2025年牛津译林版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津译林版必修3物理下册阶段测试试卷262考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、关于电源和电动势，下列说法中正确的是（）A.在电源内部非静电力把正电荷从正极移动到负极B.对于给定的电源，移动正电荷非静电力做功越多，电动势就越大C.电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量D.电动势越大，说明非静电力在电源内部把正电荷从负极向正极移送电荷量越多2、如图所示，电动势为E、内阻不计的电源与三个灯泡和三个电阻相接，只合上开关S1，三个灯泡都能正常工作，如果再合上S2；则下列表述正确的是（）

A.电源输出功率减小B.L1上消耗的功率增大C.通过R1上的电流增大D.通过R3上的电流增大3、两个半径为R的相同的金属球分别带有q1、q2的异种电荷，已知q1＝3q2，两球心相距为r（r=3R），其相互作用力为F。现将两球接触后分开，再放回原来的位置，这时两球间的相互作用力为F2，则（）A.F2＝FB.F2＝FC.F2<FD.F2>F4、2022年6月5日，神舟十四号载人飞船采用自主快速交会对接模式，经过6次自主变轨，成功对接于天和核心舱径向端口。对接后的组合体绕地球做匀速圆周运动，如图所示。已知对接后的组合体质量为m，轨道半径为r，地球质量为M，半径为R，引力常量为G。场是一种客观存在的物质；物体与地球之间的万有引力是通过引力场发生的。与电场中的电场强度类似，可以引入引力场强度来描述引力场的强弱。则对接后的组合体所在处的引力场强度（）

A.与M、m都有关B.与M无关，与m有关C.与M、m都无关D.与M有关，与m无关5、两电荷量分别为和的点电荷固定在轴上的两点，两电荷连线上各点电势随变化的关系如图所示，其中为段上电势最低的点；则下列说法正确的是（）

A.为等量异种电荷B.两点间场强方向沿轴负方向C.两点间的电场强度大小先减小后增大D.将一正点电荷从点移到点，电场力先做负功后做正功6、带正电粒子仅在电场力作用下，从电场中a点以初速度进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b点；如图所示，实线是电场线，关于粒子，下列说法正确的是（）

A.在a点的加速度大于在b点的加速度B.在a点的电势能小于在b点的电势能C.在a点的电场强度大于在b点的电场强度D.电场中a点的电势一定比b点的电势高7、如图所示为A；B两电阻的伏安特性曲线；关于两电阻的描述正确的是（）

A.电阻A的阻值随电流的增大而减小，电阻B的阻值不变B.在两图线交点处，电阻A的阻值等于电阻B的阻值C.在两图线交点处，电阻A的阻值大于电阻B的阻值D.在两图线交点处，电阻A的阻值小于电阻B的阻值评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、如图，为匀强电场中的四个点，它们正好是矩形的四个顶点，电场线与矩形平面平行，已知点电势为点电势为点电势为一电荷量为的粒子从点以的速度射入电场，入射方向与成45°，一段时间后经过点；不计粒子重力，下列判断正确的是（）

A.点电势为B.场强方向由指向C.粒子带正电D.粒子从运动到克服电场力做功为9、如图所示，电源的电动势为E，内电阻为r。开关S合后，灯泡L1、L2均能发光。现将滑动变阻器R的滑片P稍向下移动；则。

A.灯泡L1、L2均变暗B.灯泡L1变暗，L2变亮C.电流表的示数变大D.电流表的示数变小10、如图所示电路中，定值电阻R大于电源内阻r，当滑动变阻器滑动端向右滑动后，理想电流表A1、A2、A3的示数变化量的绝对值分别为I1、I2、I3，理想电压表示数变化量的绝对值为U，下列说法中正确的是（）

A.电流表A2的示数一定变小B.电压表V的示数一定增大C.△I3一定大于△I2D.△U与△I1比值一定小于电源内阻r11、如图甲所示，R为电阻箱（），置于阻值最大位置，为未知电阻，若断开闭合逐次减小电阻箱的阻值，得到多组值，并依据值作出了如图乙所示的图线，若断开闭合当调至某一位置时，电流表的示数保持电阻箱的位置不变，断开闭合此时电流表的示数为根据以上数据可知（）

A.电源电动势为B.电源内阻为C.的阻值为D.断开、闭合时，随着的减小，电源输出功率减小12、一带正电物体周围的电场线和等势面如图所示，若相邻等势面之间的电势差均为一电荷量为的电子仅在电场力作用下从点运动到点；下列说法正确的是（）

A.电子经过点时的加速度小于经过点时的加速度B.电子经过点时的速度大于经过点时的速度C.电子从点到点电场力做功为D.电子从点到点动能变化13、如图所示，在匀强电场中，绝缘细杆A、B两端分别带有电荷量很小的等量异种电荷+q、-q，现使细杆绕其中点O在纸面内逆时针旋转θ角，+q的电势能增加；则（）

A.-q的电势能减少B.-q的电势能增加C.B端的电势降低D.B端的电势升高14、如图所示的是伏安法测电阻的部分电路，开关先后接通a和b时；观察电压表和电流表示数的变化，那么（）

A.若电压表示数有显著变化，测量R的值时，S应接bB.若电流表示数有显著变化，测量R的值时，S应接bC.若S应接a，电阻的测量值小于真实值D.若S应接b，电阻的测量值大于真实值15、用如图所示的实验装置探究电磁感应现象；当有电流从电流表的正接线柱流入时，指针向右偏转．下列说法正确的是（）

A.当把磁体N极向下插入线圈时，电流表指针向左偏转B.当把磁体N极向下从线圈中拔出时，电流表指针向左偏转C.保持磁体在线圈中静止，电流表指针不发生偏转D.磁体插入线圈后，使磁体和线圈一起以同一速度向上运动，电流表指针向左偏转16、用图所示装置探究感应电流产生的条件，线圈A通过滑动变阻器和开关连接到电源上，线圈B通过开关连到电流表上；把线圈A装在线圈B的里面。下列说法中正确的是（）

A.该装置用于探究线圈B中感应电流产生的条件B.处于闭合状态，在闭合瞬间，电流表的指针会发生偏转C.处于闭合状态，在与闭合瞬间，电流表的指针会发生偏转D.两开关均处于闭合状态，电路稳定后匀速移动滑动变阻器的滑片，电流表的指针会发生偏转评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)17、带正电1.0×10-2C的粒子，在电场中先后经过A、B两点，飞经A点时动能为10J，飞经B点时动能为4J，则带电粒子从A点到B点过程中电势能增加了_______J，A、B两点电势差为_______。18、安培定则。

（1）直线电流的磁场：右手握住导线，让伸直的拇指所指的方向与______方向一致，弯曲的四指所指的方向就是______环绕的方向；如图甲。

（2）环形电流的磁场：让右手弯曲的四指与______的方向一致，伸直的拇指所指的方向就是环形导线轴线上______的方向；如图乙。

（3）通电螺线管的磁场：右手握住螺线管，让弯曲的四指所指的方向跟______方向一致，拇指所指的方向就是螺线管______磁感线的方向，或拇指指向螺线管的______极；如图丙。

19、电动势是电源的属性，大小由电源中非静电力的特性决定，与电源的______无关，跟外电路的组成及变化______（选填“有”或“无”）关．20、摩擦起电的原因：当两种物质组成的物体相互摩擦时，一些受束缚较弱的___________会转移到另一个物体上，原来电中性的物体由于得到电子而带___________，失去电子的物体则带___________。21、小李同学在学习了库仑定律之后，为了研究带电小球在它们之间的相互作用力下的运动，他在绝缘的光滑水平面上放三个质量相等的带电小球a、b、c，它们处在同一直线上，如图以向右为正方向，若释放a球，a球的初始加速度为若释放c球，c球的初始加速度为则根据所学知识可知，释放b球，b球的初始加速度大小为______方向是______。

22、如图所示，一直线上的各点间距相等，如果在A点放一个正点电荷，B点放一个和A点处电荷电量相等的负点电荷，则a、b、c三点中电场强度最小的是______点．如果将一个点电荷-q从a点移到c点，其电势能将______（选填“增大”“减少”或“不变”）．23、如图所示，A和B两平行金属板相距10mm，M点距A板及N点距B板均为2mm，两极板间的电压为4V，则板间场强为______N/。A．A板电势为________V，N点电势为________V.24、在磁感应强度为B的匀强磁场中，半径为R的半球形球壳如图（a）放置，穿过它的磁通量为_______；面积为S的矩形线框在该磁场中的初始位置如图（b）中实线所示，线框绕O轴逆时针转动到与磁场垂直的虚线位置，这一过程中穿过线框的磁通量的变化量大小为______。

评卷人得分四、作图题(共1题，共7分)25、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短评卷人得分五、解答题(共1题，共3分)26、如图所示，一正电荷由静止开始经加速电场加速后，从偏转电场左边缘点沿平行于板面的方向射入偏转电场。并从另一侧射出，已知该正电荷质量为电荷量为加速电场电压为偏转电场可看做匀强电场，极板间电压为极板长度为板间距为下极板接地，忽略该正电荷所受重力。

（1）求该正电荷射入偏转电场时的初速度

（2）若该正电荷恰好从右侧下极板边缘飞出，求其在点具有的电势能

（3）电势反映了静电场各点的能的性质，请写出电势的定义式，并据此求出（2）中点的电势简要说明电势的特点。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A．在电源内部非静电力把正电荷从负极移动到正极；选项A错误；

BD．对于给定的电源；非静电力把单位正电荷从负极向正极移做功越多，电动势就越大，选项BD错误；

C．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量；选项C正确；

故选C。2、C【分析】【详解】

A．只合上开关S1，三个灯泡都能正常工作，再合上S2；并联部分的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大．由于电源的内阻不计，电源的输出功率P=EI，与电流成正比，则电源输出功率增大．故A错误．

B．由于并联部分的电阻减小，根据串联电路的特点，并联部分分担的电压减小，L1两端的电压减小；其消耗的功率减小．故B错误．

C．再合上S2，外电路总电阻减小，干路电流增大，而R1在干路中，通过R1上的电流增大．故C正确．

D．并联部分的电压减小，通过R3上的电流将减小．故D错误．3、C【分析】【详解】

根据题意两球接触后分开，两球各带的同种电荷，根据同种电荷相互排斥，异种电荷互相吸引的性质，当两球带异种电荷时，两球表面所带电荷的“等效中心”位置之间的距离必定小于r；当两球带同种电荷时，两球表面所带电荷的“等效中心”位置之间的距离必大于r，如果能够近似地运用库仑定律来讨论，则必定小于故ABD错误，C正确。

故选C。4、D【分析】【详解】

电场强度的定义式为

其中F为试探电荷q受到的电场力，同理可得，引力场强度可表示为

其中为对接后的组合体受到的万有引力，为

联立解得

故对接后的组合体所在处的引力场强度与M有关，与m无关。

故选D。5、C【分析】【详解】

A．由图可知，靠近两点电荷时，电势正向升高，再根据电势分布的对称性可知q1和q2为等量正电荷；故A错误；

B．从N到C电势降低，可知N、C两点间场强方向沿x轴正方向；故B错误；

C．φ-x图像切线的斜率表示电场强度，由图可知N、D两点间的电场强度大小先减小后增大；故C正确；

D．由图可知从N点移到D点电势先降低后升高，根据Ep=qφ可知，将一正点电荷从N点移到D点；电势能先减小后增大，则电场力先做正功后做负功，故D错误。

故选C。6、D【分析】【分析】

【详解】

AC．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，可知Ea＜Eb，所以a、b两点比较，粒子的加速度在b点时较大；故AC错误；

BD．整个过程电场力做正功，根据动能定理得经b点时的动能大于经a点时的动能，则在a点的电势能大于在b点的电势能，由于是带正电的粒子，因此电场中a点的电势一定比b点的电势高；故C错误，D正确。

故选D。7、B【分析】【详解】

A．由图可知；电阻A的图象的斜率越来越小，故A的电阻随电流的增大而增大，电阻B阻值不变，故A错误；

BCD．两图象的交点处；电流和电压均相同，则由欧姆定律可知，两电阻的阻值大小相等，故B正确，CD错误。

故选B。二、多选题(共9题，共18分)8、A:C【分析】【详解】

A．匀强电场中，沿电场线方向每前进相同的距离，电势变化速度相同，因为ad=bc=2L可得

所以φc=16V；故A正确；

B．设ad连线中点为O点，连接Ob和Oc；如下图所示。

可得其电势故Oc为等势面，电场线与等势面垂直，而由几何知识易得Oc垂直Ob，则电场线方向由b指向O；故B错误；

C．由上可知，电场线方向由b指向O，粒子从b偏转到c；则受力方向斜向上，故粒子带正电，故C正确；

D．根据粒子从b运动到c，电场力做功为

故D错误。

故选AC。9、B:D【分析】【详解】

AB.将滑动变阻器R的滑片P稍向下移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，整个电路总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I减少，所以电灯L1变暗；由于干路电流减少，内电压和灯泡L1两端的电压都减小，所以L2与滑动变阻器并联的电压增大，L2变亮。故A错误B正确。

CD.干路电流I减小，L2与滑动变阻器并联电压增大，所以通过L2的电流增大，所以电流表的示数减少，故C错误D正确。10、B:D【分析】【详解】

AB．当滑动变阻器滑动端向右滑动后，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，总电流减小，所以电流表A3的示数减小。根据闭合电路的欧姆定律可知，总电流I3减小，则内电压减小，则外电压即并联部分电压增大，即电压表V的示数一定增大，电流表A2的示数一定变大；A错误，B正确；

C．由图可知，电压表测量的是外电路电压U，根据闭合电路欧姆定律U=E-I3r

根据欧姆定律U=I2R

当滑动变阻器向右滑动时，外电路U增大，设其变化量为U，则根据上式可得I3r=│U│=UI2R=│U│=U

因为外电路电压变化量一样，而R>r

因此有I3>I2

C正确；

D．电压表测量路端电压，根据闭合电路欧姆定律U=E-I3r

可知

根据并联电路分流规律可得I3=I1+I2

因为I3减小，而I2增大，所以I1一定减小，且减小量比I3的减小量大，即I3一定小于I1，故

D正确。

故选BCD。11、B:C【分析】【详解】

当断开闭合时，根据闭合电路欧姆定律有整理得根据题图乙可知故A错误，B正确；断开闭合时，由上式可得再断开闭合时，根据闭合电路欧姆定律有联立解得故C正确；根据电源输出功率与外电阻关系可知，由于定值电阻断开闭合时，随着电阻箱电阻的减小，与逐渐接近，则电源的输出功率逐渐增大，故D错误．12、A:D【分析】【详解】

A．由图可知，P点电场线比Q点的电场线密集，所以P点的电场强度比Q点的电场强度大，由

可知电子经过点时的加速度小于经过点时的加速度；故A正确；

BCD．沿着电场的方向电势降低，可知Q点的电势低于P点的电势，电子带负电，所以电子在Q点的电势能大于在P点的电势能，由于仅有电场力做功，所以电子在Q点的动能小于在P点的动能，电子从Q点到P点，电场力正功，为

可知电子从点到点动能变化故D正确，BC错误。

故选AD。13、B:C【分析】【分析】

【详解】

+q的电势能增加，所以电场力对正电荷做负功，所以正电荷向电势升高方向运动，所以A端的电势升高，B端的电势降低；而-q向电势降低方向运动；所以负电荷的电势能增加，故AD错误，BC正确。

故选BC。14、B:C:D【分析】【详解】

AC．电压表示数有明显变化，说明电流表的分压较大，说明待测电阻较小，应采用电流表外接法，即S接a，可减小误差；此时电流的测量值偏大，根据

可知；电阻的测量值偏小，故A错误，C正确；

BD．电流表示数有明显变化，说明电压表的分流较大，待测电阻较大，应采用电流表内接法，即S接b，可减小误差；此时电压的测量值偏大，根据

可知；电阻的测量值偏大，故BD正确；

故选BCD。15、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．当把磁体N极向下插入线圈时；穿过线圈的磁通量增加，根据楞次定律可知，线圈中会产生阻碍磁通量增加的磁场，即向上的磁场，再根据右手螺旋定则可判断出线圈中的电流方向为逆时针方向（俯视），电流从电流表负接线柱流入，故指针向左偏转，同理，当把磁体N极向下从线圈中拔出时，电流表的指针向右偏转，故A正确，B错误；

C．如果保持磁体在线圈中静止；则线圈中的磁通量不变化，故电流表指针不发生偏转，故C正确；

D．使磁体和线圈一起以同一速度向上运动时；线圈中的磁通量也不变化，故电流表指针也不发生偏转，故D错误。

故选AC。16、A:B:D【分析】【详解】

A．线圈B没有接电源；与电流表构成回路，可用于探究线圈B中感应电流产生的条件。A正确；

B．处于闭合状态，则线圈B与电流表构成回路。在闭合瞬间；线圈A中电流增大，A产生的磁场增强，则B线圈中的磁通量变大，所以B中会产生感应电流，电流表的指针会发生偏转。B正确；

C．处于闭合状态，线圈A中的电流不变，产生的磁场不变，线圈B中的磁通量不变，所以在与闭合瞬间；线圈B中没有感应电流，电流表指针不偏转。C错误；

D．两开关均处于闭合状态；电路稳定后匀速移动滑动变阻器的滑片，则线圈A中电流变化，线圈A产生的磁场变化，则B线圈中的磁通量变化，所以B中会产生感应电流，电流表的指针会发生偏转。D正确。

故选ABD。三、填空题(共8题，共16分)17、略

【分析】【详解】

[1]根据能量守恒定律可知，带电粒子从A点到B点的过程中电势能的增加等于动能的减小，则有

[2]电场力做功为

A、B两点的电势差为【解析】6J18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]直线电流的磁场：右手握住导线；让伸直的拇指所指的方向与电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线环绕的方向，如图甲。

（2）[3][4]环形电流的磁场：让右手弯曲的四指与环形电流的方向一致；伸直的拇指所指的方向就是环形导线轴线上磁感线的方向，如图乙。

（3）[5][6][7]通电螺线管的磁场：右手握住螺线管，让弯曲的四指所指的方向跟电流方向一致，拇指所指的方向就是螺线管内部磁感线的方向，或拇指指向螺线管的N极，如图丙。【解析】①.电流②.磁感线③.环形电流④.磁感线⑤.电流⑥.内部⑦.N19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】体积无20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]摩擦起电的原因为当两种物质组成的物体相互摩擦时，一些受束缚较弱的电子会转移到另一个物体上，原来电中性的物体由于得到电子而带负电，失去电子的物体则带正电。【解析】①.电子②.负电③.正电21、略

【分析】【详解】

[1][2]对三个小球构成的系统，假设同时释放三个小球，则三个小球构成的系统受到的合力为零，且在释放瞬间，a球的加速度为c球的加速度为b球的加速度为对系统由牛顿第二定律知

即

所以

方向水平向右。【解析】1水平向右22、略

【分析】【详解】

[1]由等量异种电荷的电场线分布可知，b点电场强度最小；

[2]A点为正电荷，故a、b、c三点的电势依次减小，负电荷在电势越低的地方电势能越大，故将一个点电荷-q从a点移到c点，其电势能将增大。【解析】b增大23、略

【分析】【分析】

【详解】

根据可知两板间的电场强度为板间电场方向向上，故A点的电势低于B板的电势，因B板接地电势为零，所以可知A板电势为-4V；B、N之间的电势差为所以N点的电势为-0.8V．【解析】400－