2025年粤教新版高一物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教新版高一物理下册月考试卷430考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、【题文】物体在离地面h高处由静止开始自由下落，设地面为重力势能零势能参考面，不计空气阻力，则当物体的动能与重力势能相等时物体的速度大小为：A.B.C.D.2、如图所示，为表演杂技“飞车走壁“的示意图．演员骑摩托车在一个圆桶形结构的内壁上飞驰，做匀速圆周运动．图中a、b两个虚线圆表示同一位演员骑同一辆摩托；在离地面不同高度处进行表演的运动轨迹．不考虑车轮受到的侧向摩擦，下列说法中正确的是（）

A.在a轨道上运动时角速度较大。

B.在a轨道上运动时线速度较大。

C.在a轨道上运动时摩托车对侧壁的压力较大。

D.在a、b轨道上运动时摩托车和运动员所受的向心力相等。

3、如图所示，虚线表示某点电荷Q所激发电场的等势面，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在另一个等势面上．甲、乙两个带电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中沿不同的轨迹adb曲线、acb曲线运动．则下列说法正确的是（）①两粒子所带的电荷符号不同②甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点的速度③两个粒子的电势能都是先减小后增大④经过b点时，两粒子的动能一定相等A.①②B.①③C.③④D.①②④4、【题文】甲、乙、丙三个观察者，同时观察一个物体的运动。甲说“它在做匀速运动”，乙说“它是静止的”，丙说“它在做加速运动”。则下列说法中正确的是A.在任何情况下都不可能出现这种情况B.如果选同一参考系，那么三人的说法都对C.三人中总有一人或两人讲错了D.如果各自选择不同的参考系，那么三人说法都可能对5、下列有关速度的说法中错误的是（）A.瞬时速度是物体在某一位置或某一时刻的速度B.平均速度等于某段时间内物体运动的位移与所用时间的比值C.速度的定义式和平均速度公式都是v=因此速度就是指平均速度D.速度不变的运动是匀速直线运动6、美国宇航局发现了太阳系外第一颗类似地球的、可适合居住的行星--“开普勒-226”，其直径约为地球的2.4倍，至今其确切质量和表面成分仍不清楚．假设该行星的密度和地球相当．根据以上信息，估算该行星的第一宇宙速度为（）A.3.3×103m/sB.7.9×103m/sC.1.2×104m/sD.1.9×104m/s7、重为20N

的物体与水平面之间的动摩擦因数为0.1

该物体在水平面上向左运动，同时受到一个大小为10N

方向水平向右的恒力作用，则物体所受的摩擦力的大小和方向为(

)

A.2N

水平向左B.2N

水平向右C.12N

水平向右D.8N

水平向右评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、一个质量为2kg的物体，在五个同一水平面上共点力的作用下保持静止．若同时撤去其中两个大小分别为15N和10N的力，其余的力保持不变，则该物体的加速度大小可能是（）A.1m/s2B.3m/s2C.10m/s2D.15m/s29、如图所示，物体PQ

经无摩擦的定滑轮用细绳连在一起，此时Q

竖直匀速上升，P

物体在水平力F

作用下沿水平粗糙地面向右运动，则下列说法正确的是

A.P

做减速运动B.细绳对P

的作用力逐渐增大C.P

所受摩擦力逐渐增大D.细绳对滑轮的作用力大小不变10、如图所示，在斜面上有四条光滑细杆，其中OA

杆竖直放置，OB

杆与OD

杆等长，OC

杆与斜面垂直放置，每根杆上都套着一个小滑环(

图中未画出)

四个环分别从O

点由静止释放，沿OAOBOCOD

滑到斜面上所用的时间依次为t1t2t3t4.

下列关系正确的是(

)

A.t1>t2

B.t1=t3

C.t2=t4

D.t2<t4

11、一物体作匀变速直线运动，某时刻速度的大小为4m/s1s

后速度的大小变10m/s.

则在这1s

内物体的(

)

A.位移的大小可能小于4m

B.位移的大小可能大于10m

C.加速度的大小一定等于6m/s2

D.加速度的大小可能大于10m/s2

12、如图所示，足够长的斜面上有abcde

五个点，ab=bc=cd=de

从a

点水平抛出一个小球，初速度为v

时，小球落在斜面上的b

点，落在斜面上时的速度方向与斜面夹角为娄脠

不计空气阻力，初速度为2v

时()

A.小球可能落在斜面上的c

点与d

点之间B.小球一定落在斜面上的e

点C.小球落在斜面时的速度方向与斜面夹角大于娄脠

D.小球落在斜面时的速度方向与斜面夹角也为娄脠

13、在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板B

与一灵敏静电计相接，极板A

接地.

下列操作中可以观察到静电计指针张角变大的是()

A.极板A

上移B.极板A

左移C.极板A

右移D.极板间插入一云母片14、如图所示，小球从竖直砖墙某位置由静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中12345

所示小球运动过程中每次曝光的位置.

连续两次曝光的时间间隔均为T

每块砖的厚度为d.

根据图中的信息，下列判断正确的是(

)

A.位置“1

”是小球释放的初始位置B.小球做匀加速直线运动C.小球下落的加速度为dT2

D.小球在位置“3

”的速度为7d2T

15、刀削面是同学们喜欢的面食之一，因其风味独特，驰名中外.

刀削面全凭刀削，因此得名.

如图所示，将一锅水烧开，拿一块面团放在锅旁边较高处，用一刀片飞快地削下一片片很薄的面片儿，面片便飞向锅里，若面团到锅的上沿的竖直距离为0.8m

最近的水平距离为0.5m

锅的半径为0.5m.

要想使削出的面片落入锅中，则面片的水平速度可以是下列选项中的(g=10m/s2)

A.1m/s

B.2m/s

C.3m/s

D.4m/s

评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、在测定匀变速直线运动的加速度的实验中，使用打点计时器测量小车做匀变速直线运动的加速度，实验得到的一条纸带如下图所示，0、1、2、3、4是选用的计数点，每相邻的计数点间还有4个打出的点没有在图上标出，打点计时器打点的时间间隔为0.02s．图中还画出了某次实验将最小刻度为毫米的刻度尺靠在纸带上进行测量的情况，读出图中所给的测量点0、1、3、4的读数分别是：10.00cm、12.60cm、22.60cm、____cm（点2的读数未读出）．计算出打下第2个计数点时的速度是____m/s，物体的加速度的大小是____m/s2．

17、如图所示，是利用闪光照相研究平抛运动的示意图。小球A由斜槽滚下，从桌边缘水平抛出，当它恰好离开桌边缘时，小球B也同时下落，两次闪光的时间间隔为0.1s的闪光器拍摄的照片中B球有四个像，像间距离已在图中标出，两球恰在位置4相碰。则A球从离开桌面到和B球碰撞时经过的时间为____s，球离开桌面的速度为_______m/s。（g=10m/s2）18、某质点做匀速圆周运动的轨道半径为80cm，周期为2s，则它做匀速圆周运动的角速度为______rad/s；线速度为______m/s；向心加速度为______m/s2．19、一位质量m=60kg

的滑雪运动员从高h=10m

的斜坡由静止开始下滑.

如果运动员在下滑过程中受到的阻力大小F=50N

斜坡的倾角娄脠=30鈭�

运动员滑至坡底的过程中，阻力做功为______J

其所受几个力做的总功为______J.20、在探究牛顿第二定律实验中，得到以下数据：物体质量不变时，加速度a与物体所受合力F的对应数据如表一；物体所受合力不变时，加速度a和物体质量的倒数的对应数据如表二．

表一。

。a/1.02.04.06.08.1F/N0.51.02.03.04.0表二。

。a/1.02.02.73.04.0/kg-10.250.500.690.751.0（1）请在下图所示的坐标平面内，分别画出a-F图象和a-图象；

（2）由a-F图象得到的结论是____；

由a-图象得到的结论是____．21、某物体作直线运动的速度—时间图像如图所示，根据图像回答：（1）物体在OA段作____运动，加速度为____m/s2，在AB段作____运动，加速度是____m/s2。（2）物体在2s末的速度是____m/s。（3）在此过程中，物体的最大位移是____m。评卷人得分四、实验题(共3题，共27分)22、【题文】(8分)某同学设计了一个如图所示的装置来测定滑块与木板间的动摩擦因数，其中A为滑块，B和C是质量可调的砝码，不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦．实验中该同学在砝码总质量(m＋m′＝m0)保持不变的条件下；改变m和m′的大小，测出不同m下系统的加速度，然后通过实验数据的分析就可求出滑块与木板间的动摩擦因数．

(1)该同学手中有打点计时器；纸带、10个质量均为100克的砝码、滑块、一端带有定滑轮的长木板、细线；为了完成本实验，得到所要测量的物理量，还应有()．

A．秒表B．毫米刻度尺C．天平D．低压交流电源。

(2)实验中，该同学得到一条较为理想的纸带，如图所示，从清晰的O点开始，每隔4个点取一计数点(中间4个点没画出)，分别记为A、B、C、D、E、F，各计数点到O点的距离为OA＝1.61cm，OB＝4.02cm，OC＝7.26cm，OD＝11.30cm，OE＝16.14cm，OF＝21.80cm，打点计时器打点频率为50Hz，则由此纸带可得到打E点时滑块的速度v＝______m/s，此次实验滑块的加速度a＝_____m/s2.(结果均保留两位有效数字)

(3)在实验数据处理中，该同学以m为横轴，以系统的加速度a为纵轴，绘制了如图所示的实验图线，结合本实验可知滑块与木板间的动摩擦因数μ＝_______.(g取10m/s2)

23、【题文】设地球为一密度均匀的球体，若将地球半径减为1/2，则地面上的物体受到的重力变为原来的_______________.24、为测定滑块沿斜面下滑的加速度，在滑块上安装了宽度为的遮光板．滑块由静止释放后依次通过固定在斜面上的两个光电门A和B，用光电计时器记录了遮光板通过光电门A的时间为通过光电门B的时间为遮光板从开始遮住光电门A到开始遮住光电门B的时间间隔为由此可得滑块的加速度为_______．（结果保留两位有效数字）

评卷人得分五、作图题(共4题，共24分)25、如图所示，一放在水平面上的物体A受到大小为10N的拉力作用，该拉力方向与水平方向成30°角斜向上。画出这个拉力的图示。26、【题文】如图所示，物体A对物体B的压力是10N；试画出这个力的图示和示意图．

图2－1－327、【题文】如图所示；均匀直棒AB搁放在光滑的半球上保持静止，C为棒的中点，画出棒AB的受力图。

。28、（8分）测速仪安装有超声波发射和接收装置．如图所示，B为固定的测速仪，A为汽车，两者原来相距x1=335m．某时刻B发出超声波，同时A由静止开始做匀加速直线运动．当B接收到反射回来的超声波信号时，AB相距x2=355m．已知超声波速度为340m／s，求：(1)汽车的加速度多大？(2)汽车在355m处的速度大小？参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【解析】

试题分析：据题意，小球下落后动能与重力势能相等时，设小球此时的动能为Ek=mv2/2，此时小球的重力势能为Ep=mgH，则此时小球的机械能为E=Ek+Ep=mv2/2+mgH="2"mv2/2=mv2；而小球在最高点是的机械能为E=mgh，由于不计空气阻力，整个过程机械能守恒，则有mv2=mgh，则v=选项B正确。

考点：本题考查机械能守恒定律。【解析】【答案】B2、B|D【分析】

A；以任摩托车为研究对象；作出力图，如图．设侧壁与竖直方向的夹角为θ；

则根据牛顿第二定律；

得mgcotθ=mω2r，得到ω=θ相同，r大；则ω大，故在a轨道上运动时角速度较小．故A错误．

B、mgcotθ=m

解得v=

r大；则v大，则在a轨道上运动时线速度较大．故B正确．

C、设侧壁对车的支持力为FN；则由图得到。

FN=因两车质量相等，故FN大小相等．故C错误．

D、向心力Fn=mgtanθ，因两车质量相等，故Fn大小相等．故D正确。

故选BD

【解析】【答案】任选一摩托车作为研究对象；根据匀速圆周运动的合力提供向心力的特点，分析受力情况，作出力图，根据牛顿第二定律得到线速度与半径的关系，可比较它们的大小．

3、A【分析】【解析】【答案】A4、D【分析】【解析】

试题分析：同一物体的运动；观察者所选择的参考系不同，观察到的结果不相同，甲；乙和丙可能选择的参考系不相同，所以有可能它们观察到的结果不一样，所以A、C选项错误而D选项正确；如果三人选择的参考系相同，他们观察到的结果应该一样，B选项错误。

考点：本题考查对参考系的理解。【解析】【答案】D5、C【分析】解：A；瞬时速度是物体在某一时刻或某一位置时的速度；故A正确；

B；平均速度等于某段时间内物体运动的位移与所用时间的比值；故B正确；

C、速度的定义式和平均速度公式都是v=当t非常小时，速度可以表示瞬时速度，所以速度不一定是平均速度，故C错误．

D；物体做匀速直线运动；速度保持不变；故瞬时速度等于平均速度；故D正确；

本题选错误的；故选：C．

瞬时速度是指物体通过某一时刻或者某一位置的速度大小；而平均速度与某段时间和某段位移相对应的，这是二者的本质区别．

本题考查速度的定义，要注意明确速度分为平均速度和瞬时速度，要特别注意瞬时速度的定义，明确平均速度和瞬时速度的区别．【解析】【答案】C6、D【分析】解：第一宇宙速度是行星表面的运行速度，根据万有引力提供向心力得：=

解得：v==

该行星的密度和地球相当；其直径约为地球的2.4倍．

所以该行星的第一宇宙速度是地球的第一宇宙速度的2.4倍．所以该行星的第一宇宙速度等于1.9×104m/s；

故选：D．

根据万有引力提供向心力表示出第一宇宙速度．再根据已知的条件求解．

求一个物理量之比；我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再根据表达式进行比较．

向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．【解析】【答案】D7、B【分析】解：物体在水平面上向左运动；受到水平面滑动摩擦力方向向右.

物体对水平面的压力大小N

等于物体的重力G

则摩擦力大小为f=娄脤N=娄脤G=0.1隆脕20N=2N.

故B正确，ACD错误．

故选：B

．

滑动摩擦力方向与物体相对运动方向相反.

根据物体相对于地面向左运动；判断滑动摩擦力方向.

物体对水平面的压力大小N

等于物体的重力G

由f=娄脤N

求解摩擦力大小．

本题考查滑动摩擦力的计算，不能头脑简单认为摩擦力方向与水平力F

的方向相反，是水平向左．【解析】B

二、多选题(共8题，共16分)8、BC【分析】解：15N和10N两个力的合力范围为[5N，25N]，则剩余力的合力范围为[5N，25N]，根据牛顿第二定律，知加速度的范围为[2.5m/s2，12.5m/s2]．故B；C正确；A、D错误．

故选BC．

一个质量为2kg的物体；在五个同一水平面上共点力的作用下保持静止．若同时撤去其中两个大小分别为15N和10N的力，剩余的力的合力于撤去的两个力的合力等值反向，求出撤去的两个力的合力范围，得出剩余力的合力范围，从而根据牛顿第二定律求出加速度的范围．

解决本题的关键知道剩余力的合力于撤去的两个力的合力大小相等反向相反，掌握求解两个力合力范围的方法，当两个力同向时，合力最大，当两个力反向时，合力最小．【解析】【答案】BC9、AC【分析】【分析】由于绳子的伸长不计；所以P

沿绳子方向的分速度等于Q

的速度，将P

运动的速度沿绳子方向与垂直于绳子方向进行正交分解，结合Q

的速度不变，可判断P

的运动情况；

Q

匀速运动，可知绳子拉力的大小不变，把绳子拉P

的力沿水平方向和竖直方向进行正交分解，判断竖直方向上的分量的变化，从而可知P

对地面的压力的变化，即可得知摩擦力的情况.

根据力的合成法分析细绳对滑轮的作用力大小如何变化。解决本题的关键要掌握绳端物体速度分解的方法：将绳端物体的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向进行正交分解，要注意Q

匀速时P

并不是匀速。【解答】A.设P

向右运动的速度为vPQ

上升的速度为vQ

绳子与水平方向的夹角为娄脕.

将P

运动的速度沿绳子方向与垂直于绳子方向进行正交分解，则有vQ=vPcos娄脕

而vQ

不变，娄脕

减小，cos娄脕

增大，则vP

减小，即P

做减速运动.

故A正确；B.因为Q

匀速上升；所以Q

受力平衡，Q

所受绳拉力T=GQ

根据定滑轮的特性，可知细绳对P

的作用力也等于GQ

保持不变，故B错误；

C.以P

为研究对象；由竖直方向力平衡，可得：N+Tsin娄脕=GPGPT

不变，娄脕

减小，sin娄脕

减小，则地面对P

的支持力N

增大，因此P

所受摩擦力逐渐增大.

故C正确；

D.细绳对滑轮的作用力等于两侧绳子拉力的合力；绳子拉力大小不变，夹角增大，则细绳对滑轮的作用力大小减小，故D错误。

故选：AC

【解析】AC

10、ABD【分析】【分析】根据等时圆模型，可知从圆上最高点沿任意一条弦滑到底所用时间相同，故沿OA

和OC

滑到底的时间相同，OB

不是一条完整的弦，时间最短，OD

长度超过一条弦，时间最长。如果不假思考，套用结论，就会落入等时圆”的陷阱，要注意O

点不是最高点，难度适中。【解答】以OA

为直径画园，根据等时圆模型，对小滑环，受重力和支持力，将重力沿杆的方向和垂直杆的方向正交分解，根据牛顿第二定律得小滑环做初速为零的匀加速直线运动的加速度为a=gcos娄脠(娄脠

为杆与竖直方向的夹角)

由图中的直角三角形可知；小滑环的位移S=2Rcos娄脠

所以t

与娄脠

无关，可知从圆上最高点沿任意一条弦滑到底所用时间相同，故沿OA

和OC

滑到底的时间相同，即t1=t3OB

不是一条完整的弦，时间最短，即t1>t2OD

长度超过一条弦，时间最长，即t2<t4

故ABD正确，C错误。

故选ABD。【解析】ABD

11、AD【分析】解：当末速度与初速度方向相同时，v0=4m/sv=10m/st=1s

则加速度a=v鈭�v0t=10鈭�41m/s2=6m/s2

加速度的大小为6m/s2.

位移x=v0+v2t=4+102隆脕1=7m

当末速度与初速度方向相反时，v0=4m/sv=鈭�10m/st=1s

则加速度a=v鈭�v0t=鈭�10鈭�41m/s2=鈭�14m/s2

加速度的大小为14m/s2

位移x=v0+v2t=4鈭�102隆脕1=鈭�3m

位移的大小为3m.

故AD正确，BC错误。

故选：AD

物体作匀变速直线运动，取初速度方向为正方向，1s

后末速度方向可能与初速度方向相同，为+1m/s

也可能与初速度方向相反，为鈭�1m/s

根据加速度的定义式a=v鈭�v0t

求出加速度可能值，根据位移公式x=v+v02t

求出位移可能的值.

矢量的大小是其绝对值．

对于矢量，不仅要注意大小，还要注意方向，当方向不明确时，要讨论.

矢量的大小是指矢量的绝对值，矢量的符号是表示其方向的．【解析】AD

12、BD【分析】【分析】(1)

小球落在斜面上；竖直方向上的位移与水平方向位移的比值一定，运动的时间与初速度有关，根据竖直方向上的位移公式，可得出竖直位移与初速度的关系，从而知道小球的落点。

(2)

根据速度方向与水平方向的夹角变化，去判断娄脠

的变化。物体在斜面上做平抛运动落在斜面上，竖直方向的位移与水平方向上的位移比值是一定值.

以及知道在任一时刻速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2

倍。【解答】AB.

小球落在斜面上速度与水平方向的夹角为娄脕

则小球落在斜面上，竖直方向上的速度与水平方向速度的比值tan娄脕=vyv0=gtv0

解得：t=v0tan(娄脕)g

在竖直方向上的位移y=12gt2=v02tan2(娄脕)2g

当初速度变为原来的2

倍时；竖直方向上的位移变为原来的4

倍，所以小球一定落在斜面上的e

点，故A错误，B正确；

CD.

设小球落在斜面上速度与水平方向的夹角为娄脗

则tan娄脗=vy2v0=gt鈥�2v0

又t=2隆脕v0tan(娄脕)g

所以tan娄脗=tan娄脕

所以落在斜面时的速度方向与斜面夹角也为娄脠

故C错误，D正确。

故选BD。

【解析】BD

13、AB【分析】【分析】静电计测定电容器两极板间电势差的大小，电势差越大，指针张角越大.

根据电容的决定式C=娄脜S4娄脨kd

分析电容的变化，抓住电量不变，由电容的定义式C=QU

分析板间电势差的变化，即可判断指针张角的变化。对于电容器动态变化分析问题，关键掌握电容的决定式C=娄脜S4娄脨kd

和电容的定义式C=QU

结合进行分析。【解答】

A.极板A

上移，极板正对面积减小，根据电容的决定式C=娄脜S4娄脨kd

可知电容C

减小，电容器的电量Q

不变，由电容的定义式C=QU

可知板间电势差增大，则指针张角变大，故A正确；

B.极板A

左移，板间距离增大，根据电容的决定式C=娄脜S4娄脨kd

可知电容C

减小，电容器的电量Q

不变，由电容的定义式C=QU

可知板间电势差增大，则指针张角变大，故B正确；

C.极板A

右移，板间距离减小，根据电容的决定式C=娄脜S4娄脨kd

可知电容C

增大，电容器的电量Q

不变，由电容的定义式C=QU

可知板间电势差减小，则指针张角变小，故C错误;

D.极板间插人一云母片，根据电容的决定式C=娄脜S4娄脨kd

可知电容C

增大，电容器的电量Q

不变，由电容的定义式C=QU

；可知板间电势差减小，则指针张角变小.

故D错误。

故选AB。

【解析】AB

14、BCD【分析】解：

A；若小球做初速度为零的匀变速直线运动；在连续相等时间内，位移之比为：135

而题中，12345

间的位移之比为234

所以位置“1

”不是小球释放的初始位置.

故A错误．

B、由于相邻两点间位移之差等于d

符合匀变速直线运动的特点：鈻�x=aT2

所以小球做匀加速直线运动.

故B正确．

C、由鈻�x=aT2

得：加速度a=dT2.

故C正确．

D、小球在位置“3

”的速度等于24

间的平均速度，则有v=3d+4d2T=7d2T

故D正确。

故选BCD

根据初速度为零的匀变速直线运动的特点分析小球释放的初始位置.

根据鈻�x=aT2

判断小球运动的性质，并求出加速度.

根据一段时间内中点时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度．

本题相当于打点计时器问题，根据匀变速直线运动的两大推论求出加速度和速度，并判断小球运动性质．【解析】BCD

15、BC【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出运动的时间，结合水平距离的范围求出初速度的范围，即可选择，解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解。【解答】由得：要想使削出的面片落入锅中，则面片平抛运动的水平位移范围为：0.5m<x<1.5m

根据x=v0t

知，初速度的范围为：1.25m/s<v<3.75m/s

故AD错误；BC正确。故选BC。【解析】BC

三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】

图中所给的计数点4的读数是30.00cm

每相邻的计数点间还有4个打出的点没有在图上标出；所以相邻的计数点时间间隔是0.1s

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；

v2==0.50m/s；

根据运动学公式推论△x=at2得：

a==1.60m/s2

故答案为：30.00cm；0.50m/s，1.60m/s．

【解析】【答案】知道打点计时器的结构和各部分的功能．

利用毫米刻度尺读出计数点的距离．

应用运动学公式推论△x=at2求出加速度．

17、略

【分析】【解析】【答案】0.3s1m/s18、略

【分析】解：角速度：

ω===π=3.14rad/s；

线速度：

v=rω=0.8×3.14m/s=1.57m/s；

向心加速度：

an=vω=1.57×3.14m/s2=4.9m/s2

故答案为：3.14；1.57，4.9．

本题比较简单；直接根据向心加速度的定义以及角速度；线速度、周期之间的关系可以正确解答本题．

描述圆周运动的概念比较多，要熟练掌握各个概念的物理意义，以及各物理量之间的关系．【解析】3.14；1.57；4.919、略

【分析】解：物体受重力；支持力及阻力的作用；

重力做功WG=mgh=60隆脕10隆脕10=6000J

阻力做功Wf=鈭�FL=鈭�Fhsin30鈭�=鈭�50隆脕2隆脕10=鈭�1000J

支持力和运动方向相互垂直；故支持力不做功；

合外力做功为：W=WG+Wf=6000鈭�1000=5000J

故答案为：鈭�10005000

分析物体受力情况；及各力做功情况，再由功的公式可求得重力及阻力所做的功，则可求得总功。

本题中考查功的计算，要注意若是阻力做功，则功一定是负值．【解析】鈭�10005000

20、略

【分析】

（1）牛顿第二定律：F=Ma，所以：a-F图象，a-图象理论上应该是一条倾斜的直线；作图的时候要画直线，让尽量多的点落在直线上即可．

（2）由a-F图象中图线是一条过原点倾斜的直线；所以结论是：物体的加速度与物体所受的合力成正比。

由a-图象中图线是一条过原点倾斜的直线；所以结论是：物体的加速度与物体的质量成反比。

故答案为：（1）见上图。

（2）物体的加速度与物体所受的合力成正比；物体的加速度与物体的质量成反比。

【解析】【答案】牛顿第二定律：F=Ma，所以：a-F图象，a-图象理论上应该是一条倾斜的直线；作图的时候需要注意．

21、略

【分析】（1）速度时间图像中图线的斜率表示加速度大小，所以在OA段加速度为1m/s2，AB段速度均匀减小，做匀减速直线运动，加速度为—2m/s2；（2）在2s末的速度为4s末速度的一半，为2m/s（3）速度时间图像所围成的面积表示位移大小，横轴以上位移为正，所以最大位移是在6s末，为12m【解析】【答案】（1）匀加速直线，a=1m/s2，匀减速直线，a=—2m/s；（2）2m/s（3）12m四、实验题(共3题，共27分)22、略

【分析】【解析】

试题分析：(1)打点计时器通过打点即可知道时间；故不需要秒表，故A错误．实验需