2025年牛津译林版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津译林版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，一木块放在水平地面上，受推力F1=10N，F2=2N作用，木块处于静止状态．若撤去力F1；则木块在水平方向受到的合力为（）

A.10N；方向水平向左。

B.6N；方向水平向右。

C.2N；方向水平向左。

D.零。

2、如图所示，一束单色光沿半圆柱形玻璃砖的半径垂直ab面入射，有光线从ab面射出。以O点为圆心，将玻璃砖缓慢转过θ角时，恰好没有光线从ab面射出。则该玻璃砖的折射率为()A.B.C.D.3、如图所示的下列实验中，有感应电流产生的是()4、有一卷纸带，中心转轴O

两端用两根等长轻绳平行地悬挂在竖直墙壁上的P

点，如图所示，不计转轴处摩擦，纸与绳不接触.

当用竖直向下力F

将纸带从与墙壁接触处缓慢抽出时，整卷纸将绕中心轴O

逆时针转动，纸带和墙壁间摩擦力不能忽略.

则在纸带不断抽出过程中(

)

A.F

不断增大B.F

不断减小C.纸带与墙壁间摩擦力不断增大D.绳的拉力不断增大5、在已接电源的闭合电路里，关于电源的电动势、内电压、外电压的关系应是（）A.如外电压增大，则内电压增大，电源电动势也会随之增大B.如外电压减小，内电阻不变，内电压也就不变，电源电动势必然减小C.如外电压不变，则内电压减小时，电源电动势也随内电压减小D.如外电压增大，则内电压减小，电源的电动势始终为二者之和，保持恒量6、已知一运动物体的初速度20m/s，加速度-3m/s2，它表示（）A.物体的加速度方向与速度方向相同，且物体的速度在减小B.物体的加速度方向与速度方向相同，且物体的速度在增加C.物体的加速度方向与速度方向相反，且物体的速度在减小D.物体的加速度方向与速度方向相反，且物体的速度在增加7、有一负载电阻R

当它接到30V

直流的电流时，消耗的功率为P

现有一台理想变压器，它的输入电压u=300sin娄脴t(V)

若把上述负载接到此变压器副线圈的两端，消耗的功率为P2

则变压器原副线圈的匝数比为(

)

A.101

B.1021

C.1031

D.102

8、已知物体运动初速度v

0

方向及它受到恒定合外力F

的方向，图abcd

表示物体运动的轨迹，其中正确的是()

A.B.C.D.9、下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是(

)

A.根据电场强度的定义式E=Fq

可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B.根据电容的定义式C=QU

可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C.根据真空中点电荷的电场强度公式E=kQr2

可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带电荷量无关D.根据电势差的定义式UAB=WABq

可知，带电荷量为1C

的正电荷，从A

点移动到B

点克服电场力做功为1J

则AB

两点间的电势差为UAB=鈭�1V

评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)10、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解11、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)12、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减小为原来的它们之间的相互作用力变为______F．13、我们把组成______的质量与______的质量差叫做核的质量亏损．14、在验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m

=200

g

的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要去的纸带如图所示，O

为纸带下落的起始点，ABC

为纸带上选取的三个连读点.

已知打点计时器每隔T=0.02

s

打一个点，当地的重力加速度为g

=9.8

m

/

s

2

那么。

(1)

计算B

点瞬时速度时，甲同学用v

B2=2

gs

OB

乙同学用vB=SACZT

其中所选方法正确的是______(

填“甲”或“乙”)

同学，他计算的重物的速度v

B=

______m

/

s

；

(2)

从O

点到打下计数点B

的过程中，物体重力势能的减小量鈻�E

p

=

______J

动能的增加量鈻�E

k

=

______J(

以上所有结果均保留三位有效数字)

15、一位同学在实验室使用打点计时器：

(1)

电磁打点计时器和电火花打点计时器所使用的是______电源(

填交流直流)

电磁打点计时器的工作电压是______V

电火花打点计时器的工作电压是______V.

当电源频率是50H

z

时，它每隔______s

打一次点．

(2)

如研究物体作自由落体运动的实验；有下列器材可供选择：

铁架台；重锤、电火花打点计时器及碳粉、纸带若干、220V

交流电源、天平、秒表。

其中不必要的两种器材是：______；缺少的一种器材是：______．

(3)

如图为测定匀变速直线运动的加速度实验中得到一段纸带，是一次实验中记录小车运动情况的纸带，图中ABCDE

为相邻的计数点，相邻记数点间的时间间隔为T=0.1

s

，该小车运动的加速度a

=

______m

/

s

2

计数点D

的瞬时速度v

D=

______m

/

s

．16、在探究电磁感应现象的实验中：

（1）首先要确定电流表指针偏转方向与电流方向间的关系．实验中所用电流表量程为100μA，电源电动势为1.5V，待选的保护电阻有三种R1=20kΩ，R2=1kΩ，R3=100Ω，应选用______Ω的电阻．

（2）已测得电流表指针向右偏时，电流是由正接线柱流入．由于某种原因，螺线管线圈绕线标识已没有了，通过实验查找绕线方向．如图1所示，当磁铁N极插入线圈时，电流表指针向左偏，如图2所示线圈的绕线方向是______图（填“左”或“右”）．

（3）若将条形磁铁S极放在下端，从螺线管中拔出，这时电流表的指针应向______偏（填“左”或“右”）．

17、图1

是在“探究加速度与力；质量的关系”实验中打出的部分纸带；ABC

为计数点，相邻计数点之间的时间间隔为0.1s

打A

点时小车的速度为0

则运动的加速度为______m/s2

若实验中未消除摩擦力影响，则通过实验所得到的加速度a

与小车所受拉力F

的关系应是图2

中的______．

18、炽热的铁水具有内能，当温度降低，内能随着______。冰冷的冰块具有内能，当温度升高，内能随着______。将该冰块从一楼移动到四楼，它的内能将______。（填不变，减少，增大）评卷人得分四、判断题(共2题，共4分)19、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）20、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分五、解答题(共2题，共18分)21、电磁炮是一种理想的兵器；它的主要原理如图所示.1982年澳大利亚国立大学制成了能把m=2.2g的弹体（包括金属杆CD的质量）加速到v=10km/s的电磁炮．若轨道宽L=2m，长s=100m，通过的电流为I=10A，则。

（1）轨道间所加的匀强磁场的磁感应强度为多少？

（2）磁场力的最大功率为多少（轨道摩擦不计）？

22、如图所示，一根轻绳一端系一个小球，另一端固定在O点，在O点有一个能测量绳的拉力的测力传感器E，让小球绕O点在竖直平面内做圆周运动，如图（a）所示．由传感器测出拉力F随时间t的变化图象如图（b）所示．已知小球在最低点A的速度vA=6m/s．求

（1）小球圆周运动周期；

（2）小球的质量；

（3）轻绳的长度L；

（4）小球在最高点的动能．

评卷人得分六、证明题(共2题，共6分)23、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。24、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】

由题意可知最大静摩擦力fm＜F1-F2=8N，由于F2=2N＜fm，因此撤掉F1后；物体保持静止状态，所以受到的合外力为零，故ABC错误，D正确．

故选D．

【解析】【答案】解答本题思路为：首先判断撤去力F1后物体的运动状态（加速还是静止）；然后根据运动状态求物体所受合力大小．

2、B【分析】由光路图可知，旋转之后入射角为θ，由sinC=1/n可知折射率为B对；【解析】【答案】B3、D【分析】试题分析：根据电流的磁效应，导线通电后其下方存在磁场，小磁针在磁场的作用下偏转，没有感应电流，故A错误；由法拉第电磁感应定律知，闭合圆环在无限大匀强磁场中加速运动，磁通量没有变化，所以没有产生感应电动势，故不能产生感应电流，所以B错误；通电导线在磁场中受安培力的作用，所以不存在感应电流，故C错误；闭合回路中的金属杆切割磁感线运动，能够产生感应电流，故D正确．考点：本题考查产生感应电流的条件【解析】【答案】D4、B【分析】解：根据平衡条件得G=Tcos娄脕

得到T=Gcos伪

随着卷纸的不断抽出，娄脕

减小，cos娄脕

增大，G

减小，则T

减小，即绳子拉力减小．

由水平方向力平衡得：N=Tsin娄脕=Gtan娄脕G娄脕

减小，N

减小.

由摩擦力公式f=娄脤N

得知.N

减小，f

减小，而由平衡条件得F=f

则拉动卷纸的力F

减小.

故B正确，ACD错误．

故选：B

分析卷纸的受力情况；作出力图，根据平衡条件列方程，分析拉力T

的变化.

再水平方向力平衡分析墙对卷纸的弹力N

的变化，由摩擦力公式分析墙的摩擦力的变化。

本题应用平衡条件分析实际问题，关键是分析物体的受力情况，画出力图，难度适中．【解析】B

5、D【分析】试题分析：由闭合电路欧姆定律知知，电源电动势E不变，若外电压U增大，则内电压U内减小，二者之和保持不变，A选项错误，D选项正确；如外电压减小，内电阻不变，但由于电源电动势E不变，根据内电压一定增大，B选项错误；同理如外电压不变，则内电压也不能改变，C选项错误。考点：闭合电路欧姆定律【解析】【答案】D6、C【分析】解：加速度和速度都是矢量；正负号表示方向，由题意可知，速度方向为正，加速度方向为负，所以加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动，速度在减小，故C正确．

故选：C

加速度和速度都是矢量；正负号表示方向，当加速度方向与速度方向相同时，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反时，做减速运动．

解决本题的关键知道速度和加速度都是矢量，正负号表示方向，知道判断物体做加速还是减速，不是看加速度的大小，而是看加速度的方向与速度方向的关系．【解析】【答案】C7、A【分析】解：当电阻接在直流电路中的时候，由P=U2R

可得，此时的功率为P=302R

当功率为12P

时，由P=U2R

可得，此时电阻的电压的有效值为U2=152V

变压器的输入电压的有效值为U1=3002=1502V

所以变压器原、副线圈的匝数比为U1U2=n1n2

得变压器原副线圈的匝数比为101

故选：A

．

输出电压是由输入电压和匝数比决定的；输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可．

本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解．【解析】A

8、D【分析】【分析】做曲线运动的物体的速度的方向是沿着运动轨迹的切线的方向，合力指向运动轨迹弯曲的内侧。根据物体的运动轨迹来判断受到的合力的方向，合力应该指向运动轨迹的弯曲的内侧，这是解决曲线运动的时候经常用到的知识点。【解答】AD.

曲线运动的物体受到的合力应该指向运动轨迹弯曲的内侧；由此可以判断A错误，D正确；

BC.

曲线运动的速度的方向是沿着运动轨迹的切线的方向；由此可以判断BC错误；

故选D。

【解析】D

9、D【分析】解：A

电场强度取决于电场本身；与有无试探电荷无关，所以不能理解成电场中某点的电场强度和试探电荷的电量成反比，故A错误．

B；电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量；取决于电容器本身，并不是电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比，故B错误．

C、根据点电荷的场强公式E=kQr2

知：Q

是场源电荷；所以电场中某点电场强度与场源电荷的电量成正比，与该点到场源电荷距离的平方成反比，故C错误．

D、据电势差的定义式UAB=WABq

知；带电量为1C

正电荷，从A

点移动到B

点克服电场力做功为1J

即电场力做功为鈭�1J

则AB

点的电势差为鈭�1V

故D正确．

故选：D

．

电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；点电荷电场强度公式E=kQr2

中Q

是场源电荷.

用电容器和电势差的定义式即可求解．

本题关键抓住电场强度是描述电场本身性质的物理量，其大小和方向与试探电荷无关，是电场本身决定；电容取决于电容器本身；灵活应用电势差的定义式．【解析】D

二、双选题(共2题，共4分)10、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB11、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共7题，共14分)12、略

【分析】解：由库仑定律可得：

F=K

变化后F′==16F

故答案为：16．

由库仑力公式可得出两次作用力的表达式；则可求得距离减小后的相互作用力．

本题考查库仑定律的直接应用，只需注意数值的变化即可顺利求出．【解析】1613、略

【分析】解：组成的原子核的核子质量与原子核的质量差叫做核的质量亏损．

故答案为：原子核的核子；原子核．

根据质量亏损的概念答题．

本题考查了质量亏损的概念，掌握基础知识即可正确解题，平均注意基础知识的学习．【解析】原子核的核子；原子核14、（1）乙；1.92（2）0.376；0.369【分析】【分析】纸带法实验中；若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能，根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值。

运用运动学公式和动能、重力势能的定义式解决问题是该实验的常规问题。【解答】(1)(1)由于实验过程中重物和纸带会受到空气和限位孔的阻力作用，导致测得的加速度小于当地的重力加速度，所以求速度时不能用vB2=2gsOB来求，只能根据vt2=xt，求瞬时速度值，所以乙正确；利用匀变速直线运动的推论得：BB点的瞬时速度为：vB=(23.23鈭�15.55)隆脕10鈭�22隆脕0.02m/s=1.92m/s

(2)(2)增加的动能为：?Ek=12隆脕0.2隆脕(1.92)2J=0.369J

重力势能减小量为：鈻�EtriangleEp=mgh=0.2隆脕9.8隆脕0.1920J=0.376J=mgh=0.2隆脕9.8隆脕0.1920J=0.376J

故答案为：(1)(1)乙；1.921.92(2)0.376(2)0.3760.3690.369

【解析】(1)

乙；1.92(2)0.3760.369

15、（1）交流62200.02

（2）天平；秒表刻度尺。

（3）22.1【分析】【分析】了解电磁打点计时器和电火花打点计时器的工作电压；工作原理即可正确解答；同时要熟练使用打点计时器进行有关的操作．

从实验目的；实验原理角度出发得到待测量；确定实验器材；

根据匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aT2

可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D

点时小车的瞬时速度大小。对于基本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强基本仪器的了解和使用。【解答】(1)

解：电磁打点计时器和电火花打点计时器所使用的是交流；电磁打点计时器的工作电压是4

--6V.

电火花打点计时器的工作电压是V.

当电源频率是50Hz

时，它每隔0.02s

打一次点；

(2)

实验要测量重力加速度，根据公式鈻�x=aT2

需要刻度尺测量位移；

故不需要天平；秒表；缺少刻度尺；

(3)

由于每相邻两个计数点间还有4

个点没有画出；所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s

设A

到B

之间的距离为x1

以后各段分别为x2x3x4

根据匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aT2

可以求出加速度的大小；

得：x3鈭�x1=2a1T2

x4鈭�x2=2a2T2

为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值得：a=a1+a22

即小车运动的加速度计算表达式为：a=0.76鈭�0.34鈭�0.340.04m/s2=2m/s2

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D

点时小车的瞬时速度大小．vD=0.76鈭�0.340.2m/s=2.1m/s

故答案为：(1)

交流62200.02

(2)

天平；秒表刻度尺。

(3)22.1

【解析】(1)

交流62200.02

(2)

天平；秒表刻度尺。

(3)22.1

16、略

【分析】解：（1）由闭合电路欧姆定律，则有：．

不会使电流表超过量程；达到保护的作用．选20kΩ的电阻．

（2）当磁铁N极插入螺线管时；根据楞次定律，感应电流的磁场阻碍磁通量的增加，螺线管上端应为N极，下端为S极，又电流表指针向左偏，可知电流方向是由正电流表接线柱流出至螺线管上端接线柱，由安培定则可判断螺线管的绕线方向如图2中左图所示．

（3）若将条形磁铁S极在下端；从螺线管中拨出时，感应电流磁场方向为阻碍磁通量的减少，螺线管上端应为N极，下端为S极，由螺线管的绕线方向可以判定电流是从电流表的负接线柱流入，故指针向左偏．

故答案为：（1）20k；（2）左；（3）左．

（1）根据欧姆定律求出保护电阻最小阻值；然后选择保护电阻．

（2）根据楞次定律；结合感应电流方向，从而确定线圈如何绕向；

（3）应用楞次定律判断出感应电流的方向；然后判断电流表指针的偏转方向．

探究电磁感应现象时，应先明确电流表指针偏转方向与电流方向间的关系，应用楞次定律即可正确解题．【解析】20k；左；左17、略

【分析】解：根据匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aT2

可以求出加速度的大小；得：

a=鈻�xT2=0.03鈭�0.010拢庐12=2m/s2

当F

不为零时；加速度仍然为零，可知实验前未平衡摩擦力.

故选D

故答案为：2D

根据匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aT2

利用逐差法即可以求出加速度的大小；根据F

不等于零时；加速度仍然等于零分析问题的所在．

本题考查“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验，注意利用逐差法求解加速度的基本方法，明确逐差法可以充分利用数据，减小实验误差．【解析】2D

18、减小增大不变【分析】解：

一定质量的物体温度降低内能减小；温度升高内能增大，所以炽热的铁水温度降低时内能减小，冰块温度升高时内能增大；

在不发生热传递条件下；将该冰块从一楼移动到四楼，冰块的温度；质量和状态都没改变，所以内能不变；在此过程中，冰块的质量不变，高度增加，所以重力势能增大；故机械能增加。

故答案为：减小；增大；不变。

内能大小跟物体的质量；状态、温度有关；在状态和温度相同时；质量越大，内能越大；在质量和状态相同时，温度越高，内能越大；在质量和温度相同时，气态内能大于液态内能，液态内能大于固态内能。

本题主要考查学生对影响机械能、内能大小的因素和改变物体内能的方式的理解和掌握，属基础知识的考查。【解析】减小增大不变四、判断题(共2题，共4分)19、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．20、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场