑片P向左移动，则金属环A将向________（填“左”或“右”）运动，并有________（填“收缩”或“扩张”）趋势。

21、现代科学研究中常要用到高速电子，电子感应加速器就是利用感生电场使电子加速的设备．它的基本原理如图所示，上、下为电磁铁的两个磁极，磁极之间有一个环形真空室，电子在真空室中做圆周运动．电磁铁线圈电流的大小、方向可以变化，产生的感生电场使电子加速．上图为侧视图，下图为真空室的俯视图，如果从上向下看，电子沿逆时针方向运动．已知电子的电荷量为e，电子做圆周运动的轨道半径为r，因电流变化而产生的磁感应强度随时间的变化率为（k为一定值）．

（1）为使电子加速，感生电场的方向应该沿__________方向（填“顺时针”或“逆时针”）；

（2）为使电子加速，当电磁铁线圈电流的方向与图示方向一致时，电流的大小应该_______（填“增大”或“减小”）；

（3）电子在圆形轨道中加速一周的过程中，感生电场对电子所做的功为___________．22、金属热电阻和热敏电阻。

（1）金属热电阻：金属的电阻率随温度的_____而增大，利用这一特性，金属丝可以制作_____传感器；称为热电阻。

（2）热敏电阻：用_____材料制成，氧化锰制成的热敏电阻的阻值随温度的升高而_____。评卷人得分四、作图题(共4题，共16分)23、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

24、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

25、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

26、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共2题，共10分)27、物体的带电量是一个不易测得的物理量；某同学设计了一个实验来测量带电物体所带电量。如图甲所示，他将一由绝缘材料制成的小物块A放在足够长的木板上，打点计时器固定在长木板末端，物块A靠近打点计时器，一纸带穿过打点计时器与物块A相连，请结合下列操作步骤回答问题。

（1）为消除摩擦力的影响，他将长木板一端垫起一定倾角，接通打点计时器，轻轻推一下小物块A，使其沿着长木板向下运动。多次调整倾角直至打出的纸带上点迹均匀，测出此时木板与水平面间的倾角，记为

（2）如图乙所示，在该装置处加上一范围足够大的垂直纸面向里的匀强磁场，用细绳通过一轻小定滑轮将物块A与物块B相连，绳与滑轮的摩擦不计且绳与斜面平行。给物块A带上一定量的正电荷，保持倾角不变，接通打点计时器，由静止释放小物块A，该过程可近似认为物块A的带电量不变。下列关于纸带上点迹的分析正确的是___________。

A.纸带上的点迹间距先增加后减小至零。

B.纸带上的点迹间距先增加后减小至一不为零的定值。

C.纸带上的点迹间距逐渐增加；且相邻两点间的距离之差不变。

D.纸带上的点迹间距逐渐增加；且相邻两点间的距离之差逐渐减小，直至间距不变。

（3）为了测定物块A所带电量q，除倾角外，本实验还必须测量的物理量有___________。

A.物体A的质量MB.物体B的质量m

C.A和B最终的速度D.磁感应强度

（4）用重力加速度倾角和所测得的物理量，可得出的表达式为___________。28、某同学在“探究变压器原；副线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中；

（1）以下哪些实验器材是其所必须的__________（选填字母代号）

A．学生电源。

B．多用电表。

C．干电池组。

D．直流电压表。

E．条形磁铁。

F．滑动电阻器。

G．可拆变压器（铁芯；两个已知匝数的线圈）

（2）在实验过程中，下列操作正确的是__________（选填字母代号）

A．为保证实验顺利进行；电源应选用低压直流电源。

B．为保证多用电表的安全；应使用交流电压档测电压，并先用最大量程档试测，大致确定被测电压后再选用适当的挡位进行测量。

C．实验结束后应先断开开关；再拆除多用电表，以免烧坏电表。

D．因为使用电压较低；通电时可用手直接接触裸露的导线；接线柱。

（3）变压器的线圈都绕在铁芯上，为了保护器件，提高变压器的效率，途径之一是__________（选填“增大”或“减小”）铁芯材料的电阻率；另一途经就是用互相绝缘的薄硅钢片叠成的铁芯来代替整块硅钢铁芯，以顶部可拆铁芯横梁为例，每片硅钢片平面应垂直于图乙中的__________（选填字母代号）

A．平面abcdB．平面aehdC．平面efghD．平面abfe

（4）如图甲，当把12V的交变电压接在原线圈“0”和“16”两个接线柱之间，那么接“0”和“4”的副线圈的输出电压可能是__________（选填字母代号）

A．3.5VB．3VC．2.7V评卷人得分六、解答题(共4题，共20分)29、如图所示，水平固定的两长直正对金属薄板相距为d，板间匀强电场的电场强度大小为E，下板下方整个空间存在着方向水平向里的匀强磁场。一质量为m、电荷量为q的带正电粒子，从贴近上板的左端以大小为的初速度水平射入两板间，恰好从狭缝P穿过下板，垂直磁场方向进入匀强磁场，最后粒子回到下板上到P点距离为L的Q点（图中未画出）。粒子不在下板反弹；不计粒子所受重力。求：

(1)粒子通过狭缝P时的速度大小v；

(2)匀强磁场的磁感应强度大小B。

30、如图，在xOy平面第一象限有一匀强电场，电场方向平行y轴向下。在第四象限内存在一有界匀强磁场，左边界为y轴，右边界为的直线（边界上均有磁场）。磁场方向垂直纸面向外。一质量为m、带电量为q的正粒子从y轴上P点以初速度垂直y轴射入匀强电场，在电场力作用下从x轴上Q点以与x轴正方向45°角进入匀强磁场。已知不计粒子重力。求：

（1）P与O点的距离；

（2）要使粒子能再进入电场，磁感应强度B的范围。

31、某一质谱仪原理如图所示，区域Ⅰ为粒子加速器，加速电压为U1；区域Ⅱ为速度选择器，磁场与电场正交，磁感应强度为B1，板间距离为d；区域Ⅲ为偏转分离器，磁感应强度为B2。一质量为m，电荷量为+q的粒子，初速度为0，经粒子加速器加速后，该粒子恰能沿直线通过速度选择器，由O点沿垂直于边界MN的方向进入分离器后做匀速圆周运动，打在P点上。忽略粒子所受重力；求。

(1)粒子进入速度选择器的速度v；

(2)速度选择器的两极板电压U2；

(3)OP之间的距离。

32、如图甲，单匝线圈放在匀强磁场中，线圈平面与磁场垂直，磁场方向垂直纸面向外。若已知线圈的面积S=0.1m2，磁场的磁感应强度B=1.5×102T。求：

(1)穿过该线圈的磁通量Φ；

(2)写出两种使该线圈中产生感应电流的方法；

(3)如图乙；判断线圈从位置1水平移到位置2的过程中磁通量如何变化，并在线圈上画出感应电流方向。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

由题意得，穿过线圈的磁通量增加量为

根据法拉第电磁感应定律得

故ABD错误；C正确。

故选C。2、D【分析】【分析】

【详解】

AB．开关S闭合瞬间；因电感线圈自感很大，故线圈中电流为零，A；B同时亮，随后因线圈对电流的阻碍作用逐渐减小，流经电源的总电流逐渐增大，故流经B的电流逐渐增大，故B变得更亮，因电源无内阻，故路端电压不变，即B两端电压升高，A两端电压降低，故A要变暗一些，故AB错误；

CD．开关S断开瞬间；线圈与A组成回路，故B立即熄灭，因开关断开前线圈中的电流大于A中电流，故A先变得更亮再逐渐熄灭，故C错误，D正确。

故选D。3、B【分析】【详解】

A．电扇的主要元件是电动机；电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动工作的。故A错误；

B．电熨斗是利用电流的热效应工作的。故B正确；

C．发电机是利用电磁感应现象工作的。故C错误；

D．电磁起重机主要工作部件是电磁继电器；电磁继电器的内部主要有一个电磁铁构成，故是利用电流的磁效应的原理。故D错误。

故选B。4、B【分析】【分析】

【详解】

通电线圈A中存在顺时针方向均匀增大的电流；产生向右穿过线圈的均匀增大的磁场，根据楞次定律，B中产生逆时针方向的感应电流，有铜片时，铜片中也产生逆时针的电流，这个电流会将穿过B的磁场的变化削弱一些，引起B中的感应电流大小减小，故B正确，ACD错误。

故选B。5、C【分析】【详解】

加在原线圈上的电压为

根据电压比与匝数比关系有

所以有

输电线上的电流为

输电线上损失的功率为

联立解得

又

则

所以C正确；ABD错误。

故选C。6、D【分析】【详解】

AB．根据左手定则判断可知，无论粒子带何种电荷，受到的洛伦兹力和电场力的方向总相反，满足qvB＝qE，即故可看出粒子能否沿直线射出只与速度有关，与电性和电量无关，故AB错误；

C．撤去电场后，粒子在剩下的磁场中做匀速圆周运动，有qvB＝m可得两粒子的比荷不一定相同，则运动的半径不一定相同，故C错误；

D．撤去磁场后，两粒子在电场中做类平抛运动，若能穿过场区，则水平方向做匀速直线运动，由l＝vt可知两粒子通过场区的时间相等；故D正确。

故选D。7、D【分析】【详解】

A．如果无线充电基座用稳恒直流电源供电；则接收线圈的磁通量不变，不能产生感应电流，无法对手机充电，故A错误；

B．充电时线圈中有电流；根据电流的热效应，可知线圈会发热，有电能损失，故B错误；

C．如果手机内没有接收线圈；则无线充电基座不可以对手机进行充电，故C错误；

D．无线充电过程主要利用互感现象来实现能量传递的；故D正确。

故选D。8、C【分析】【分析】

【详解】

我国交流电的有效值为220V，频率为50Hz，可得我国交流电的最大值为

故选C。二、多选题(共5题，共10分)9、B:D【分析】【详解】

ABC．把铝块看成由无数多片横向的铝片叠成；每一铝片又由可看成若干闭合铝片框组成；如图所示。

当它接近或离开通电线圈时；由于穿过每个铝片框的磁通量发生变化，所以在每个闭合的铝片框内都要产生感应电流．产生感应电流的效果是要阻碍它接近或离开通电线圈，所以在它接近或离开时都要做减速运动，所以A；C错误；B正确；

D．由于通电线圈内是匀强磁场；所以铝块在通电线圈内运动时无感应电流产生，做匀速运动，D正确；

故选BD。10、B:C【分析】【分析】

由左手定则判断粒子的电性；由几何关系求解两粒子的半径关系；两粒子的速率相同，时间比等于弧长比；根据可知两粒子的比荷之比.

【详解】

A．由左手定则可知，b粒子带正电，a粒子带负电；选项A错误；

B．设磁场所在的虚线圆的半径为R，则则a、b粒子轨迹半径之比为1:3；选项B正确；

C．a、b粒子在磁场中运行的弧长之比为：因两粒子的速率相同，则两粒子的时间之比为2:3，选项C正确；

D．根据可知两粒子的比荷之比等于半径的倒数比；即3:1，选项D错误；

故选BC.11、B:D【分析】【详解】

AB．释放a之前，b受向下的重力和向上的安培力，且随速度的增加，所受的安培力变大，则b做加速度减小的变加速运动，即b的平均加速度小于g，则b运动的时间大于b下落的高度大于故A错误，B正确；

C．释放a之后，因a开始时速度小于b，则回路中有逆时针方向的电流，则a受的安培力方向向下，则a的加速度大于g，则的时间t内，a下落的高度小于故C错误；

D．释放a之后，b受向上的安培力，加速度小于g，a向下的加速度大于g，则随着两物体的下落，速度差逐渐减小，回路的电流逐渐减小，安培力逐渐减小，则a的加速度逐渐减小，b的加速度逐渐变大，最终a和b的加速度都等于g时；速度差为零，到达稳定状态，故D正确。

故选BD。12、A:B:D【分析】【详解】

A．初始时刻，回路中产生的感应电动势为

根据闭合电路欧姆定律，可知回路中的电流为

则金属棒在a位置受到的安培力为

A正确；

B．根据左手定则可知，安培力沿斜面向下。同时根据最终金属棒恰好能静止在轨道上，则有

金属棒在a位置时，受到重力，摩擦力和安培力，根据牛顿第二定律有

代入数据得到

B正确；

C．从a到b的过程中，动能除了转化为重力势能外，还有摩擦力产生的热量，电阻R以及金属棒产生的热量，产生的总热量为

C错误；

D．从a到b过程中，流过金属棒的电荷量为

D正确；

故选ABD。13、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．t＝0.01s时电动势为零；线圈平面与磁场方向垂直，此时穿过线圈的磁通量最大，故A错误；

BC．由图可知，交变电动势的最大值

线圈转动的角速度

该交变电动势的瞬时值表达式为

故C正确；B错误；

D．把电动势瞬时值22V代入得

则线圈平面与中性面的夹角为45°；故D正确。

故选CD。三、填空题(共9题，共18分)14、略

【分析】【详解】

(1)[1]断开开关；线圈中的电流减小，在线圈中产生自感电动势，线圈相当于电源，由楞次定律可知，正极在线圈的右边，线圈与灯泡组成回路，则灯泡中的电流方向向左。

[2]若在线圈中插入铁芯后；断开开关，线圈中的自感电动势更大，阻碍作用更大，灯泡上电流持续的时间变长。

(2)[3]断开开关，线圈中的电流减小，在线圈中产生自感电动势阻碍电流从开关闭合时线圈中的电流开始减小，由图乙可知，开始的电流相等，则说明电动势相等，即

[4]由图乙可知，①图线中电流变化更快，说明阻碍作用更大，则灯泡电阻更大，即

(3)[5]穿过螺线管的磁通量Φ与其电流i成正比；如图。

(3)[6]由题意可知磁场能E0应等于电路中电流所做的功W。设线圈匝数为n，在极短时间内电流做功

即

由题意可知磁通量正比于电流，即断开开关瞬间线圈、灯泡回路中流过的电流初值为I0，此时线圈中的磁通量为

则

式中为图中阴影面积，即

则【解析】向左变长E1=E2R1>R2见解析15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]图中电容C叫高频旁路电容。

[2][3][4]电容器的容抗电路要把低频成分输送到下一级，C的作用是“通高频、阻低频”，所以通过它的是高频，它的电容一般较小，对高频容抗较小。【解析】高频旁路电容高频小小16、略

【分析】【详解】

[1]由于灯泡L正常发光，所以

[2]根据原副线圈的电流与匝数的关系有

解得原线圈中的电流为

根据原副线圈的电压与匝数的关系有

解得原线圈两端的电压为

根据闭合电路欧姆定律有【解析】0.510.317、略

【分析】【详解】

[1]由图可知；该交变电流的周期是0.20s；

[2]由图可知，该交变电流的最大值为电流的有效值【解析】0.201018、略

【分析】【详解】

[1]导线以垂直于导线方向的速度v做平动时的电动势为

导线绕其一端以角速度转动时的电动势为

联立得【解析】19、略

【分析】【详解】

[1]．设粒子从静止开始加速到出口处运动了n圈，质子在出口处的速度为v，则

质子圆周运动的周期

质子运动的总时间t=nT

联立解得

[2]．设质子第1次经过狭缝被加速后的速度为v1

由动能定理得

由牛顿第二定律有

联立解得：

同理，粒子经2次加速后做圆周运动的半径：

粒子经3次加速后做圆周运动的半径：

可知D型盒内部带电粒子前三次做匀速圆周的轨道半径之比(由内到外)为：【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]ab棒在恒力F作用下，速度增大，切割磁感线运动产生的电动势E=Blv

增大，abdc中的感应电流增大，abdc内磁场增强，穿过圆环L的磁通量增大；所以圆环有收缩的趋势。

[2]ab棒受到的安培力F′=

逐渐增大，由F-=ma

知，加速度a逐渐减小，故速度增大得越来越慢，因此通过圆环L中的磁通量的变化率逐渐变小；圆环内产生的感应电流逐渐变小。

（2）[3][4]变阻器滑片P向左移动，电阻变小，电流变大，据楞次定律，感应电流的磁场方向与原电流磁场方向相反，相互排斥，则金属环A将向左运动，因磁通量增大，金属环A有收缩趋势。【解析】收缩变小左收缩21、略

【分析】【详解】

（1）电子受力方向与电场方向相反；电子逆时针加速，所以感生电场应沿顺时针方向；

（2）图示方向的电流产生的磁场方向向上；根据楞次定律，要产生顺时针方向的感生电场，电流应增大；

（3）根据法拉第电磁感应定律E=×=k

加速一周感生电场对电子所做的功：W=eE=

点睛：根据负电荷受力分析与电场方向的关系确定感生电场的方向；根据楞次定律确定电流的变化；根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势，根据W=qU求出感生电场对电子所做的功．【解析】顺时针增大22、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]金属的电阻率随温度的升高而增大；利用这一特性，金属丝可以制作温度传感器，称为热电阻。

(2)[3][4]热敏电阻用半导体材料制成，氧化锰制成的热敏电阻的阻值随温度的升高而减小。【解析】升高温度半导体减小四、作图题(共4题，共16分)23、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】26、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共2题，共10分)27、略

【分析】【详解】

（2）[1]设A的质量为B的质量为没有磁场时，由平衡条件可知

又有

所以

当存在磁场时，以整体为研究对象，由牛顿第二定律可得

由此式可知和是变量，其他都是不变的量，所以一起做加速度减小的加速运动，直到加速度减为零后做匀速运动，即速度在增大，加速度在减小，最后速度不变。所以纸带上的点迹间距逐渐增加，说明速度增大；根据逐差公式可知，加速度减小，则相邻两点间的距离之差逐渐减小；匀速运动时，间距不变。

故选D。

（3）[2]根据

可得当加速度减为零时，速度最大，设最大速度为则有

化简得

把代入，得

可知还必须测量的物理量有物块B的质量两物块最终的速度以及磁感应强度

故选BCD。

（4）[3]由（3）分析可知，的表达式为【解析】DBCD#