2025年人教五四新版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教五四新版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，一质量为m、电荷量为＋q的圆环可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为B的匀强磁场中，不计空气阻力，现给圆环向右的初速度v0，在以后的运动过程中，圆环运动的速度图象可能是图中的（）A.②③B.①③C.②④D.①④2、如图所示，两个相通的容器P、Q间装有阀门K．P中充满气体，Q内为真空，整个系统与外界没有热交换，打开阀门K后，P中的气体进入Q中，最终达到平衡，则（）A.气体体积膨胀，内能增加B.气体分子势能减少，内能增加C.气体分子势能增加，压强可能不变D.Q中气体不可能自发的全部退回到P中3、将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷分别用dUE

和Q

表示.

下列说法正确的是(

)

A.保持U

不变，将d

变为原来的两倍，则E

变为原来的两倍B.保持E

不变，将d

变为原来的一半，则U

变为原来的两倍C.保持d

不变，将Q

变为原来的两倍，则U

变为原来的一半D.保持d

不变，将Q

变为原来的一半，则E

变为原来的一半4、有一条捕鱼小船停靠在湖边码头，小船又窄又长，一位同学想用一个卷尺粗略测定它的质量，他进行了如下操作：首先将船平行码头自由停泊，然后他轻轻从船尾上船，走到船头后停下，而后轻轻下船，用卷尺测出船后退的距离d

然后用卷尺测出船长L.

已知他自身的质量为m

则渔船的质量为(

)

A.m(L+d)d

B.m(L鈭�d)d

C.mLd

D.m(L+d)L

5、静电喷涂机原理如图所示．静电喷涂机接高压电源，工作时涂料微粒会向带正电的被喷涂工件高速运动，微粒最后被吸到工件表面．关于静电喷涂机的涂料微粒，下列表述正确的有（）A.微粒带正电B.微粒带负电C.微粒受安培力作用D.微粒受洛伦兹力作用6、一束电子流沿x轴正方向高速运动，如图所示，则电子流产生的磁场在z轴上的P点处的方向是（）A.沿y轴正方向B.沿y轴负方向C.沿z轴正方向D.沿z轴负方向7、如图所示，一个矩形金属线圈abcd

放在垂直于纸面向里的匀强磁场中.

在下列各种运动中，整个线圈始终处于磁场内，其中能使线圈中产生感应电流的是(

)

A.沿纸面向右移动线圈B.沿纸面向下移动线圈C.垂直纸面向外移动线圈D.以ad

为轴转动线圈评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)8、将一个电荷量为1.0×10-8C的正点电荷从电场中的A点移到B点，电场力做的功为2.4×10-6J，则A、B间的电势差为UAB=____V，A、B两点中____点的电势高．9、元电荷的电荷量为______C，写出带有一个元电荷电量的微粒______．10、电荷守恒定律：电荷既不能被______，也不能被______，只能从一个物体转移到另一个物体；或从物体的一部分转移到另一部分，在转移的过程中，电荷的总量______．11、某电容器的电容C=20μF，带有Q=2.0×10-4C的电量．如果继续给它充电，使电容器带的电量增加1.0×10-4C的，这时该电容器的电容C=____________，两极板间电压将增加____________V．12、气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在势能缘故．______．（判断对错）评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)13、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）14、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

15、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）评卷人得分四、识图作答题(共1题，共5分)19、花椰菜易受黑腐病菌的危害而患黑腐病。野生黑芥具有黑腐病的抗性基因。用一定剂量的紫外线处理黑芥原生质体可使其染色体片段化，并丧失再生能力。再利用此原生质体作为部分遗传物质的供体与完整的花椰菜原生质体融合，以获得抗黑腐病杂种植株。流程如下图。据图回答下列问题：(1)过程①所需的酶是_______________________________________________________。(2)原生质体培养液中需要加入适宜浓度的甘露醇以保持一定的渗透压，其作用是______________________。原生质体经过________再生，进而分裂和脱分化形成愈伤组织。(3)若分析再生植株的染色体变异类型，应剪取再生植株和________植株的根尖，制成临时装片，然后在显微镜下观察比较染色体的形态和数目。(4)采用特异性引物对花椰菜和黑芥基因组DNA进行PCR扩增，得到两亲本的差异性条带，可用于杂种植株的鉴定。下图是用该引物对双亲及再生植株1～4进行PCR扩增的结果。据图判断，再生植株1～4中一定是杂种植株的有____________________。(5)对杂种植株进行________接种实验，可筛选出具有高抗性的杂种植株。评卷人得分五、推断题(共3题，共21分)20、根据下面的反应路线及所给信息；回答下列问题：

rm{(1)11.2L(}标准状况rm{)}的烃rm{A}在氧气中充分燃烧可以产生rm{88gCO_{2}}和rm{45gH_{2}O}rm{A}的分子式是___________________rm{(2)A}有支链，rm{B}和rm{C}均为一氯化烃，它们的结构简式分别为____________，_____________rm{(3)D}的系统命名法名称__________________________rm{(4)垄脵}rm{垄脹}的反应类型依次是___________________，__________________rm{(5)}写出rm{垄脷}rm{垄脹}的反应化学方程式______________________________________rm{(6)}rm{A}的同分异构体的一种二氯代物rm{G}其核磁共振氢谱图上有两组峰，且峰面积之比为rm{1:1}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加热，充分反应后生成rm{H}rm{H}的结构简式为_________________请写出rm{H}发生加聚反应的化学方程式__________________21、I、（1）含氰废水中的CN－有剧毒。在微生物的作用下，CN－能够被氧气氧化成HCO3－，同时生成NH3，该反应的离子方程式为____。

（2）含乙酸钠和对氯酚（）的废水可以利用微生物电池除去，同时提供电能，其原理如图所示。则A极的电极反应式为：____。

II、锌钡白是一种白色颜料。工业上是由ZnSO4与BaS溶液混合而成：BaS＋ZnSO4＝ZnS↓＋BaSO4↓。请根据以下工业生产流程回答有关问题。ZnSO4溶液的制备与提纯：有关资料：a．菱锌矿的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2(OH)2CO3等；b．Zn(OH)2与Al(OH)3相似，能溶于过量的NaOH溶液生成Na2ZnO2。（1）滤渣1的化学式为____；（2）②中使用的氧化剂最好是下列的____（选填字母代号）。A．Cl2B．浓HNO3C．KMnO4D．H2O2____（3）为了达到综合利用、节能减排的目的，上述流程步骤④中的CO2可以来自于步骤____（选填①、②、③、⑤）。（4）写出步骤④所发生的离子方程式____。22、A、rm{B}rm{C}rm{X}是中学化学常见的物质，rm{A}rm{B}rm{C}均由短周期元素组成，转化关系如图。请针对以下三种不同情况回答：

rm{(1)}若rm{A}rm{B}rm{C}中均含同一种常见金属元素，该元素在rm{C}中以阴离子形式存在，将rm{A}rm{C}的水溶液混合可得rm{B}的白色胶状沉淀。rm{垄脵A}中含有的金属元素为________rm{(}写元素名称rm{)}它在周期表中的位置为__________。rm{垄脷}该金属元素的单质与某氧化物在高温下反应，常用于焊接铁轨及定向爆破，该反应的化学方程式为___________________。rm{(2)}若rm{A}为稀rm{HNO_{3}}rm{X}为常见黑色金属单质，写出rm{A}与rm{B}反应离子方程式___________。rm{(3)}若rm{A}rm{B}rm{C}三种化合物的焰色反应均呈黄色，水溶液均为碱性；将rm{C}加到盐酸中，有无色无味的气体rm{X}产生。rm{垄脵A}中所含有的化学键是________________rm{垄脷}自然界中存在rm{B}rm{C}和rm{H_{2}O}按一定比例结晶而成的固体，取一定量该固体溶于水配成一定物质的量浓度溶液rm{100mL}所用到的玻璃仪器有玻璃棒、烧杯、________、_____________。rm{垄脹}若测得上述溶液中金属阳离子的浓度为rm{0.5mol/L.}若取相同质量的固体加热至恒重，剩余固体的质量为_____________rm{g}评卷人得分六、综合题(共4题，共32分)23、在列车编组站里，一辆m1=3.6×104kg的甲货车在平直轨道上以v1=2m/s的速度运动，碰上一辆m2=2.4×104kg的静止的乙货车，它们碰撞后结合在一起继续运动，求货车碰撞后运动的速度以及甲货车在碰撞过程中动量的变化量．24、[

物理隆陋隆陋

选修3鈭�4]

(1)

如图所示；AB

是某一列简谐波传播路径上的两个振动的质点，其平衡位置相距1mA

比B

早振动了时间t(t

小于4s)

从某一时刻开始计时，两质点的振动图象如图所示，每个质点开始起振的方向均沿y

轴正向，则下列说法正确的是_________(

填正确答案标号。)

A.

时间t=3s

B.

简谐波的波长为4m

C.

简谐波的波速为13m/s

D.

当B

点开始起振时，A

点位于波峰E.

当A

点位于波峰时，B

点位于平衡位置(2)

如图所示，平行透明介质的截面ABCD

为边长为L

的正方形，一束单色光垂直照射在AB

边的中点O

结果光穿过介质所用时间为4L3cc

为光在真空中传播的速度，将此单色光绕O

点在纸面内沿逆时针方向转动90鈭�

求：垄脵

此介质对光的折射率。垄脷CD

边有光射出的长度。25、(1)

下列说法正确的是________A.一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行B.足球充足气后很难压缩，是足球内气体分子间斥力作用的结果C.一定质量的理想气体经过等容过程，吸收热量，其内能一定增加D.附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时，液体与固体间表现为浸润E.一定质量的理想气体保持体积不变，单位体积内、分子数不变，虽然温度升高，单位时间内撞击单位面积上的分子数不变(2)

如图所示，质量为m=6kg

的绝热气缸(

厚度不计)

横截面积为S=10cm2

倒扣在水平桌面上(

与桌面有缝隙)

气缸内有一绝热的"T"型活塞固定在桌面上，活塞与气缸封闭一定质量的理想气体，活塞在气缸内可无摩擦滑动且不漏气.

开始时，封闭气体的温度为t0=27鈭�C

压强P=0.5隆脕105Pag

取10m/s2

大气压强为P0=1.0隆脕105Pa.

求：

垄脵

此时桌面对气缸的作用力大小FN

垄脷

通过电热丝给封闭气体缓慢加热到t2

使气缸刚好对水平桌面无压力，求t2

的值．26、淮安市某发电厂引进秸秆焚烧发电机设备，该发电机输出功率为40kW，输出电压为400V，用变压比(原、副线圈匝数比)为n1：n2=1：5的变压器升压后向某小区供电，输电线的总电阻为r=5Ω；到达该小区后再用变压器降为220V．

(1)画出输电过程的电路示意图；

(2)求输电线上损失的电功率；

(3)求降压变压器的变压比n3：n4．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B|D【分析】【解析】试题分析：若在运动时，洛伦兹力恰好等于重力即Bvq=mg，此刻没有支持力，即也没有摩擦力，所以物体匀速直线运动，1图像有可能，所以排除AC。若速度较大，导致支持力向上，则摩擦力阻碍物体运动，导致速度变小，最终物体应该做匀速直线运动，所以4有可能。若洛伦兹力小于重力，则摩擦力使得速度越来越小，直到停止，3也有可能，答案为BD考点：受力分析【解析】【答案】BD2、D【分析】解：A；气体在真空中膨胀；对外不做功，故由热力学第一定律可得，气体的内能不变，故A错误；

B；气体由于分子间距离较大；只有体积的变化，无法确定分子势能的变化，同时因体积增大，压强应减小，故BC错误；

D；由热力学第二定律可知；Q中的气体不可能自发的全部退回到P中，故D正确；

故选D．

打开阀门后；气体膨胀对外做功，则由热力学第一定律可得内能的变化；由热力学第二定律可得出气体能否退回到P中．

本题考查热力学第一、二定律，注意虽然体积与分子势能有关，但却不能说体积增大，分子势能就增大或减小．【解析】【答案】D3、D【分析】解：A

保持U

不变，将d

变为原来的两倍，根据公式E=Ud

可知；E

变为原来的一半.

故A错误．

B；保持E

不变；将d

变为原来的一半，由U=Ed

可知，U

变为原来的一半.

故B错误．

C、保持d

不变，电容C

不变，将Q

变为原来的两倍，由公式C=QU

分析可知；U

变为原来的两倍.

故C错误．

D、保持d

不变，电容C

不变，将Q

变为原来的一半，由公式C=QU

分析可知，U

变为原来的一半，由E=Ud

分析知；E

变为原来的一半.

故D正确．

故选：D

保持U

不变，根据公式E=Ud

分析E

与d

的关系；保持E

不变，U

与d

正比；保持d

不变，C

不变，根据C=QU

分析Q

与U

的关系；保持d

不变，将Q

变为原来的一半，由C=QU

分析U

的变化，由E=Ud

分析E

的变化．

本题关键要掌握E=UdC=QU

两个公式，同时，要明确d

不变时，电容C

不变．【解析】D

4、B【分析】解：设人走动时船的速度大小为v

人的速度大小为v隆盲

人从船尾走到船头所用时间为t.

取船的速度为正方向．

则v=dtv隆盲=L鈭�dt

根据动量守恒定律得：Mv鈭�mv隆盲=0

解得，船的质量：M=m(L鈭�d)d

故选：B

．

人和船组成的系统所受合外力为0

满足动量守恒，由位移与时间之比表示速度，根据动量守恒定律进行分析与计算．

人船模型是典型的动量守恒模型，体会理论知识在实际生活中的应用，关键要注意动量的方向．【解析】B

5、B【分析】解：带正电的工件由于静电感应电荷分布在表面；带负电的粒子在库伦引力的作用下运动，B正确．

故选B

工件上的电荷由于静电感应分布在表面；由于库仑引力，负电荷向正电荷运动．

本题结合生活中的具体应用，考查了静电感应，题目难度不大．【解析】【答案】B6、A【分析】解：A；电子流沿X轴正方向运动；形成的电流方向沿X轴负方向，根据安培定则可知，电子流在Z轴上的P点处所产生的磁场方向是沿Y轴正方向．故A正确．

故选：A．

电子带负电；其运动方向与电流方向相反，根据安培定则判断电子流在Z轴上的P点处所产生的磁场方向．

安培定则是判断电流方向与磁场方向间关系的规则，要熟练掌握．要注意电流方向与负电荷定向运动方向相反．【解析】【答案】A7、D【分析】解：ABC

由于磁场是匀强磁场；把线圈沿纸面向右拉动，或向下拉动，或垂直纸面向外运动，其磁通量均不变化，均无感应电流产生，故ABC错误；

D；当以ad

为轴转动线圈时；其磁通量发生变化，故有感应电流产生，故D正确。

故选：D

产生感应电流的条件是：穿过闭合回路的磁通量发生变化.

因此无论线圈如何运动；关键是看其磁通量是否变化，从而判断出是否有感应电流产生．

本题考查感应电流产生的条件，解题时要把握问题实质，关键是看闭合线圈中的磁通量是否变化，与运动形式无关．【解析】D

二、填空题(共5题，共10分)8、略

【分析】

（1）电场力做功时：由公式W=qU，V；

（2）电场力做功与电势能的转化的关系是；电场力做正功，电势能就减小；电场力做负功，电势能就增加，由此可判定AB之间的电势关系A点高，B点低．

故答案为：240V；A

【解析】【答案】本题考查电场力做功；和电场力做功与电势能的转化的关系，电场力做功有公式W=qU可以计算；和电场力做功与电势能的转化的关系是，电场力做正功，电势能就减小；电场力做负功，电势能就增加，由此可判定AB之间的电势关系．

9、略

【分析】解：元电荷是指最小的电荷量，e=1.6×10-19C；

任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍；其中带有一个元电荷电量的微粒是电子或质子．

故答案为：1.6×10-19；电子或质子。

元电荷是指最小的电荷量；任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍．

本题就是对元电荷概念的考查，知道任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍即可解决本题．【解析】1.6×10-19；电子或质子10、略

【分析】解：电荷守恒定律：电荷既不能被创造；也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，电荷的总量保持不变．

故答案为：创造；消灭；保持不变．

根据电荷守恒定律的内容就可以直接作出解答．

本题是基础的题目，考查的就是学生对电荷守恒定律的掌握的情况，比较简单．【解析】创造；消灭；保持不变11、略

【分析】解：由电容的定义式C=得：电量U===10V

如果再给它增加1.0×10-4C电量；该电容器的电容不变，仍为C=20μF．

由C=得△U===5V

故答案为：20μF，5．【解析】20μF;512、略

【分析】解：气体分子之间的距离很大分子力近似为零；气体如果失去了容器的约束就会散开，是由于分子杂乱无章运动的结果。

故答案为：错误。

分子处于永不停息的无规则运动．

本题考查了有关分子运动和热现象的基本知识，对于这些基本知识一定注意加强记忆和积累【解析】错误三、判断题(共6题，共12分)13、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．14、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．15、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．四、识图作答题(共1题，共5分)19、略

【分析】【分析】本题结合图解，考查植物体细胞杂交的相关知识，综合考查了植物细胞工程、细胞分裂装片的制作观察、PCR图谱的识别等相关内容，同时也考查了考生确判断图中各过程的名称及采用的方法；能分析题文和题图，从中提取有效信息答题，属于考纲识记和理解层次的考查。【解答】

（1）要得到植物细胞的原生质体；需要用纤维素酶和果胶酶处理细胞，使细胞壁分解。

（2）原生质体培养液中加入甘露醇其作用是避免原生质体吸水涨破，原生质体经过细胞壁再生，才能进行分裂分化。（3）要看再生植株染色体变异类型需要观察再生植株与双亲的染色体差异，观察染色体需要经过解离漂洗染色和制片几个过程。（4）再生植株1、2、4同时含有花椰菜和黑芥的基因组，所以一定是杂种植株。（5）黑腐病菌的抗性基因进入到杂种植物体内；杂种植株能抗黑腐病，所以对杂种植株进行病菌接种实验，是筛选杂种植株的方法。

【解析】（1）纤维素酶和果胶酶（2）保持原生质体完整性细胞壁。

（3）双亲(或花椰菜和黑芥)（4）1、2、4（5）黑腐病菌五、推断题(共3题，共21分)20、（1）C4H10

（2）

（3）2-甲基-1-丙烯

（4）消去反应，水解反应（取代反应）

（5）

（6）CH2=CH-CH=CH2

【分析】【分析】本题考查有机化合物的推断和有机反应类型的判断，同分异构体等，题目难度中等。【解答】rm{(1)}rm{11.2L(}标准状况rm{)}的烃rm{A}物质的量为rm{0.5mol}在氧气中充分燃烧可以产生rm{88gCO}标准状况rm{11.2L(}的烃rm{)}物质的量为rm{A}在氧气中充分燃烧可以产生rm{0.5mol}rm{88gCO}rm{{,!}_{2}(2mol)}和rm{45gH}rm{45gH}rm{{,!}_{2}}则证明rm{O}当中含有rm{O}个碳原子，rm{(2.5mol)}个氢原子，则rm{A}是rm{4}故答案为：rm{10}rm{A}rm{C_{4}H_{10}}有支链，则rm{C_{4}H_{10}}是异丁烷，在光照下和氯气反应生成的一氯代烃rm{(2)}和rm{A}有支链，则rm{A}是异丁烷，在光照下和氯气反应生成的一氯代烃rm{B}和rm{C}分别是：分别是：和故答案为：和rm{A}rm{A}分别和氢氧化钠醇溶液发生消去反应生成烯烃rm{B}rm{C}的系统命名名称是：rm{(3)B}甲基rm{C}丙烯，故答案为：rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}甲基rm{D}丙烯；rm{2-}反应rm{-1-}是氯代烃的消去反应；反应rm{2-}是氯代烃的水解反应，故答案为：消去反应，水解反应rm{-1-}取代反应rm{(4)}rm{1}反应rm{3}是rm{(}与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，反应方程式为：反应rm{)}是反应rm{(5)}的产物rm{垄脷}是与氢氧化钠水溶液发生的取代反应生成醇类，反应方程式为：故答案为：rm{垄脷}根据rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}的分子式及结构简式可知，其同分异构体为正丁烷，正丁烷的二氯代物rm{垄脹}有两种等效氢，且峰面积之比为rm{垄脷}的结构为：rm{E}rm{(6)}在足量的rm{A}的醇溶液中加热，充分反应后生成rm{G}发生的是消去反应，rm{1:1}为：rm{CH_{2}ClCH_{2}CH_{2}CH_{2}Cl}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加热，充分反应后生成rm{H}发生的是消去反应，rm{H}为：中含双键，可以发生加聚反应的化学方程式：rm{G}rm{NaOH}故答案为：rm{H}；

rm{H}【解析】rm{(1)C_{4}H_{10}}rm{(2)}rm{(3)2-}甲基rm{-1-}丙烯rm{(4)}消去反应，水解反应rm{(}取代反应rm{)}rm{(5)}rm{(6)CH_{2}=CH-CH=CH_{2;;;;;;;;;;}}rm{{,!}}rm{{,!}}21、略

【分析】【分析】该题通过水污染的治理和化学工业生产流程，考查了原电池原理的应用和元素及其化合物的性质，判断微生物电池的正负极和分析流程图是本题难点，试题难度较大。I、（1）根据信息：CN-能够被氧气氧化成HCO3-，同时生成NH3来书写方程式；（2）根据原电池中阳离子的移动方向确定A为正极，发生得电子的还原反应来书写；II、由图1流程可知，菱锌矿的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2（OH）2CO3等，加硫酸，只有SiO2不反应，则滤渣1为SiO2，②中加氧化剂将亚铁离子氧化为铁离子，再加过量的NaOH，金属离子转化为沉淀，则滤渣2为Fe（OH）3、Cu（OH）2，反应④通二氧化碳将ZnO22-转化为沉淀，则滤渣3为Zn（OH）2，据此解答。【解答】I、（1）CN-能够被氧气氧化成HCO3-，同时生成NH3得出方程式为：2CN-+4H2O+O22HCO3-+2NH3；（2）原电池中氢离子的移动方向是从负极流向正极，所以A是正极，发生得电子的还原反应：+2e-+H+═+Cl-；II、由图1流程可知，菱锌矿的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2（OH）2CO3等，加硫酸，只有SiO2不反应，则滤渣1为SiO2，②中加氧化剂将亚铁离子氧化为铁离子，再加过量的NaOH，金属离子转化为沉淀，则滤渣2为Fe（OH）3、Cu（OH）2，反应④通二氧化碳将ZnO22-转化为沉淀，则滤渣3为Zn（OH）2，（1）由上述分析可知，滤渣1为SiO2；（2）②中加氧化剂将亚铁离子氧化为铁离子；只有D不会引入新杂质；

（3）步骤④中的CO2气体来自步骤①酸浸反应放出的气体，可以节能减排；（4）步骤④发生的离子反应方程式为ZnO22-+2CO2+2H2O=Zn（OH）2↓+2HCO3-。【解析】I、（1）2CN-+4H2O+O22HCO3-+2NH3（2）+2e-+H+═+Cl-II、（1）SiO2（2）D（3）①（4）ZnO22-+2CO2+2H2O=Zn（OH）2↓+2HCO3-22、（1）①铝第三周期第ⅢA族②2Al+Fe2O32Fe+Al2O3

（2）Fe+4H++NO3-=Fe3++NO↑+2H2O

（3）①离子键；极性共价键。

②100mL容量瓶；胶头滴管。

③2.65【分析】【分析】本题考查了无机物推断，同时考查学生灵活运用知识解答问题的能力，根据物质的特殊现象再结合物质之间的转化关系来分析解答，题目难度中等。【解答】rm{(1)}若rm{A}rm{B}rm{C}中均含同一种常见金属元素，将rm{A}rm{C}的水溶液混合可得rm{B}的沉淀，由转化关系可知，rm{A}含有铝离子，rm{B}为氢氧化铝，rm{C}含有偏铝酸根，rm{x}为氢氧化钠；

rm{垄脵A}中含有金属元素是rm{Al}元素，它在周期表中的位置为第三周期第Ⅲrm{A}族；故答案为：铝；第三周期第Ⅲrm{A}族；

rm{垄脷Al}与氧化铁发生铝热反应可用于焊接铁轨及定向爆破，此反应的化学方程式为rm{2Al+Fe}rm{2}rm{2}rm{O}rm{3}rm{3}rm{2Fe+Al}rm{2}；

故答案为：rm{2}rm{O}rm{3}rm{3}rm{2Al+Fe}rm{2}rm{2}rm{O}；

rm{3}rm{3}为稀rm{2Fe+Al}rm{2}rm{2}为常见黑色金属单质，写出rm{O}与rm{3}反应离子方程式：rm{3}rm{(2)}若rm{A}为稀rm{HNO}rm{A}rm{HNO}rm{3}

故答案为：rm{3}，rm{X}为常见黑色金属单质，写出rm{A}与rm{B}反应离子方程式：rm{X}rm{A}rm{B}rm{Fe+4H^{+}+NO}若rm{3}rm{3}rm{{,!}^{-}=Fe^{3+}+NO隆眉+2H}的焰色反应均呈黄色，水溶液均为碱性；将rm{2}加到盐酸中，有无色无味的气体rm{2}产生，则rm{O}为氢氧化钠，为碳酸钠，rm{Fe+4H^{+}+NO}为碳酸氢钠，rm{3}为二氧化碳。

rm{3}rm{{,!}^{-}=Fe^{3+}+NO隆眉+2H}为rm{2}则rm{2}中所含有的化学键是离子键、极性共价键；rm{O}

故答案为：离子键、极性共价键rm{(3)}

rm{A}自然界中存在rm{B}rm{C}和rm{C}按一定比例结晶而成的固体rm{X}取一定量该固体溶于水配成rm{A}溶液，rm{B}rm{C}容量瓶；胶头滴管；rm{x}

rm{垄脵}rm{A}为rm{NaOH}则rm{A}中所含有的化学键是容量瓶；胶头滴管；rm{A}

rm{NaOH}测得溶溶中金属阳离子的浓度为rm{A}即钠离子浓度为取相同质量的固体加热至恒重，剩余固体为碳酸钠，根据钠离子守恒可知，碳酸钠的质量为rm{dfrac{1}{2}隆脕0.1L隆脕0.5mol/L隆脕106g/mol=2.65g}

故答案为：rm{{,!}^{-}}。

rm{垄脷}【解析】rm{(1)垄脵}铝第三周期第Ⅲrm{A}族rm{垄脷2Al+Fe_{2}O_{3}}rm{2Fe+Al_{2}O_{3}}

rm{(2)Fe+4H^{+}+NO_{3}^{-}=Fe^{3+}+NO隆眉+2H_{2}O}

rm{(3)垄脵}离子键；极性共价键。

rm{垄脷100mL}容量瓶；胶头滴管。

rm{垄脹2.65}六、综合题(共4题，共32分)23、略

【分析】

在碰撞现象中；相互作用时间很短，平均作用力很大，把相互碰撞的物体作为一个系统来看待，认为碰撞过程中动量守恒．两辆货车在碰撞前后，根据系统动量守恒列式求解．

本题以火车挂钩这一实际问题为情景，涉及碰撞过程中的动量守恒定律的应用，用动量守恒定律解题时要注意矢量性（方向性），即表达式中的速度、动量均为矢量，在作用前后速度都在一条直线上的条件下，选定一个正方向，将矢量运算转化为代数运算．【解析】解：对整个系统；碰撞过程动量守恒，设结合在一起继续运动的速度为v．取向右为正方向，由动量守恒定律得：

则m1v1=（m1+m2）v

解得，货车碰撞后运动的速度m/s

甲货车的动量的变化量kg•m/s

答：货车碰撞后运动的速度是1.2m/s，甲货车在碰撞过程中动量的变化量大小为2.88×104kg•m/s，方向向左．24、（1）ACE；

（2）

解：

①根据光在介质中传播的速度与折射率的关系知：

则光在介质中传播的时间为：

联立解得：

②由全反射定律知，临界角为：

设有光射出的长度为d，则由几何知识得：

联立解得：

【分析】(1)

【分析】根据AB

两质点的平衡位置，结合振动图像，求出波长和波速，从而得出时间t

的竖直，并根据波传播的特点进行分析解答。本题考查了波的振动图像，根据AB

平衡位置的距离，以及振动图像进行分析解答。【解答】由于AB

平衡位置相距1m

结合振动图像可知，波长大于1m

即AB

间距小于一个波长，波由A

传到B

所用时间为：t=34T

那么AB

间距离为34娄脣

即：lAB=1m=34娄脣

解得波长为：娄脣=43m

则波速为：v=娄脣T=434=13m/s

由于AB

平衡位置相距1m

则A

比B

早振动的时间为：t=lABv=3s

根据波的平移法可知，当B

点开始振动时，A

应位于波谷位置，当A

点位于波峰时，B

点恰位于平衡位置，故ACE正确，BD错误。故选ACE。(2)

本题考查了折射定律和全反射定律，结合几何知识进行列式求解即可。垄脵

由光在介质中传播速度与折射率的关系求出速度，再由运动时间求出折射率；垄脷

由全反射定律求出临界角，再由几何知识求解即可。【解析】(1)ACE

(2)

解：垄脵

根据光在介质中传播的速度与折射率的关系