2025年新科版选修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新科版选修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，R3是光敏电阻，当开关S闭合后在没有光照射时，a、b两点等电势，当用光照射电阻R3时；则（）

A.R3的电阻变小，a点电势低于b点电势B.R3的电阻变小，a点电势高于b点电势C.R3的电阻变小，a点电势等于b点电势D.R3的电阻变大，a点电势低于b点电势2、如图所示的电路，电压表的内阻很大，电流表的内阻很小，电源电动势和内阻一定，将变阻器的滑片P由a向b滑动时()

A.电压表的示数变大B.电流表的示数先变大再变小C.灯泡亮度变大D.ab两端的电压升高3、江河、湖、海、湿地、森林和草原等在调节水平衡中发挥着重要作用。关于地球水循环，下列说法正确的是（）A.地表水和海水放出热量后，汽化成水蒸气B.部分上升的水蒸气与冷空气接触，会液化成小水滴C.小水滴遇到更冷的气流时吸收热量，凝华成小冰珠D.小冰珠在降落过程中放出热量，熔化成雨水4、在如右上图所示的电路中，电池的电动势为E，内电阻为r，R1、R2为两个阻值固定的电阻；当可变电阻R的滑片向下移动时，安培表的示数I和伏特表的示数U将（）

A.I变大，U变大B.I变大，U变小C.I变小，U变大D.I变小，U变小5、远距离输电装置如图所示；升压变压器和降压变压器均是理想变压器，输电线等效电阻为R。下列说法正确的是。

A.当开关由a改接为b时，电压表读数变大B.当开关由a改接为b时，电流表读数变大C.闭合开关后，电压表读数变大D.闭合开关后，电流表读数变大6、如图所示为波沿着一条右端固定的绳子传播到点的波形图，由图可判断出点开始振动的方向（）

A.向左B.向右C.向上D.向下7、如图所示，为一圆形区域的匀强磁场，在O点处有一放射源，沿半径方向射出速度为v的不同带电粒子，其中带电粒子1从A点飞出磁场，带电粒子2从B点飞出磁场；不考虑带电粒子的重力，则（）

A.带电粒子1的比荷与带电粒子2的比荷比值为1：3B.带电粒子1的比荷与带电粒子2的比荷比值为C.带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为2：1D.带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为2：3评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、干电池的电动势为，这表示（））A.干电池在内将B.的化学能转化为电能C.干电池与外电路断开时两极间电势差为干电池把化学能转化为电能的本领比电动势为D.的蓄电池强当干电池接入电路时，电路中每通过的电荷量，干电池把的化学能转化为电能9、电动势为E.内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路；当滑动变阻器的触头由中点滑向a端时，下列说法正确的是（ ）

A.定值电阻R2电功率增大B.电压表和电流表读数都减小C.通过滑动变阻器R中的电流增大D.电压表的示数增大，电流表的示数减小10、在热学中，要描述一定气体的宏观状态，需要确定下列哪些物理量（）A.每个气体分子的运动速率B.压强C.体积D.温度11、下列说法正确的是______A.水池中水的温度相同，水底一小气泡因扰动而上升时一定吸热B.悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显C.同一容器中同种气体所有的分子运动速率基本相等E.压缩汽缸内气体时要用力推活塞，这表明气体分子间的作用力主要表现为斥力E.压缩汽缸内气体时要用力推活塞，这表明气体分子间的作用力主要表现为斥力12、如图所示，边长为L.总电阻为R的粗细均匀的正方形导线框abcd放置在光滑水平桌面上，其cd边右侧紧邻磁感应强度为B、宽度为2L的有界匀强磁场．现使线框以速度vo匀速通过磁场区域，设刚进入磁场时口、两点间的电势差为u0，线框所受安培力大小为Fo．从开始进入到完全离开磁场的过程中，下列图线能反映线框口、两点间的电势差Uab和线框所受安培力F（取向右为正）随时间变化规律的是。

A.B.C.D.13、物体A做简谐运动的位移物体B做简谐运动的位移则下列说法正确的是（）A.振幅是矢量，A的振幅是6m，B的振幅是10mB.周期是标量，A、B周期相等为100sC.A振动的频率等于B振动的频率D.A的相位始终超前B的相位评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、如图为一定质量的理想气体的体积与热力学温度的关系图像，该气体的状态经历的变化过程。气体状态由过程中，气体压强________（选填“增大”“不变”或“减小”）；若整个过程中气体放出的热量为则整个过程外界对气体所做的功为________。

15、如图所示的电路，水平放置的上下可移动的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，若保持电容器两极板间的距离不变，将滑动变阻器的滑片P向左移动，液滴将___________（填“向上运动”、“向下运动”或“不动”）；若保持变阻器的滑片P的位置不变，减小电容器两极板间的距离，液滴将_________（填“向上运动”；“向下运动”或“不动”）。

16、紧闭瓶盖的塑料瓶下方开一个小孔，让瓶中的水流出，此过程中瓶内气体可看成________过程；当水流停止后，瓶内液面与小孔间的高度差为h，则此时瓶内气体的压强为________。（已知液体密度ρ，重力加速度g，外界大气压P0）17、一质点作简谐运动，它从最大位移处经0.3s第一次到达某点M处，再经0.2s第二次到达M点，则其振动频率为__________Hz。18、一列波沿x轴正方向传播的简谐波，在t=0时刻的波形图如图所示，已知这列波在P出现两次波峰的最短时间是0.4s；根据以上可知：

(1)这列波的波速是____m/s；

(2)再经过___s质点R才能第一次到达波峰；

(3)这段时间里R通过的路程为___cm。19、已知光速为c，普朗克常数为h，则频率为ν的光子的动量为______．用该频率的光垂直照射平面镜，光被镜面全部垂直反射回去，则光子在反射前后动量改变量的大小为______．20、“正电子湮没”是指正电子与电子相遇后一起消失而放出光子的过程，若一个电子和一个正电子相撞发生湮灭转化成一对光子，正、负电子的质量均为相碰前动能均为光速为普朗克常量为则对撞过程中系统动量_____（选填“守恒”、“不守恒”），光子的频率为_________．评卷人得分四、作图题(共3题，共12分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共1题，共9分)24、要测量一电源的电动势E（小于3V）和内阻r（约1Ω），现有下列器材：理想电压表V（3V和15V两个量程）、电阻箱R（0~999.9Ω）、定值电阻R0=3Ω；开关和导线。某同学根据所给器材设计如下的实验电路：

（1）电路中定值电阻R0的作用是__________；

（2）请根据图甲电路，在图乙中用笔画线代替导线连接电路_______；

（3）该同学调节电阻箱阻值R，读出对应的电压表示数U，得到二组数据：R1=2Ω时，U1=2.37V，R2=4Ω时，U2=2.51V。由这二组数可求得电源的电动势E=_______V，内阻r=_______Ω。（结果保留三位有效数字）参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

取电源的负极电势为零，a点的电势等于R4两端的电压，b点的电势等于R2两端的电压；光敏电阻的电阻随温度的升高而降低，故R3的电阻减小；没有光照时，a、b两点电势相等，有光照以后，两支路两端的电压相等，因R1、R2支路中电阻没有变化，故R2的分压比不变；而由于R3的电阻减小，故R4分压增大，故a端的电势要高于b端，故B正确，ACD错误．2、C【分析】【详解】

AB.变阻器的滑片P由a向b滑动时；总电阻减小，总电流增大，电流表的示数变大，滑动变阻器左侧电阻与灯泡的并联电阻增大，电压增大，电源内电压增大，所以滑动变阻器右侧电阻的电压及电压表的示数变小，故A错误，B错误；

C.左侧电阻与灯泡的并联电阻增大；电压增大，灯泡亮度变大，故C正确；

D．根据闭合电路的欧姆定律，U=E-Ir，ab两端的电压即路端电压降低；故D错误．

故选：C．3、B【分析】【详解】

A．地表水和海水吸热后才能汽化为水蒸气；故A错误；

B．部分上升的水蒸气与冷空气接触；由气态的水蒸气变成液态的水，发生液化现象，故B正确；

C．小水滴遇到更寒冷的气流；放出热量，由液态的小水滴变成固态的小冰晶，是凝固现象，故C错误；

D．小冰珠在降落过程中会吸收热量；由固态熔化成雨水，故D错误。

故选B。4、B【分析】当R的滑动触头P向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知总电流I增大，电压表测量路端电压U，而U=E-Ir，I增大，E、r不变，则U变小；R1两端电压变大，R2两端变小，通过R2电流减小；总电流变大，通过A的电流变大，故B正确．

点晴：电路的动态分析：析的顺序：外电路部分电路变化→总电阻的变化→判断总电流的变化→由闭合电路欧姆定律判断U的变化→由部分电路欧姆定律分析固定电阻的电流、电压的变化欧→用串、并联规律分析变化电阻的电流、电压电功．5、D【分析】当开关由a改接为b时，升压变压器的原线圈匝数增加，副线圈匝数不变，所以输送电压变小，降压变压器的输入电压和输出电压均变小，电压表读数变小，选项A错误；当开关由a改接为b时，输送电压变小，升压变压器的输出功率变小，电源的输入功率P1=I1U1也变小，则通过升压变压器原线圈的电流I1变小，即电流表读数变小，选项B错误；闭合开关后，负载电阻减小，输电电流增大，则线路损失电压增大，降压变压器的输入电压和输出电压均变小，电压表读数变小，选项C错误；闭合开关后，输电电流增大，则通过原线圈中的电流增大，电流表读数变大，选项D正确。6、D【分析】【详解】

由题图可知波向右传播,传播到点，点刚开始振动且振动方向向下，其重复波源A的运动，所以A点开始振动的方向向下.

A.向左与分析结果不相符；故A项不合题意.

B.向右与分析结果不相符；故B项不合题意.

C.向上与分析结果不相符；故C项不合题意.

D.向下与分析结果相符；故D项符合题意.7、D【分析】粒子在磁场中做圆周运动；运动轨迹如图所示：

由数学知识可知，粒子做圆周运动转过的圆心角分别是：φA=120°，φB=60°，设粒子的运动轨道半径为rA，rB，解得：．洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：可得则粒子1与粒子2的比荷值为：故AB错误；粒子运动的周期，粒子运动的时间：带电粒子1与带电粒子2在磁场中运动时间比值为：故C错误，D正确．所以D正确，ABC错误．二、多选题(共6题，共12分)8、B:D【分析】【详解】

电动势反应电源把化学能转化为电能的本领，是电源每搬运电荷量所做的功，与时间无关，A错误，D正确；断路电势差等于电动势，B正确；蓄电池转化为电能的本领比的大；C错误．故选BD.

点睛：本题关键是明确电动势的概念、物理意义、单位．要掌握电动势的定义式E=W/q，知道W是非静电力做功．9、B:C【分析】【分析】

由图可知R2与R并联后与R1串联，电压表测路端电压，电流表测量流过R2的电流；滑片向a端移动时；滑动变阻器接入电阻减小，则由闭合电路的欧姆定律可知电路中干路电流的变化及路端电压的变化；再分析并联电路可得出电流表示数的变化．

【详解】

当滑片向a滑动时，R接入电阻减小，总电阻减小，由闭合电路的欧姆定律可知电路中总电流I增加，干路电流增加，内电压增加，由U=E-Ir可知路端电压减小，即电压表示数减小；因路端电压减小，R1两端的电压增加，故并联部分电压减小，由欧姆定律可知电流表示数减小；由公式可知，定值电阻R2电功率减小；

由上述分析可知；故应选：BC．

【点睛】

本题中R1也可直接作为内电阻处理，可直接由闭合电路欧姆定律得出并联部分的电压增大，流过R2的电流增大．10、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

描述系统的宏观状态；其参量是宏观量，每个气体分子的运动速率是微观量，不是气体的宏观状态参量。气体的压强；体积和温度分别是从力学、几何、热学三个角度对气体的性质进行的宏观描述，是确定气体宏观状态的三个状态参量。

故选BCD。11、A:B:D【分析】【详解】

A．气泡上升过程压强不断减小；气泡逐渐胀大，就要对外做功，然而温度还不变，于是它肯定不断吸热．所以A正确．

B．悬浮在液体中的颗粒越小,在某一瞬间跟它相撞击的分子数越小.布朗运动微粒大小在10-6m数量级,液体分子大小在10-10m数量级,撞击作用的不平衡性就表现得越明显,因此,布朗运动越明显.B正确．

C．同一容器中同种气体所有的分子运动速率不一定相等；C错误．

D．按机械能与内能转化的方向性表述：不可能从单一热源吸收热量；使之完全变成功，而不产生其他影响．熵增加原理的内容：在任何自然过程中，一个孤立系统的总熵不会减小．如果过程可逆，则熵不变；如果过程不可逆，则熵增加．从微观的角度看，热力学第二定律是一个统计规律：一个孤立系统总是从熵小的状态向熵大的状态发展，而熵值较大代表着较为无序，所以自发的宏观过程总是向无序度更大的方向发展．所以D正确．

E．分子间的引力和斥力是同时存在的，它们的大小随分子间的距离而发生变化．当时，合力表现为斥力，当时；合力表现为引力．E错误．

所以选择ABD．12、A:D【分析】【详解】

线框进入和穿出磁场时，感应电流方向相反，但安培力均阻碍线框的运动，大小相同，方向均向左，在磁场中运动过程无感应电流，不受安培力作用，则C错D对．进磁场时，cd边等效为电源，ab边电压出磁场时，ab边等边为电源，ab边电压为等效电源的路端电压则A对B错．13、C:D【分析】【详解】

A．振幅是标量；A；B的振动范围分别是6m、10m，但振幅分别为3m、5m，A错误；

B．振动周期

B错误；

C．因为故C正确；

D．两物体振动的相位差

D正确。

故选CD。三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【详解】

[1]气体状态由过程中

所以是等压过程；气体压强不变。

[2]的整个过程气体温度不变，内能不变，则

整个过程中气体放出的热量为由热力学第一定律可知

解得整个过程外界对气体所做的功为【解析】不变Q15、略

【分析】【详解】

[1]因开始时液滴受力平衡，故液滴受上的电场力等于重力；当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电阻变大，则电路中电流减小，故R2两端的电压减小；因电容器与R2并联，故电容器两端的电压减小，根据

则电容器内部的场强E减小；液滴受电场力减小，故液滴将向下运动；

[2]当滑片不动时，电容器两端的电压不变，减小极板间的距离，根据

则电容器内部的场强E增大，故受电场力增大，故液滴将向上运动。【解析】向上运动向上运动16、略

【分析】【详解】

在让瓶中的水流出过程中，气体的温度没发生变化，所以是等温变化；当水流停止后，瓶内液面与小孔间的高度差为h，根据压强关系可知：，解得气体压强：【解析】等温17、略

【分析】【详解】

质点作简谐运动，它从最大位移处经0.3s第一次到达某点M处，再经0.2s第二次到达M点，从M位置沿着原路返回到最大位移的时间也为0.3s，故完成一个全振动的时间为：T=0.3+0.2+0.3=0.8s，故频率为：．【解析】1.2518、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)依题；P点两次出现波峰的最短时间是0.4s，所以这列波的周期T=0.4s。由波速公式得。

(2)由t=0时刻到R第一次出现波峰；波移动的距离s=7m

则

(3)在上述时间内，R实际振动时间

因此R通过的路程为

故本题答案是：(1)10；(2)0.7；(3)6【解析】100.7619、略

【分析】【详解】

根据光子的动量公式取入射的方向为正方向，则光子动量的变化量为

【点睛】

光子的动量的公式以及动量的矢量性．【解析】①.②.20、略

【分析】【详解】

光子无静止的质量，撞过程中动量守恒，则电子对撞过程中的质量亏损为．由爱因斯坦质能方程中电子对撞放出的能量为根据能量守恒得，每个光子的能量为又联立得到，光子的频率【解析】守恒四、作图题(共3题，共12分)21、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的