2025年粤教版选择性必修1物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版选择性必修1物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示为一显示薄膜干涉现象的实验装置；P是附有肥皂泡薄膜的铁丝圈，S是一点燃的酒精灯，往火焰上撒些盐后，在肥皂膜上观察到的干涉图像应是图中的（）

A.B.C.D.2、物理学的发展是许多物理学家奋斗的结果，下面关于一些物理学家的贡献说法正确的是（）A.安培通过实验发现了通电导线对磁体有作用力，首次揭示了电与磁的联系B.麦克思韦建立了经典的电磁场理论，并用实验验证了电磁波的存在C.惠更斯详尽地研究过单摆的振动，并确定了单摆的周期公式D.牛顿发现了万有引力定律，并测出了引力常量G的值3、一振子沿x轴做简谐运动，平衡位置在坐标原点。t=0时振子的位移为-0.1m，t=1s时位移为0.1m，则（）A.若振幅为0.1m，振子的周期可能为sB.若振幅为0.1m，振子的周期可能为sC.若振幅为0.2m，振子的周期可能为4sD.若振幅为0.2m，振子的周期可能为8s4、如图所示；水平地面上放着一个表面均光滑的凹槽，槽两端固定有两轻质弹簧，一弹性小球在两弹簧间往复运动，把槽；小球和弹簧视为一个系统，则在运动过程中()

A.系统的动量守恒，机械能不守恒B.系统的动量守恒，机械能守恒C.系统的动量不守恒，机械能守恒D.系统的动量不守恒，机械能不守恒5、一个单摆做受迫振动，其共振曲线（振幅与驱动力的频率的关系）如图所示；则（）

A.此单摆的固有周期约为0.5sB.此单摆的摆长约为1mC.若摆长增大，单摆固有频率增大D.若摆长增大，共振曲线的峰将向右移动6、一列沿x轴负方向传播的简谐横波，t=2s时的波形如图（a）所示，x=2m处质点的振动图像如图（b）所示；则波速可能是（）

A.m/sB.m/sC.m/sD.m/s评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、图甲为一列简谐横波在t=0s时的波形图，图乙为平衡位置在x=2m处的质点的振动图象，A是平衡位置为x=1m的质点。下列说法中正确的是（）

A.该波沿x轴负方向传播B.该波的波速为2m/sC.0~1s时间内，A质点运动的路程为4cmE.t=3s时质点A位于平衡位置E.t=3s时质点A位于平衡位置8、如图（a），质量分别为mA、mB的A、B两物体用轻弹簧连接构成一个系统，外力F作用在A上，系统静止在光滑水平面上（B靠墙面），此时弹簧形变量为x。撤去外力并开始计时，A、B两物体运动的a-t图像如图（b）所示，S1表示0到t1时间内A的a-t图线与坐标轴所围面积大小，S2、S3分别表示t1到t2时间内A、B的a-t图线与坐标轴所围面积大小。下列说法正确的是（）

A.0到时间内，墙对B的冲量为0B.B运动后，弹簧的最大形变量等于C.mA：mB＝S3：S2D.S1－S2=S39、水平地面上有一个质量为6kg的物体，在大小为12N的水平拉力F的作用下做匀速直线运动，从x=2.5m位置处拉力逐渐减小，拉力F随位移x变化规律如图所示，当x=7m时拉力减为零，物体也恰好停下，取g=10N/kg；下列说法正确的是（）

A.2.5m后物体做匀减速直线运动B.合外力对物体所做的功为－27JC.物体在减速阶段所受合外力的冲量为－12N•SD.物体匀速运动时的速度大小3m/s10、如图所示；一块长方体木块，放在光滑水平面上。一颗子弹（可视为质点且不计重力）以某一速度水平向右射入木块，最后子弹留在木块中。则子弹在木块中相对木块运动的过程中，下列说法正确的是（）

A.子弹对木块的冲量大小等于木块对子弹的冲量大小B.子弹对木块做的功等于木块对子弹做的功C.子弹和木块组成的系统机械能守恒D.子弹和木块组成的系统动量守恒11、如图所示；木块静止在光滑水平面上，两颗不同的子弹A；B从木块两侧同时射入木块，最终都停在木块内，这一过程中木块始终保持静止，若子弹A射入木块的深度大于子弹B射入木块的深度，则（）

A.子弹A的质量一定比子弹B的质量小B.入射过程中子弹A受到的阻力比子弹B受到的阻力大C.子弹A在木块中运动的时间比子弹B在木块中运动的时间长D.子弹A射入木块时的初动能一定比子弹B射入木块时的初动能大12、质量为m2且各处光滑的带有四分之一圆弧（半径足够大）的轨道静止在光滑水平面上，现有一质量为m1的滑块以初速度v0水平冲上轨道（不脱离轨道）；下列说法正确的是（）

A.滑块冲上轨道的过程，m1和m2组成的系统动量守恒B.若m1=m2，则m1滑到最高点时速度为0C.若m1=m2，则m1上升的最大高度为D.m1滑下后，速度可能向左13、如图所示是单摆做阻尼振动的振动图象，下列说法正确的是（））

A.摆球时刻的动能等于B.时刻的动能摆球时刻的势能等于C.时刻的势能摆球时刻的机械能等于D.时刻的机械能摆球时刻的机械能大于时刻的机械能14、如图所示，一列简谐横波沿x轴传播，实线为t=0时刻的波形图，虚线为t=0.6s时刻的波形图，已知波的周期T>0.6s；下列说法正确的是（）

A.该波的波速可能为10m/sB.该波的波速可能为m/sC.t=0.9s时，Q点的位移可能为9mE.t=0.6s时，Q点的位移一定为1mE.t=0.6s时，Q点的位移一定为1m15、从波源质点O起振开始计时，经时间t=0.6s，x轴上距波源12m处的质点开始振动；此时波形如图所示，则下列说法正确的是（）

A.该列波的周期可能为0.8sB.O点的简谐振动方程为y=4sin5πt（cm）C.在0~0.3s时间内，x轴上2m处质点通过的路程为8cmE.在t=0.3s时，x轴上5m处质点位移大于2cm，且向y轴正方向振动E.在t=0.3s时，x轴上5m处质点位移大于2cm，且向y轴正方向振动评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、如图所示，实线表示两个相干波源S1、S2发出的波的波峰位置，b点在两个波源连线的中垂线上，则图中的___________点为振动加强的位置，图中的_______________点为振动减弱的位置。(选填“a”、“b”、“c”)17、动量定理。

（1）内容：物体在一个运动过程始末的___________等于它在这个过程中所受___________的冲量。

（2）公式：___________。

（3）动量定理的理解。

（a）动量定理反映了力的冲量与___________之间的因果关系，即合力的冲量是原因，物体的___________是结果。

（b）动量定理中的冲量是___________的冲量；而不是某一个力的冲量，它可以是合力的冲量，可以是各力冲量的矢量和，也可以是外力在不同阶段冲量的矢量和。

（c）动量定理表达式是___________式，等号包含了大小相等、方向相同两方面的含义。18、共振。

（1）概念：当驱动力的频率等于___________时，物体做受迫振动的振幅___________的现象。

（2）共振的条件：驱动力的频率等于___________。

（3）共振的特征：共振时___________最大。

（4）共振曲线（如图所示）。

19、如图，轻质弹簧一端固定，另一端连接套在水平光滑杆上的质量为m的小球A，A以O点为平衡位置振动。小球B在竖直平面内以O′为圆心做匀速圆周运动（O与O′在同一竖直线上），角速度为ω，半径为R。用竖直向下的平行光照射小球B，可以观察到小球B在水平杆上的“影子”和小球A在任何瞬间都重合。由此可知：小球A的振动周期为______，弹簧的劲度系数为______。

20、一列简谐横波在t=0时刻的波形如图所示，t=2s时刻，质点B第一次到达波峰，且从t=0时刻起，质点B比质点A早到达波峰，则该波沿x轴______（填“正”或“负”）方向传播；该波的波速大小为______m/s；0~6s内，质点A通过的路程为_______cm。

21、碰撞分类。动量是否守恒机械能是否守恒弹性碰撞守恒_______非弹性碰撞守恒有损失完全非弹性碰撞守恒损失______22、系统；内力与外力。

（1）系统：___________相互作用的物体构成的一个力学系统。

（2）内力：___________物体间的作用力。

（3）外力：系统___________的物体施加给系统内物体的力。23、如图所示，游标卡尺读数值为___________秒表读数为___________s。

24、如图甲为某汽车消声器，其结构简化为图乙，内部主要由两个通道构成，声音自入口进入后分成两部分，分别通过通道a、b继续向前传播，在右端汇聚在一起后从出口排出，该消声器消声主要利用了波的__________原理（填“多普勒效应”或“干涉”）；若要使该消声器产生稳定的消声效果，则a、b通道的长度要__________（填“相等”或“不相等”）。

评卷人得分四、作图题(共2题，共20分)25、如图所示，一列简谐波在x轴上传播，波速为50m/s。已知时刻的波形图像如图甲所示，图中M处的质点此时正经过平衡位置沿y轴的正方向运动。将时的波形图像画在图乙上（至少要画出一个波长）。

26、某同学做“测玻璃砖的折射率”的实验时；绘制的光路图如图所示，请通过尺规作图；刻度尺测量，求出该玻璃砖的折射率。（结果保留两位有效数字。）

评卷人得分五、实验题(共4题，共8分)27、利用气垫导轨做实验来验证动量守恒定律。开始时两个滑块静止，它们之间有一根被压缩的轻弹簧，滑块用绳子连接，绳子烧断后，两个滑块向相反方向运动。得到如图所示的两个滑块A、B相互作用后运动过程的频闪照片，频闪的频率为10Hz。已知滑块A、B的质量分别为200g、300g，根据照片记录的信息，A、B离开弹簧后，A滑块做匀速直线运动，其速度大小为___________m/s，本次实验中得出的结论是___________。

28、如图所示，某同学用插针法测定一半圆形玻璃砖的折射率．先在平铺的白纸上放半圆形玻璃砖，用铅笔画出直径所在的位置MN、圆心O以及玻璃砖圆弧线（图中半圆实线）；再垂直纸面插大头针P1、P2确定入射光线，并让入射光线过圆心O；最后在玻璃砖圆弧线一侧垂直纸面插大头针P3，使P3挡住P1、P2的像．移走玻璃砖，作出与圆弧线对称的半圆虚线，过O点作垂直于MN的直线作为法线；连接OP2P1，交半圆虚线于B点，过B点作法线的垂线交法线于A点；连接OP3，交半圆实线于C点，过C点作法线的垂线交法线于D点．

（1）测得AB的长度为l1，AO的长度为l2，CD的长度为l3，DO的长度为l4．计算玻璃砖折射率n的公式是n=__________（选用l1、l2、l3或l4表示）．

（2）该同学在插大头针P3前，不小心将玻璃砖以O为轴顺时针转过一个小角度，该同学测得的玻璃砖折射率将__________（选填“偏大”“偏小”或“不变”）．29、利用气垫导轨通过闪光照相进行“探究碰撞中的不变量”实验.

实验所用的装置：甲图两滑块分别装有弹性圈；乙图两滑块分别装有撞针和橡皮泥。则：

（1）若实验要求研究两滑块碰撞时机械能损失最大，应选图___________（选填“甲”或“乙”）；

（2）某次实验所用两滑块A、B的质量分别为碰撞前B滑块静止，A滑块匀速向B滑块运动并发生碰撞，利用频闪照相的方法连续4次拍摄得到的闪光照片如图丙所示。相邻两次闪光的时间间隔为在这4次闪光的过程中，A、B两滑块均在范围内，且第1次闪光时，滑块A恰好位于处.若A、B两滑块的碰撞时间及闪光持续的时间极短均可忽略不计。试根据闪光照片分析得出：

若选取水平向右为正方向，则两滑块碰撞前A的动量为___________两滑块碰撞后A的动量为______B的动量为__________通过实验数据分析，就可以找到碰撞前后的“不变量”。30、在光栅衍射实验中，光栅方程是______，其中d是______，是______，k是___________。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】

【详解】

ABCD．铁丝圈上的肥皂泡薄膜在重力作用下上薄下厚，在同一水平线上厚度基本一致，如果某一厚度处前后表面反射的同一列光波叠加得到加强，那么这一水平线上同一厚度处光波会加强，所以干涉条纹应是基本水平的。故D正确。

故选D。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．丹麦物理学家奥斯特通过实验证实了通电导线的周围存在着磁场；在世界上是第一个发现了电与磁之间的联系的物理学家，故A错误；

B．麦克思韦建立了经典的电磁场理论；赫兹用实验验证了电磁波的存在，故B错误；

C．惠更斯详尽地研究过单摆的振动；并确定了单摆的周期公式，故C正确；

D．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了引力常量G的值；故D错误。

故选C。3、A【分析】【详解】

AB．若振幅为0.1m，根据题意可知

可得振子的周期

可知

A正确；B错误；

CD．若振幅为0.2m，①若在t=0时的振子的位移为-0.1m且沿x轴负方向运动，在t=1s时位移为0.1m，且沿x轴正方向运动，根据题意可知

可得振子的周期

可知

②若在t=0时的振子的位移为-0.1m且沿x轴负方向运动，在t=1s时位移为0.1m，且沿x轴负方向运动，根据题意可知

可得振子的周期

可知

③若在t=0时的振子的位移为-0.1m且沿x轴正方向运动，在t=1s时位移为0.1m，且沿x轴正方向运动，根据题意可知

可得振子的周期

可知

④若在t=0时的振子的位移为-0.1m且沿x轴正方向运动，在t=1s时位移为0.1m，且沿x轴负方向运动；运动周期与第①种情况相同。

综合①②③④可知；C；D错误。

故选A。4、B【分析】试题分析：系统所受的合外力为零时；系统动量守恒．只有重力或只有弹力做功，系统的机械能守恒，根据动量守恒与机械能守恒的条件分析答题．

对于小球与弹簧组成的系统，小球在运动过程中只有弹力做功，所以系统的机械能守恒，弹簧的弹性势能是变化的，根据系统的机械能守恒知，系统的动能是变化的，由于墙壁对弹簧有作用力，系统所受的合外力不为零，则系统的动量不守恒，C正确．5、B【分析】【分析】

【详解】

AB．由图可知，此单摆的振动频率与固有频率相等，f=0.5Hz，则周期为

由图可知，此单摆的振动频率与固有频率相等，则周期为2s，由公式

可得

故A错误B正确；

CD．若摆长增加，由单摆周期公式

可知；单摆的固有周期增加，则固有频率减小，所以共振曲线的峰将向左移动，故CD错误。

故选B。6、A【分析】【分析】

【详解】

根据图b可知t=2s时x=2m处的质点正经过平衡位置向下振动；又因为该波向负方向传播，结合图a，利用“上下坡”法可知x=2m为半波长的奇数倍，即有（n=1，2，3）

而由图b可知该波的周期为T=4s；所以该波的波速为（n=1，2，3）

当n=3时可得波的速率为

故选A。二、多选题(共9题，共18分)7、A:B:C【分析】【详解】

A．由图乙可知，在0时刻，平衡位置在x＝2m处的质点要向上运动，所以该波沿x轴负方向传播；故A正确；

B．由图甲可知该波波长由图乙可知该波周期所以波速

故B正确；

C．在0~1s时间内；经历半个周期，A质点从波谷运动到了波峰，运动的路程为4cm，故C正确；

D．质点沿y轴方向上下运动，没有沿x轴方向运动；故D错误；

E．在t=3s时；质点A经历了1.5个周期，运动到了波峰位置，故E错误。

故选ABC。8、C:D【分析】【详解】

A．设物体A在t1时刻的速度为在t2时刻物体A、物体B的速度分别为0到时间内，根据动量定理，对物块A有

设墙对B的冲量为I，对物块B有

由a-t图线面积表示物体速度变化量

解得

故A错误；

B．由图可知，当物体B运动后，物体A的加速度小于0时刻的加速度，则弹簧的型变量小于x；故B错误；

C．到时间内，由图像可知a-t图线面积表示物体速度变化量，则

根据动量定理，对物块A有

对物块B有

解得

故C正确；

D．由图可知，物体A和物体B在的加速度为0，此时物体A和物体B速度相等可得

则

故D正确。

故选CD。9、B:D【分析】【详解】

A．由题意知2.5m后拉力逐渐减小；摩擦力不变，所以合外力在改变，根据牛顿第二定律可知加速度也在改变，不是匀减速直线运动，故A错误；

B．图象与坐标轴围成的面积表示拉力做的功，则由图象可知

物体做匀速运动时，受力平衡，则f=F=12N

所以

所以滑动摩擦力做的功

所以合外力做的功为

故B正确；

CD．根据动能定理有

代入数据解得根据动量定理可知，物体在减速过程中合外力的冲量等于动量的变化量，即

故C错误；D正确。

故选BD。10、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据牛顿第三定律；子弹对木块的作用力大小等于木块对子弹的作用力大小，作用时间相同，根据。

子弹对木块的冲量大小等于木块对子弹的冲量大小；A正确；

B．子弹对木块的作用力大小等于木块对子弹的作用力大小；但是子弹的位移大于木块的位移，子弹对木块做的功不等于木块对子弹做的功，B错误；

C．子弹射入木块的过程中；木块对子弹的平均阻力对系统做功，所以系统的机械能不守恒，C错误；

D．子弹和木块组成的系统；合外力为零，动量守恒，D正确。

故选AD。11、A:D【分析】【详解】

BD．由于木块始终保持静止状态，则两子弹对木块的推力大小相等，则两子弹所受的阻力大小相等，设为f，对A子弹，根据动能定理得-fdA=0-EkA

得EkA=fdA

对B子弹-fdB=0-EkB

得EkB=fdB

由于dA＞dB，则有子弹入射时的初动能EkA＞EkB

故B错误；D正确；

C．子弹A；B从木块两侧同时射入木块；木块始终保持静止，所以两子弹在木块中运动时间必定相等，否则木块就会运动，故C错误；

A．对两子弹和木块组成的系统动量守恒，则有

而EkA＞EkB

则得到mA＜mB

故A正确；

故选AD。12、C:D【分析】【详解】

A．由于m2为各处光滑的带有四分之一圆弧轨道，滑块冲上轨道的过程，水平方向合外力为0，m1和m2组成的系统只有重力做功；系统机械能守恒且在水平方向动量守恒，故A错误；

BC．则m1滑到最高点时有m1v0=（m1+m2）v共

当m1=m2时，解得

故B错误；C正确；

D．m1滑上m2又返回直到m1离开m2的整个过程中，系统水平方向动量守恒。选取向右为正方向，由动量守恒定律得m1v0=m1v1+m2v2

假设是弹性碰撞，由机械能守恒得

解得

如果m1<m2，则v1<0，即m1离开m2后速度方向向左；故D正确。

故选CD。13、B:D【分析】【详解】

因为单摆做阻尼振动，因为要不断克服空气阻力做功，振幅逐渐减小，使得机械能逐渐转化为其他形式的能，机械能不断减小，由于两时刻单摆的位移相同，位置一样，所以势能相等，因为机械能减小，所以动能减小，BD正确．14、A:D:E【分析】【详解】

AB．由于波的周期T>0.6s，若波向右传播，有T=0.6s

则T=2.4s

根据公式可得v=m/s

若波向左传播，有T=0.6s

故T=0.8s

则v=10m/s

B错误；A正确；

CDE．t=0时，Q点位移为

t=0.6s时，Q点的位移为

若波向右传播，Q点的路程为2m，若波向左传播，Q点的路程为

C错误；DE正确。

故选ADE。15、B:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．由波形图可知；图像是一个半周期，所以周期为。

故A错误；

B．由。

得O点的简谐振动方程为。

故B正确；

C．由图可知，t=0.1s时，x轴上2m处的质点开始振动。故在0~0.3s时间内，x轴上2m处质点振动的时间为0.2s，即为周期的故通过的路程为。

故C正确；

D．根据。

由图可知，在t=0.3s时，x轴上8m处质点还未发生振动；故D错误；

E．由图可知，在t=0.3s时，x轴上5m处质点向y轴正方向振动；根据正弦函数图像的性质可知质点的位移大于2cm，故E正确。

故选BCE。三、填空题(共9题，共18分)16、略

【分析】【详解】

[1]{2}根据图像可知，c处是波谷与波谷相遇的位置，所以c点是加强点；b点正好在加强点构成的连线上，即处在加强区内，所以b点也是加强点；a处是波峰与波谷相遇的位置，所以a点是减弱点。【解析】bca17、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]动量定理的内容为：物体在一个运动过程始末的动量变化量等于它在这个过程中所受合力的冲量。

(2)[3]相应的公式为mv′-mv=F(t′-t)或p′-p=I

(3)[4][5]动量定理反映了力的冲量与动量变化量之间的因果关系；即合力的冲量是原因，物体的动量变化量是结果。

[6]动量定理中的冲量是合力的冲量；而不是某一个力的冲量，它可以是合力的冲量，可以是各力冲量的矢量和，也可以是外力在不同阶段冲量的矢量和。

[7]动量定理表达式是矢量式，等号包含了大小相等、方向相同两方面的含义。【解析】①.动量变化量②.合力③.mv′-mv=F(t′-t)或p′-p=I④.动量变化量⑤.动量变化量⑥.合力⑦.矢量18、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]当驱动力的频率等于固有频率时；物体做受迫振动的振幅最大的现象。

（2）[3]共振的条件：驱动力的频率等于固有频率。

（3）[4]共振的特征：共振时振幅最大。【解析】①.固有频率②.最大③.固有频率④.振幅19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]小球B在水平杆上的“影子”和小球A在任何瞬间都重合，则小球B在水平方向上的影子的速度时刻与小球A的速度相等，小球A振动周期与小球B做匀速圆周运动周期相等即

[2]小球B做匀速圆周运动线速度为

加速度为

在水平方向上B的加速度水平分量与A的加速度相同，当小球A到达最左端和最右端时的加速度最大，此时B的加速度水平分量恰好等于其向心加速度，即小球A的最大加速度与小球B做匀速圆周运动的向心加速度相等为则有。

弹簧的弹力

解得弹簧的劲度系数为【解析】mω220、略

【分析】【详解】

[1]从t=0时刻起，质点B比质点A早到达波峰，说明此刻质点A振动方向向下，是其右边的质点带动它振动，则波的传播方向沿x轴负方向；

[2]t=2s时刻，质点B第一次到达波峰，根据波形图可知，质点B在2s内振动了可得T=4s

根据波形图可知波长由波速公式带入可解得v=1m/s

[3]由于6s=所以6s内质点A运动的路程是振幅A的6倍S=6A=24cm【解析】负12421、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]弹性碰撞满足动量守恒及机械能守恒。

[2]完全非弹性碰撞满足动量守恒，机械能有损失，且损失量最大。【解析】守恒最大22、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】两个（或多个）系统中以外23、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺的分度值为0.1mm，游标卡尺的读数为17mm+7×0.1mm=17.7mm

[2]秒表的读数为60s+7.3s=67.3s【解析】17.767.324、略

【分析】【详解】

[1][2]该消声器的消声原理为波的干涉；利用声波沿两个通道传播的路程差为半个波长的奇数倍，就能产生稳定的消声效果，因此通道长度不能相等。【解析】干涉不相等【评分标准:每空2分】评分标准:每空2分】评