2025年北师大版九年级物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版九年级物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、以下图中正确的是（）A.

光的折射B.

力和力臂C.

平面镜成像D.

电磁铁2、如图所示．把一把米尺，从中点支起，两边分别挂相同砝码各2个和4个，下列情况下，哪种情况还能保持平衡（）A.两边砝码组各向支点处移近一个格B.两边砝码组各向支点处移远一个格C.两边钩码组各减少一个钩码D.两边钩码组各减少一半钩码3、下列关于简单机械的理解，正确的是()A.托盘天平是个省力杠杆B.滑轮组的机械效率与动滑轮的重力有关C.使用杠杆，就是为了省力D.使用定滑轮不省力，但可以省距离4、（2015•攀枝花）如图；跳伞运动员在空中匀速直线下降的过程中，下列说法正确的是（）

A.人对伞的拉力大于伞对人的拉力B.人和伞受的合力为零C.人和伞的重力势能在增大D.人和伞的动能在减小5、下列物理量的估计中，你认为最接近实际的是（）A.中学生课桌的高度约8cmB.一名中学生的体积约50dm3C.家用电冰箱正常工作时的电流约10AD.家里笔记本电脑的电功率约1000W6、如图所示，闭合开关，将滑动变阻器的滑片向上滑动时，观察到的现象是()

A.灯泡变暗，电压表示数变大B.灯泡变亮，电压表示数不变C.电路消耗的总功率变小，电压表示数不变D.电路消耗的总功率变大，电压表示数变大7、如图甲所示的电路中，R为滑动变阻器，R0为定值电阻；电源电压为8V恒定不变．不计温度对电阻的影响，当滑片P从一端滑动到另一端的过程中，电压表与电流表的示数变化如图乙所示，则根据图象信息可知（）

A.定值电阻R0的阻值是35ΩB.电路的最大总功率是12WC.电路的最小总功率是0.8WD.滑动变阻器R的最大阻值是35Ω8、体积相同的甲、乙、丙三个物体浸没在水中，甲上浮、乙悬浮、丙下沉．在甲露出水面之前，关于它们所受浮力的大小，下列说法正确的是（）A.甲最大B.乙最大C.丙最大D.一样大评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)9、完成下面相关的单位换算．

0.2A=____mA0.22kV=____V．

0.4kΩ=____Ω1kW•h=____J．10、在探究杠杆平衡条件的实验中：

（1）小明发现杠杆右端低左端高，要使它在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向____调节．小明调节杠杆在水平位置平衡的主要目的是____．

（2）如图甲所示，在杠杆左边A处挂四个相同钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右边B处挂同样钩码____个．

（3）如图乙所示，用弹簧测力计在C处竖直向上拉，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将____（变大/变小/不变）．

11、某同学用如图所示的装置研究“电流通过导体时产生的热量与导体电阻大小的关系”．图中两个烧瓶内盛有质量和温度都相同的煤油；温度计显示煤油的温度，两瓶煤油中都浸泡着一段金属丝，甲瓶中铜丝的电阻比乙瓶中镍铬合金丝的电阻小．

（1）该实验设计的依据是电流的____效应．两电阻丝产生热量的多少是通过____反映出来的；

（2）采用如图所示的这种连接方式的目的是____．

（3）他们在实验中所用被加热液体选择的是煤油而不是选择水，这是因为____的缘故（写出一条理由即可）．

（4）通电一段时间后发现甲瓶中液体温度几乎不变，而乙瓶中液体升温明显，通过分析，他发现问题出在铜丝上，这是因为____，改进的办法是____．12、在图所示的电路中，电源电压保持不变．当电键S由断开到闭合时，电压表V示数将____，电流表A1的示数将____，电压表V与电流表A示数的比值将____．（均选填“变大”；“不变”或“变小”）

13、如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电路为2A

闭合开关S

后，当滑片P

从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I鈭�U

关系图象如图乙所示，则小灯泡的电阻值为______娄赂

电路消耗的最小功率为______W.

14、（2015秋•漳州校级期中）如图中电压表的右侧为电压表的____接线柱（正或负），当电源电压为6V，灯L1两端电压为2V时，电压表的正确示数为____V．15、（2015•黄冈校级自主招生）一种电影放映机使用宽度为16mm的电影胶片；若该16mm电影胶片的厚度H=0.14mm．片夹上密密地绕了一整盘电影胶片，如图所示，图中d和D分别表示片夹内电影胶片的内径和外径．则：

（1）这盘电影胶片的总长度L约是____m；

（2）若按每秒24幅画面正常放映，每幅画面长度为l=7.5mm，这盘电影胶片大约能连续正常放映的时间是____h（不计片头与片尾的长度）．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)16、可以用技术提高热机的效率，可以达到100%．____（判断对错）17、因为铁的密度比棉花的密度大，所以铁块比棉花重．____．18、热传递是高温物体把温度传递给低温物体，直到它们温度相同为止____．19、判断下列说法的正确与错误：

（1）零刻线被磨损的刻度尺就不能再使用了．____

（2）量程是20cm的刻度尺可以用来测量大于20cm的长度．____

（3）测量时估读到分度值下两位将比估读到分度值下一位更精确些．____20、水蒸气具有的内能一定比水具有的内能大．____（判断对错）21、利用放在磁体周围小磁针自由静止时的指向，可以判断该磁体周围各点的磁场方向．____（判断对错）22、发生光的反射时，光路是可逆的．____．评卷人得分四、实验探究题(共4题，共32分)23、（2011•白银）小明和小华合作做“测定小灯泡的额定功率”实验时；有以下一些器材：已知额定电压为2.5V小灯泡，灯丝电阻大约9Ω，干电池两节，电流表（0～0.6A，0～3A），电压表（0～3V，0～15V），滑动变阻器（15Ω，1.5A），开关；导线若干．

（1）如图所示是小明同学连接不完整的实验电路；请你用笔画线代替导线帮他将图中为连接好的部分连接好，要求：电压表；电流表选择合适的量程，滑动变阻器的滑片向右移动时联入电路的阻值变大；

（2）电路连接正确后；测得如下数据：

。实验次数灯泡两端电压U/V通过灯丝电流I/A功率/W12.00.230.4622.50.280.7032.80.300.84小明计算了小灯泡的额定功率为：P=（P1+P2+P3）÷3=0.67W；而小华计算的小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.28A=0.70W

你认为谁的做法对？____；

（3）小明和小华分析表中数据后发现：当灯丝两端电压改变时，灯丝电阻也在改变，你认为引起灯丝电阻变化的原因是____．24、阅读短文；回答问题：

空调热水器。

空调热水器；又名空气能热泵热水器.

其工作原理示意图如图所示.

工作过程中空调热水器通过一种工作媒质在蒸发器里迅速变成气态，在经过压缩机(

消耗少量电能)

将其压缩成高温高压的气体，然后在冷凝器中重新变成液态，达到给水加热的目的.

空调热水器具有高效节能的特点，产生相同的热水量，比传统的电热水器和燃气热水器的能量更高.

热水产出率和能效比是衡量空调热水器性能的两个重要指标.

热水产出率是指该热水器当进水温度为20隆忙

出水温度为50隆忙

时，每小时可出热水的体积数，能效比是指加热过程中水吸收的热量与消耗电能的比值.

如表表格为两种型号“空调热水器”在进水温度20隆忙

时测定的部分参数．

(1)

空调热水器工作时；水吸收的热量______(

大于/

等于/

小于)

它所消耗的电能．

(2)

下列关于空调热水器的判断中；正确的是______

A.工作媒质在冷凝器中不断吸热。

B.空调热水器消耗的电能越少；其能效比越高。

C.由于电流的热效应；热水吸收的热量一部分来自于电流产生的热量。

D.压缩机通过做功的方式增加了工作媒质的内能。

(3)A

型热水器正常加热过程中；其能效比为______．

(4)

若B

型热水器的能效比为4.2

则它的热水产出率为______L/h

．

。型号AB出水温度(隆忙)50额定功率(kW)12额定电压(V)220热水产出率(L/h)100环境温度范围(隆忙)鈭�10隆芦5025、（2016春•南长区期中）为探究“底面积相同的木块和铁块的下表面哪个更粗糙”，小迪同学在同一水平面上让叠放的物块在水平拉力的作用下均做匀速直线运动，如图甲、乙所示．已知铁块和木块共重36N，则：在甲实验中，测得拉力F甲=8N；在乙实验中，测得拉力F乙=10N．

（1）甲、乙实验中，将木块、铁块叠放在一起的目的是____；

（2）甲实验中，铁块受到桌面的摩擦力大小为____；

（3）通过实验，小迪同学可以得出本实验的结论是____．26、小红同学做“测量小灯泡电功率”实验；小灯泡的额定电压为3.8V，额定功率约1W左右．

（1）用笔画线代替导线连接电路图图1；要求滑片向右移动时，灯泡变暗．

（2）她正确连接电路，将滑片移到滑动变阻器的某一端，闭合开关，发现电压表、电流表的示数分别为3V和0.2A，小灯泡的亮度偏暗．然后她向变阻器的另一端移动滑片，发现小灯泡继续变暗；当滑片到达另一端时，电流表、电压表的示数如图2（a）、（b）所示．小红在器材选择以及操作过程中存在的问题分别是：____和____．她所使用的变阻器的最大阻值为____Ω．

（3）经过思考分析，她改正了上述问题．为了准确测出小灯泡的额定功率，她还改进电路并进行实验．当移动变阻器的滑片到中点位置时，观察到小灯泡正常发光．此时电压表指针恰好位于某一刻度线上时，电流表的示数为0.22A，则电源电压为____V，小灯泡的额定功率为____W．评卷人得分五、其他(共3题，共24分)27、如图所示，用不同的力沿A点推门，力量越大，推门越容易，这是在保持力的方向和作用点相同时，观察力的____对力的作用效果的影响，我们把这种研究物理问题的方法叫____．28、《电动摩托车和电动轻便摩托车通用技术条件》国家标准对电动车的管理将实行规范化、法律化．条件规定电动车外胎不能太小，是为了增大面积____，电动车的前中后盘等处需经常涂些润滑油，是为了使____减小摩擦，电动车制动系统中的碟刹与连杆构成的物理模型是____，电动车有许多优点，但你能说说它的缺点吗？____．29、（2010•顺德区校级模拟）从2009年12月26日起；“武广高铁”列车组开始在武汉与广州之间运行，与传统列车比较，“武广高铁”列车组在设计上采用了许多新技术，请你回答下列问题：

（1）如右图所示，车头扁扁长长，看上去就像一颗“子弹头”的外型可以减小____．

（2）列车制动时会有部分机械能转化为轨道和空气的____，这部分能量____（填“可以”或“不可以”）自动汇集起来；再转化为机械能．

（3）列车高速行驶至350kg/h，一米范围内的风速高达13级．因此，列车卷起的大风是可以轻易将人“刮倒”，人容易被大风“刮倒”所包含的物理知识有：____．评卷人得分六、综合题(共3题，共9分)30、（2010秋•海口期末）如图所示是某种物质熔化时温度随时间变化的图象，由图象可判断出这种物质是____（填“晶体”或“非晶体”），这种物质的熔点是____℃，从刚刚开始熔化到完全熔化大约持续的时间为____min．该过程晶体____热量（填“吸收”或“放出”．）31、在图中；甲是“观察水的沸腾”的实验装置．

（1）安装该实验时，应该先固定A、B两铁圈中的____铁圈．

（2）若水沸腾时温度计示数如图乙所示，则此时水的沸点是____℃，水沸腾过程中，继续加热，水的温度____．

（3）某实验小组观察到沸腾前和沸腾时水中气泡上升过程中的两种情况如图丙中（a）、（b）所示，则图____是水在沸腾前的情况．

（4）为了缩短把水加热到沸腾的时间，请你提出一条有效的操作建议：____．

（5）小明同学在做完“观察水的沸腾”实验后，又进一步研究了沸水自然冷却过程中温度随时间的变化情况，如图丁所示．根据对图丁的分析，你发现的规律是____．32、早晨小花为奶奶整理床铺时，将其装有1kg水的热水袋取出，发现水温已从昨天的90℃降低70℃，则热水放出的热量为____J；若这些能量全部用来做功，可把重为500N的她举高____m．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】①需要掌握光的折射定律：折射光线与入射光线和法线在同一平面内；折射光线与入射光线分居法线两侧；当光从水里或其它透明介质斜射入空气中时；折射光线远离法线方向偏折，折射角大于入射角．

②力臂是支点到力的作用线的垂直距离．

③平面镜成像特点：像物等距；像物等大，虚像．

④安培定则内容为：用右手握住导线，四指指向电流方向，大拇指所指的方向为螺线管N极方向．【解析】【解答】解：A；光的折射定律中；当光从水里或其它透明介质斜射入空气中时，折射光线远离法线方向偏折，折射角大于入射角，而图中的折射角小于入射角，故本选项错误．

B；力臂是支点到力的作用线的垂直距离；而图中的力臂与力的作用线不垂直，故本选项错误．

C；平面镜成像特点：正立等大的虚像；虚像的位置应在平面镜的背面，故本选项错误．

D；由安培定则和磁极间的相互规律可知；本选项正确．

故选D．2、D【分析】【分析】根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，由图示情况结合题意分析答题．【解析】【解答】解：设一个钩码重为G；一个格的长度为L，杠杆原来平衡是因为4G×2L=2G×4L；

A；两边砝码组各向支点处移近一个格；左边=4G×L=4GL，右边=2G×3L=6GL，4GL＜6GL，杠杆右端下沉；

B；两边砝码组各向支点处移远一个格；左边=4G×3L=12GL，右边=2G×5L=10GL，12GL＞10GL，杠杆左边下沉；

C；两边钩码组各减少一个钩码；左边=3G×2L=6GL，右边=G×4L=4GL，6GL＞4GL，杠杆左边下沉；

D；两边钩码组各减少一半钩码；左边=2G×2L=4GL，右边=G×4L=4GL，4GL=4GL，杠杆保持平衡．

故选D．3、B【分析】【分析】托盘天平的动力臂等于阻力臂；所以是等臂杠杆；滑轮组的机械效率与动滑轮的重力以及物体的重力有关；使用杠杆，不只是为了省力有时也是为了省距离；使用定滑轮不省力，也不省距离。

故选B

【点评】解决本题的关键是熟知影响机械效率的因素，以及定滑轮的特点4、B【分析】【解答】A；人对伞的拉力和伞对人的拉力是相互作用力；相互作用力大小相等，故A错．

B；运动员和降落伞同时匀速直线向下运动；处于平衡状态，故受到的所有力的合力为零，故B对．

C；人和伞的质量一定；高度降低，所以重力势能减小，故C错．

D；人和伞的质量一定；速度也不变，所以动能不变，故D错．

故选：B．

【分析】（1）物体间力的作用是相互的；相互作用力的大小相等．

（2）当物体处于平衡状态（静止或匀速直线运动）时；物体受到的所有力的合力为0．

（3）重力势能和质量；高度有关．

（4）动能和质量、速度有关．5、B【分析】解：

A；中学生的身高在160cm左右；课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右．故A不符合实际；

B、中学生的质量在50kg左右，密度在1.0×103kg/m3左右，体积大约为V===0.05m3=50dm3．故B符合实际；

C、家用电冰箱的额定功率在220W左右，正常工作的电流在I===1A左右．故C不符合实际；

D；一般笔记本电脑正常工作的电流在0.15A左右；额定功率在P=UI=220V×0.15A=33W左右．故D不符合实际．

故选B．

此题考查对生活中常见物体物理量的估测；结合对生活的了解和对物理单位的认识，必要时进行相关的计算，找出符合实际的选项．

对于估计问题，要记住一些生活中常见的物理量，然后进行比较得出．特别是与电有关的数据，如家庭电路电压、一节干电池电压、用电器工作时的电流、功率等等．【解析】【答案】B6、C【分析】这个电路为串联电路，电压表测电源电压，所以不管滑片如何移动，电压表的示数不变。滑动变阻器的滑片向上滑动，其阻值增大，电路总阻值R脳脺=R禄卢+R碌脝

所以R脳脺

阻值也增大，根据欧姆定律可知总电压不变，总电阻增大，总电流I

减小，由P=UI

可知电路消耗的总功率变小；通过灯泡的电流减小，灯泡两端的电压也减小，由电功率的计算公式P=UI

可知灯泡实际功率P碌脝

减小，灯泡变暗。故选C。

【解析】C

7、D【分析】【分析】由电路图可知，R0和R串联；电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．

（1）当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路为R0的简单电路，电路中的电流最大，根据乙图读出此时的电流，根据欧姆定律求出R0的阻值；根据P=UI求出电路的最大功率；

（2）当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图象读出此时电路中的电流和R两端的最大电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=UI求出电路的最小功率．【解析】【解答】解：

由电路图可知，R0和R串联；电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．

（1）当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，电路为R0的简单电路；

由乙图可知，电路中的最大电流I最大=1.6A；

由I=可得，R0的阻值：

R0===5Ω；故A错误；

电路的最大功率：

P最大=UI最大=8V×1.6A=12.8W；故B错误；

（2）当滑动变阻器接入电路的电阻最大时；电路中的电流最小；

由乙图可知，电路中的最小电流I最小=0.2A，R两端的电压UR=7V；

则滑动变阻器的最大阻值：

R===35Ω；故D正确；

电路的最小功率：

P最小=UI最小=8V×0.2A=1.6W；故C错误．

故选D．8、D【分析】【分析】知道体积相同，根据阿基米德原理和物体的浮沉条件得出甲乙丙三物体受到的浮力关系．【解析】【解答】解：

∵甲、乙、丙三个物体浸没在水中，并V甲=V乙=V丙；

根据F浮=ρ水V排g；

∴F甲浮=F乙浮=F丙浮；

故选D．二、填空题(共7题，共14分)9、略

【分析】【分析】根据电流、电阻、电压、电功单位间的换算关系（1A=103mA、1kV=103V、1kΩ=103Ω、1kW•h=3.6×106J）分析答题．【解析】【解答】解：

因为1A=103mA，所以0.2A=0.2×103mA=200mA；

因为1kV=103V，所以0.22kV=0.02×103V=220V；

因为1kΩ=103Ω，所以0.4kΩ=0.4×103Ω=400Ω；

1kW•h=1000W×3600s=3.6×106J．

故答案为：200；220；400；3.6×106．10、略

【分析】

（1）杠杆的右端低；说明这一侧力与力臂的乘积大，应将平衡螺母向左调节，以减小这一侧的力臂．因为重力的方向是竖直向下的，杠杆只有在水平位置平衡时，支点到力的作用线的距离才正好在杠杆上，也就是正好等于相应杠杆的长，这样测量起来会比较方便．

（2）设每个钩码重为G；杠杆每格长度为L；

由杠杆平衡条件得：4G×3L=nG×4L；则n=3．

（3）由图示可知；当弹簧测力计逐渐向右倾斜时；

弹簧测力计拉力F的力臂LC变小，FA=4G，LA=3L保持不变；

由杠杆平衡条件：FALA=FLC；可知弹簧测力计的拉力变大．

故答案为：（1左；）便于测量力臂；（2）3；（3）变大．

【解析】【答案】（1）杠杆的调节也跟天平类似；应向高的一侧移动平衡螺母．使杠杆在水平位置平衡最大的好处就是测量力臂时非常方便．

（2）由图示求出动力臂与阻力臂；然后由杠杆平衡条件求出钩码的个数．

（2）阻力和阻力臂不变；根据题意判断动力臂如何变化，然后由平衡条件判断弹簧测力计示数如何变化．

11、略

【分析】

（1）电流通过导体时都会发热；该实验设计的依据是电流的热效应；在此实验中，两电阻丝产生热量的多少是通过温度计的示数反映出来的；

（2）由图知；两只电阻串联在电路中，保证了通过它们的电流和通电时间都相同；

（3）水的比热容大；吸热升温不明显，所以我们选择比热容较小的煤油，对其加热，可以节省时间，温度变化更明显；

（4）两电阻串联；电流和通电时间相等，电阻不同，所以此电路是研究产生热量与电阻的关系．铜丝的电阻很小，产生的热量很少，所以效果很不明显，改进的方法是换一个阻值大一些的电阻丝．

故答案为：

（1）热；温度计的示数；

（2）控制电流；时间相同；

（3）煤油比热容较小；

（4）铜丝电阻小；换一个阻值大一些的电阻丝．

【解析】【答案】（1）要解决此题需要了解电流的热效应和物理研究的常用方法--转换法和控制变量法；对于一些看不见；摸不着的东西，我们可以通过它表现出来的现象来认识它．

（2）要理解此实验中对器材的选择要求；液体的质量应相等，选择不易导电；比热容小的煤油，选择电阻率较大的电阻丝．

12、略

【分析】

（1）闭合电键S；电源电压U不变，所以电压表示数不变；

（2）电阻R1阻值不变，由I1=知电流I1不变，则电流表A1示数不变；

（3）电键闭合后，电阻R2接入电路，电流表A示数I′=I1+I2，闭合电键前，电流表A的示数I=I1；所以电流表A示数变大；

因为电压表示数U不变，则变小；即电压表V与电流表A示数的比值将变小．

故答案为：不变；不变；变小．

【解析】【答案】（1）由电路图知，电阻R1与R2并联；电压表V测并联电压，即电源电压，电流表A测干路电流；

电流表A1测电阻R1所在的支路电流；

（2）电键闭合时电源电压不变、电阻R1阻值不变、电阻R2中的电流从无到有，据此判断电压表与电流表A1示数变化情况及V与A比值变化情况．

13、略

【分析】解：

(1)

由灯泡的I鈭�U

关系图象可知灯泡的电阻是定值；当UL=12V

时，通过灯泡的电流IL=2A

根据I=UR

得灯泡电阻RL=ULIL=12V2A=6娄赂

(2)

由图甲；灯泡与滑动变阻器串联；

乙图是当滑片P

从最右端滑到最左端的过程中；小灯泡的I鈭�U

关系图象，当P

在左端时，滑动变阻器连入阻值为0

此时U=UL=12V

P

在右端时；滑动变阻器连入阻值最大，电路中电流最小，I脳卯脨隆=IL隆盲=0.5A

所以电路消耗的最小功率：P脳卯脨隆=UI脳卯脨隆=12V隆脕0.5A=6W

．

故答案为：66

．

(1)

从小灯泡的I鈭�U

关系图象找到灯泡两端对应的电压和电流值，根据I=UR

计算灯泡电阻；

(2)

根据电路图分析图象；找到电路最小电流.

根据P=UI

计算电路消耗的最小功率．

本题考查了串联电路特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键根据电路图由图象分析出P

在左端和右端时对应的电流和电压值．【解析】66

14、略

【分析】【分析】（1）电压表并联在谁的两端；就是测量的谁的电压；且正负接线柱要正确；

（2）串联电路中，各部分的电压之和等于总电压．【解析】【解答】解：据电压表的正确使用可知；电流需从电压表的正接线柱进，负接线柱出，故电表的左侧是正接线柱，电压表的右侧是负接线柱；

如图，电压表并联在L1两端，所以电压表就是测量的L1的电压，故灯L1两端电压为2V时；电压表的正确示数为2V；

故答案为：负；2；15、略

【分析】【分析】根据体积不变列式求解长度；根据速度时间关系求解时间．【解析】【解答】解：根据缠绕时体积等于展开时体积知：HL×16=（πD2-πr2）×16；

所以，L===645900mm=645.9m

若按每秒24幅画面正常放映；且不计胶片头与片尾的长度；

则=，即=；

解得t=3588s≈1h．

故答案为：645.9；1．三、判断题(共7题，共14分)16、×【分析】【分析】热机效率的概念：用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比，在工作过程中，损失的能量越少，热机的效率越高．【解析】【解答】解：热机在工作过程中；燃料不可能完全燃烧，尾气带走较多的热量，机器本身散热，克服机械间摩擦做功，剩余的能量才是有用的能量，在燃料完全燃烧提供的能量中只占很少一部分，所以热机效率不可能达到100%，所以此说法错误．

故答案为：×．17、×【分析】【分析】根据密度公式ρ=可知，m=ρV，已知铁的密度大于棉花的密度，据此判断质量的大小关系．【解析】【解答】解：根据密度公式ρ=可得m=ρV；铁的密度大于棉花的密度，不知道体积的关系，无法判断铁块和棉花的质量大小．

故答案为：×18、×【分析】【分析】本题抓住热传递实质是内能从高温物体转移到低温物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，必须有温差．【解析】【解答】解：热传递实质是内能从高温物体转移到低温物体；传递的不是温度，高温物体温度降低，低温物体温度升高，直到两者温度相等，热传递停止．

故答案为：×．19、×【分析】【分析】（1）如果刻度尺的零刻度磨损；可以重选一个刻度值作为测量的起点；

（2）刻度尺测量时；原则上要求一次测量，如果测量范围小于实际长度，势必要移动刻度尺测量若干次，则会产生较大的误差；

（3）刻度尺读数时，一般情况下应估读到最小刻度值的下一位．【解析】【解答】解：（1）是否错误；零刻线被磨损的刻度尺还可以使用，另选一个刻度值作为测量的起点就行；

（2）说法错误；量程是20cm的刻度尺不能用来测量大于20cm的长度；

（3）说法错误；刻度尺读数时估读到分度值下一位就可以；

故答案为：×，×，×．20、×【分析】【分析】温度升高；内能增加；温度降低，内能减少；

内能还与物体的质量、状态、种类、密度等因素有关．【解析】【解答】解：

内能大小不仅与温度有关；还与物体的分子机构；质量等因素有关，故水蒸气的内能与水的内能无法比较．此说法错误．

故答案为：×．21、√【分析】【分析】根据我们对磁场中方向的规定可判断是否可利用电磁针来判断磁场的方向．【解析】【解答】解：磁场的方向是这样规定的：放在磁场中某点的小磁针；静止时北极所指的方向就是该点的磁场方向．因此，利用放在磁体周围小磁针自由静止时的指向，可以判断该磁体周围各点的磁场方向．题干说法正确．

故答案为：√．22、√【分析】【分析】通过实验我们让光逆着反射光线的方向照射镜面，观察反射光线的方向．【解析】【解答】解：逆着反射光线的方向照射镜面；光线会逆着原来入射光线的方向射出，说明了在反射现象中，光路是可逆的．故说法正确．

故答案为：√．四、实验探究题(共4题，共32分)23、略

【分析】【分析】（1）根据灯泡的额定电压确定电压表的量程且与灯泡并联；根据欧姆定律求出灯泡额的电流的大约值确定，滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，滑动变阻器的滑片向右移动时联入电路的阻值变大，说明左下方接线柱必须接入电路中；

（2）不同电压下灯泡的电功率不同；而额定功率是指额定电压下的功率；

（3）从温度对电阻的影响分析随灯丝两端电压增大，灯丝电阻也改变的原因．【解析】【解答】解：（1）灯泡的额定电压为2.5V；所以电压表的量程为0～3V，且与灯泡并联；

根据欧姆定律可得，灯泡额的电流的大约值I==≈0.28A＜0.6A；所以电流表的量程为0～0.6A，且与灯泡串联；

滑动变阻器的左下方和任意上方接线柱接入电路中；如下图所示：

（2）不同电压下灯泡的实际功率不同；额定功率是指额定电压下的功率，不能取不同电压下灯泡实际功率的平均值，故小华的计算方法正确；

（3）由表中实验数据知：随灯丝两端电压的增大；流过灯泡的电流变大，灯泡实际功率P=UI变大，灯泡温度升高，灯丝电阻变大，这表明：灯丝的电阻随温度的升高而增大．

故答案为：

（1）如上图所示；

（2）小华；

（3）温度．24、略

【分析】解：

(1)

工作过程中空调热水器通过一种工作媒质经过压缩机(

消耗少量电能)

将其压缩成高温高压的气体；然后在冷凝器中重新变成液态，达到给水加热的目.

由此可知工作时产生的热量大于它所消耗的电能；

(2)A

工作媒质在冷凝器中由气态变为液态；发生了液化，液化是放热过程，故A错误；

B；根据能效比定义可知；由于水吸收热量不确定，故其能效比没法确定，故B错误．

C；工作物质在冷凝器中重新变成液态；即液化放热，达到给水加热的目的，不是利用电流的热效应工作的，故C错误；

D；压缩机将工作物质压缩成高温高压的气体；压缩机在工作过程中利用做功方式改变了工作媒质的内能，故D正确；

(3)

由题可知；进水温度为20隆忙

出水温度为50隆忙A

型热水器工作1h

提供的热水体积为100L

水吸收的热量为：

Q=cm鈻�t=c娄脩V鈻�t=4.2隆脕103J/(kg?隆忙)隆脕1.0隆脕103kg/m3隆脕0.1m3隆脕(50隆忙鈭�20隆忙)=1.26隆脕107J

A

型热水器消耗电能：

W=Pt=1隆脕103W隆脕3600s=3.6隆脕106J

热水器的能效比：

娄脟=QW=1.26隆脕107J3.6脳106J=3.5

(4)

设B

型热水器产出热水的体积为V隆盲

B

型热水器的能效比为娄脟隆盲=Q隆盲W鈥�

所以B

型热水器中水吸收的热量：Q隆盲=娄脟隆盲W隆盲

即c脣庐脣庐(t2鈭�t1)=c脣庐娄脩脣庐V隆盲(t2鈭�t1)=娄脟隆盲P2t

B

型热水器工作1h

提供的热水体积为：

V隆盲=娄脟隆盲P2tc脣庐脣庐(t2鈭�t1)=4.2隆脕2000W隆脕3600s4.2脳103J/(kg鈰�鈭�C)脳1.0脳103kg/m3脳(50鈭�C鈭�20鈭�C=0.24m3=240L

．

故答案为：(1)

大于；(2)D(3)3.5(4)240

．

(1)(2)

读题由空调热水器工作原理分析解答；

(3)

利用物质吸热公式求出水吸收的热量；根据能效比定义求解；

(4)

根据能效比的定义表示出水吸收热量和消耗电能之间的关系即可求出实际热水产率．

此题是关于空调热水器一道综合性很强的题目，考查了热量、电能、能效比、密度、效率等的计算等知识，要能读懂题目的意思，注意结合题意并能从其参数中获取有用信息．【解析】大于；D3.5240

25、略

【分析】【分析】（1）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关．由此根据控制变量法分析叠放的目的；

（2）当物体进行匀速直线运动时；物体受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，由此间接测量滑动摩擦力大小；

（3）比较铁块和木块受到的摩擦力大小得出结果．【解析】【解答】解：

（1）摩擦力大小与压力和接触面的粗糙程度两个因素有关；要通过测摩擦力比较哪个表面更粗糙，应控制压力相同．所以甲；乙两次实验将木块和铁块叠放的目的是：控制压力相等；

（2）拉着它们做匀速直线运动时；水平方向上弹簧测力计的拉力与水平面对它们的摩擦力是一对平衡力，就等于摩擦力．所以甲实验中，铁块受到桌面的摩擦力大小为8N；

（3）乙实验中木块受到的摩擦力为10N，即：压力相等时，f乙＞f甲；所以木块下表面更粗糙．

故答案为：（1）控制压力相等；（2）8N；（3）木块表面粗糙．26、略

【分析】【分析】（1）滑动变阻器向右移动灯泡变暗；说明滑动变阻器接了左下接线柱；小灯泡额额定电压为3.8V，因此电压表的量程为0～3V的量程；

（2）电源电压应大于灯泡额定电压；闭合开关前，滑动变阻器滑片应置于阻值最大处；

将滑片移到滑动变阻器的另一端；闭合电键，小灯泡的亮度偏暗，然后她向变阻器的另一端移动滑片，发现小灯泡继续变暗，小灯泡继续变暗说明电路电流继续减小，滑动变阻器接入电路的阻值逐渐变大，说明闭合开关时，滑动变阻器接入电路的阻值为零，闭合开关时电压表示数等于电源电压；

根据电压表与电流表示数；由欧姆定律可以求出灯泡阻值；由图示电表确定其量程与分度值，读出其示数，由串联电路特点与欧姆定律可以求出滑动变阻器阻值．

（3）灯泡额定电压电压是3.8V；如果电压表与灯泡并联，如果用小量程，灯泡正常发光时超过其量程，则电压表应该用大量程，大量程的分度值是0.5V，灯泡额定电压是3.8V，灯泡正常发光时，电压表指针不可能指在刻度线上，因此电压表应该与滑动变阻器并联，且电压表选用小量程；

由题意知；电流为0.2A时灯泡发光较暗，因此灯泡正常发光时的电流应大于0.2A；

根据串联电路特点及欧姆定律求出电源电压、灯泡正常发光时的电流，然后由P=UI求出灯泡额定功率．【解析】【解答】解：（1）滑动变阻器向右移动灯泡变暗；说明滑动变阻器接了左下接线柱；小灯泡额额定电压为3.8V，因此电压表的量程为0～15V的量程，如图所示：

（2）由题意可知；电源电压为3V，灯泡额定电压是3.8V，所选电源电压太小；

由题意可知；闭合开关时滑动变阻器接入电路的阻值为零，这是错误的，闭合开关前滑动变阻器滑片应置于最大阻值处；

电源电压是3V；电压表量程应该为0～3V，由图示电压表可知，其分度值是0.1V，示数为1V；

由图示电流表可知其示数为0.1A；由串联电路特点可知，滑动变阻器电压为3V-1V=2V；

由I=可得滑动变阻器最大阻R滑最大===20Ω．

（3）由题意可知；电压表与滑动变阻器并联，滑动变阻器滑片在中点；

则滑动变阻器接入电路的阻值为：R===10Ω；电源电压是1.5V的整数倍；

①如果电源电压为4.5V；则灯泡正常发光时滑动变阻器两端电压为4.5V-3.8V=0.7V；

电路电流I===0.07A＜0.2A；灯泡不能正常发光；

②如果电源电压为6V；灯泡正常发光时滑动变阻器电压为6V-3.8V=2.2V；

电路电流I===0.22A；灯泡能正常发光，灯泡额定功率P=UI=3.8V×0.22A=0.836W；

③如果电源电压为7.5V，灯泡正常发光时滑动变阻器电压为7.5V-3.8V=3.7V，此时电路电流I===0.37A；

由I=可得此时灯泡电阻RL==≈10.27Ω＜15Ω；灯泡电阻随温度升高而增大，灯泡电阻不能小于15Ω，故电源电压不能为7.5V．

所以电源电压可能为：6V；灯泡额定功率可能为0.836W．

故答案为：

（1）见上图；（2）电源电压太小；闭合开关前，滑片没有移到阻值最大处；20；（3）6；0.836．五、其他(共3题，共24分)27、略

【分析】【分析】①力的大小；方向和作用点合称力的三要素；它们都能影响力的作用效果；

②在研究物理问题时，某一物理量往往受几个不同物理量的影响，为了确定各个不同物理量之间的关系，就需要控制某些量，使其固定不变，改变某一个量，看所研究的物理量与该物理量之间的关系．这种研究问题的方法叫控制变量法．【解析】【解答】解：

由图知；在A点推门，力的作用点和方向都是确定的，力量越大，推门越容易，这是在保持力的方向和作用点相同时，观察力的大小对力的作用效果的影响，这种研究问题的方法是控制变量法．

故答案为：大小；控制变量法．28、略

【分析】【分析】①压强的大小与压力的大小和受力面积的大小有关．

②摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度．

③杠杆是可以绕某一固定点转动的硬棒．

④从载重量的大小和运动速度的角度分析电动车的缺点．【解析】【解答】解：电动车外胎不能太小；是为了在压力一定时，通过增大受力面积的方法来减小压强的；

电动车的前中后盘等处需经常涂些润滑油；是为了使接触面脱离接触，从而减小摩擦；

电动车制动系统中的碟刹与连杆构成杠杆；

电动车有许多优点；但它也缺点，例如：载重小；速度慢等．

故答案为：减小压强；接触面脱离接触；杠杆；载重小、速度慢．29、