2025年上外版选修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上外版选修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，△ABC为一直角玻璃三棱镜的横截面，∠A＝30°，一束红光垂直AB边射入，从AC边上的D点射出；其折射角为60°．则下列说法正确的是。

A.玻璃对红光的折射率为B.红光在玻璃中的传播速度大小为C.若使该束红光绕O点顺时针转过60°角，则光不会从AC面射出来D.若将这束红光向左水平移动一小段距离则从AC面上出来的折射角小于60°2、如图所示，上、下表面平行的玻璃砖置于空气中，一束复色光斜射到上表面，穿过玻璃后从下表面射出，分成a、b两束平行单色光。下列说法中正确的是（）

A.玻璃对b光的折射率较大B.在真空中a光的速度大于b光的速度C.a光光子能量大于b光光子能量D.如果b光是绿光，那么a光可能是红光3、如图，空间某区域有一个正三角形ABC，其三个顶点处分别固定有三个等量正点电荷，D点为正三角形的中心，E、G、H点分别为正三角形三边的中点，F点为E关于C点的对称点。取无限远处的电势为0；下列说法中正确的是。

A.E、G、H三点的电场强度均相同B.E、G、H三点的电势均相同C.D点的场强最大D.根据对称性，E.、F两点的电场强度等大反向4、如图所示，图中的三个电表均为理想电表，当滑动变阻器滑片P向左端缓慢移动时，下面说法中正确的是（）

A.电压表V2的读数减小；电流表A的读数增大。

B.电压表V1的读数增大，电压表V2的读数增大。

C.电压表V2的读数增加；电流表A的读数减小。

D.无法确定电阻消耗的功率变化，电容器所带电量增加5、如图所示的电路中，电源两端的电压恒定，L为小灯泡，R为光敏电阻，LED为发光二极管(电流越大，发出的光越强)，且R与LED之间的距离不变；下列说法正确的是()

A.当滑动触头P向左移动时，L消耗的功率增大B.当滑动触头P向左移动时，L消耗的功率减小C.当滑动触头P向右移动时，L消耗的功率可能不变D.无论怎样移动滑动触头P，L消耗的功率都不变6、P、Q是简谐横波传播方向上的两个质点，它们的平衡位置间的距离为0.2m．此波波速为1m/s，振幅为4cm，周期为0.4s．在t=0时刻，P点位于平衡位置上方最大位移处．则Q点（）A.在0.3s时的速度最大B.在0.3s时的加速度最大C.在0.3s时的位移为4cmD.在0.3s时的位移为−4cm7、如图所示电路中，电源内阻为r，R1、R2为定值电阻，且r＜R1，各电表均为理想电表．开关S闭合后，在滑动变阻器R0的滑片向下滑动的过程中；下列说法正确的是（）

A.电流表与两只电压表的示数都减小B.电压表V1与电流表的示数减小，电压表V2的示数增大C.电压表V1比电压表的V2示数变化量的绝对值大D.电源的输出功率减小8、关于机械波的干涉和衍射，下列说法正确的是A.有的波能发生衍射现象，有的波不能发生衍射现象B.产生干涉现象的必要条件之一，就是两列波的频率相等C.只有障碍物的尺寸与波长相差不多或小得多时，才能发生衍射现象D.在干涉图样中，振动加强区域的质点，其位移始终保持最大9、下列说法错误的是A.彩虹是光的衍射现象B.肥皂膜在阳光的照射下呈现彩色是光的干涉现象C.交通警示灯选用红灯是因为红光更容易穿透云雾烟尘D.液晶显示应用了光的偏振评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)10、已知干电池的电动势为下列说法正确的是（）A.用电压表直接连接干电池的两极，测量得到的电压近似等于该电池的电动势B.当外电路闭合时，每当的电荷量通过，该干电池就能把的化学能转化为电能C.当外电路闭合时，在内有的电荷量通过该电池D.当外电路闭合时，在内该电池能提供的电能11、图（a），螺线管内有平行于轴线的外加匀强磁场，以图中箭头所示方向为其正方向．螺线管与导线框abcd相连，导线框内有一小金属圆环L，圆环与导线框在同一平面内．当螺线管内的磁感应强度B随时间按图（b）所示规律变化时，下列说法正确的是（）

A.在t1~t2时间内，L有收缩趋势B.在t2~t3时间内，L有先扩张再收缩的趋势C.在t2~t3时间内，L内无感应电流D.在t3~t4时间内，L内有逆时针方向的感应电流12、下列说法正确的是（）A.随着科学的发展，降温技术的提高，绝对零度是可以接近的，但无法达到B.气体分子间距离减小时，其分子势能一定增大C.绝热压缩或等温压缩的一定量理想气体内能均不变E.当分子热运动变剧烈且分子平均距离变小时，气体压强一定变大E.当分子热运动变剧烈且分子平均距离变小时，气体压强一定变大13、如图所示，间距为L、电阻不计的足够长平行光滑金属导轨水平放置，导轨左右两端均有一阻值为R的电阻相连，导轨上横跨一根长为L、质量为m、电阻也为R的金属棒，金属棒与导轨接触良好，整个装置处于竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场中，现给棒一瞬时冲量，让它以初速度向右运动；则直到棒停止的过程中有：

A.金属棒在导轨上做匀减速运动B.整个过程中通过金属棒的电量为C.整个过程中金属棒克服安培力做功为D.整个过程中金属棒上产生的焦耳热为14、下列说法中正确的是____A.一定质量的气体吸热后温度一定升高B.布朗运动是悬浮在液体中的花粉颗粒和液体分子之间的相互碰撞引起的C.知道阿伏加德罗常数和气体的密度就可估算出气体分子间的平均距离E.单位体积的气体分子数增加，气体的压强不一定增大E.单位体积的气体分子数增加，气体的压强不一定增大15、在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r；闭合开关S，将滑动变阻器滑片P向右移动一段距离后，下列结论正确的是（）

A.电流表示数变大，电压表示数变小B.灯泡L变亮C.容器C上电荷量增加D.电源的输出功率变小16、如图所示，两平行金属板间带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时；则（）

A.电压表读数增大B.电流表读数增大C.R3上消耗的功率逐渐减小D.质点P仍处于静止状态17、科学家使用核反应获取氚，再利用氘和氚的核反应获得能量，核反应方程分别为：和下列表述正确的有（）A.X是中子B.Y的质子数是3,中子数是6C.两个核反应都没有质量亏损D.氘和氚的核反应是核聚变反应18、A、B是两种放射性元素，原来都静止在同一匀强磁场，其中一个放出α粒子，另一个放出β粒子，运动方向都与磁场方向垂直。图中a、b与c、d分别表示各粒子的运动轨迹；下列说法中正确的是。

A.磁场方向一定为垂直纸面向里B.A放出的是α粒子，B放出的是β粒子C.b为α粒子运动轨迹，c为β粒子运动轨迹D.a轨迹中粒子比b轨迹中的粒子动量大评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)19、如图所示电路，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，安培表A的示数如何变化？小明同学的分析思路如下：

试写出以下步骤的物理原理：

②______________________________________。

④______________________________________。20、一瓶酒精用了一些后，把瓶盖拧紧，不久瓶内液面上方形成了酒精的饱和汽，此时_____（选填“有”或“没有”）酒精分子从液面飞出。当温度升高时，瓶中酒精饱和汽的密度_____（选填“增大”“减小”或“不变”）。21、判断下列说法的正误：

（1）一定质量的某种气体，在压强不变时，若温度升高，则体积减小。（____）

（2）“拔火罐”时，火罐冷却，罐内气体的压强小于大气的压强，火罐就被“吸”在皮肤上。（____）

（3）一定质量的气体，等容变化时，气体的压强和温度不一定成正比。（____）

（4）查理定律的数学表达式＝C，其中C是一个与气体的质量、压强、温度、体积均无关的恒量。（____）22、一定质量的理想气体，从初始状态A经状态B、C、D再回到A，体积V与温度T的关系如图所示。图中和为已知量。

(1)从状态A到B；气体经历的是_______（选填“等温”，“等容”，或“等压”）过程。

(2)从B到C的过程中；气体的内能_______（选填“增大”“减小”或“不变”）。

(3)从C到D的过程中，气体对外界_______（选填“做正功”“做负功”或“不做功”），同时________（选填“吸热”或“放热”）。23、封闭汽缸内一定质量的理想气体由状态A经状态B再变化到状态C，其体积V随热力学温度T变化的关系图象如图所示，气体在状态B时的温度T2＝________K。气体在从状态A变化到状态B的过程中吸收热量Q1＝240J，对外做功为W＝100J．则气体由状态B变化到状态C的过程中，气体向外传递的热量Q2＝________J。

24、下图是等离子体发电机示意图，平行金属板间匀强磁场的磁感应强度B=0.5T，两板间距离为0.2m，要使输出电压为220V，则等离子体垂直射入磁场的速度v0=________m/s，a是发电机的________极。(发电机内阻不计)25、一定质量的理想气体，状态从A→B→C→D→A的变化过程可用如图所示的p－V的图描述，图中p1、p2、V1、V2和V3为已知量．

(1)气体状态从A到B是______过程(填“等容”；“等压”或“等温”)；

(2)状态从B到C的变化过程中；气体的温度______(填“升高”；“不变”或“降低”)；

(3)状态从C到D的变化过程中；气体______(填“吸热”或“放热”)；

(4)状态从A→B→C→D的变化过程中，气体对外界所做的总功为________．26、“正电子湮没”是指正电子与电子相遇后一起消失而放出光子的过程，若一个电子和一个正电子相撞发生湮灭转化成一对光子，正、负电子的质量均为相碰前动能均为光速为普朗克常量为则对撞过程中系统动量_____（选填“守恒”、“不守恒”），光子的频率为_________．评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)27、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

28、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

29、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共32分)30、图1为某同学组装完成的简易多量程欧姆表的电路图。该欧姆表具有“”，“”两种倍率。所用器材如下。

A．干电池（电动势内阻）

B．电流表G（满偏电流内阻）

C．定值电阻

D．可调电阻（最大阻值）

E．单刀双掷开关一个；红黑表笔各一支，导线若干。

根据实验电路和实验器材；完成以下问题：

（1）若单刀双掷开关K与a连接测量未知电阻，操作步骤正确，欧姆表的指针如图2所示，则未知电阻的阻值为______

（2）根据实验电路可知电阻的阻值为______

（3）单刀双掷开关K与b连接，欧姆调零后可调电阻接入电路的阻值为______单刀双掷开关K与a连接，欧姆调零后可调电阻接入电路的阻值为______

（4）欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小，内阻变大，但此表仍能进行欧姆调零。若用此表测量电阻的值，则测量结果______（填“偏大”“偏小”或“不变”）。31、如图所示。用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律；即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。

（1）实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通过仅测量__________（填选项前的符号）；间接地解决这个问题；

A．小球开始释放高度

B．小球抛出点距地面的高度

C．小球做平抛运动的射程。

（2）图中点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置测量平抛射程然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射球m1从斜轨上S位置静止释放，与小球m2相碰，并多次重复。接下来要完成的必要步骤是__________；（填选项前的符号）

A．用天平测量两个小球的质量

B．测量小球开始释放高度

C．测量抛出点距地面的高度

D．分别找到相碰后平均落地点的位置

E．测量平抛射程

（3）经测定，m2=小球落地点的平均位置距点的距离如图所示。碰撞前、后的动量分别为与则__________若碰撞结束时m2的动量为则__________。

32、以下表格中所列数据是测量小灯泡U−I关系的实验数据：。U(V)0.00.20.51.01.52.02.53.0I(A)0.0000.0500.1000.1500.1800.1950.2050.215

①分析表格内实验数据并结合电表内阻（电压表约为3kΩ，电流表约为0.125Ω）可知，应选用的实验电路图是图_______（填“A”；“B”、“C”、“D”）；

②根据你所选的电路图完成实物图中的连线______．

③把表格中第4组数据所对应的点用记号“+”标在答题纸对应的U－I图中，并用平滑曲线作出完整的U－I图线______．

④现将两个这样的小灯泡并联后再与一个5的定值电阻R串联，接在内阻为1、电动势为3V的电源两端，如图所示．则图中电流表的读数为_______A（保留两位有效数字），此时每盏小灯泡的电功率为_______W（保留两位有效数字）33、(1)游标为20分度(测量值可准确到0．05mm)的卡尺示数如图所示，两测脚间狭缝的宽度为______mm

(2)如图所示是学生实验用的多用电表刻度盘，当选用量程为50V的直流电压档测量电压时，表针指于图示位置，则所测电压为_____V；若选用倍率为“×100”的电阻档测电阻时，表针也指于同一位置，则所测电阻的阻值为___评卷人得分六、解答题(共2题，共18分)34、如图所示，内壁光滑的导热气缸竖直放置在水平桌面上，气缸内封闭一定质量的气体。活塞质量m=4kg，活塞横截面积S=20cm2。活塞初始状态位于离底部高度h1=5cm处。假设外界空气温度恒为27℃，大气压强p0=1×105pa，g=10m/s2；

（1）用外力F将活塞缓慢提升4cm；求此时气缸内气体的压强；

（2）对气缸内气体缓慢加热；当温度升到57℃时，气体吸收了10J的热量，求此过程中气体内能的增加量。

35、如图足够长且电阻不计的光滑金属导轨CF、DE的末端C，D点间接有一个电源，电源电动势E=6V，内阻r=10Ω．两导轨延长交于O点，△OEF为等腰三角形，E、F两点处于同一水平面上，导轨所在平面与水平面的夹角0=37°，导轨上水平横架一根质量m=0.2kg且单位长度电阻为a=1Ω的导体棒PQ．在垂直导轨平面的方向加一匀强磁场B，g取10m/s2；sin37=0.6．

（1）当PQ接入电路的长度L=0.5m时，求流过PQ的电流和CD两点间的电压．

（2）当磁感应强度B=1.5T时，PQ静止在导轨上的某一位置，求此时磁场的方向、PQ所受安培力的大小及其电流的大小．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【详解】

A、红光到达AC面的入射角为i=30°，折射角为r=60°，则玻璃对红光的折射率为：故A错误；

B、红光在玻璃中的传播速度大小为：故B错误；

C、设临界角为C，则若使该束红光绕O点顺时针转过60°角，入射角为i=60°，根据折射定律可得折射角为r=30°，光线射到AC面上的入射角等于60°，大于临界角C，所以光线在AC面发生全反射，不会从AC面射出来；故C正确；

D、若将这束红光向左水平移动一小段距离，光线射到AC面上的入射角不变，则折射角不变，仍为60°，故D错误．2、C【分析】【分析】

【详解】

AC．由图可知，玻璃对a光的折射率较大，则a光的频率大于b光的频率；由。

可知a光光子能量大于b光光子能量；故C正确，A错误；

BD．在真空中；光速都相等，由公式。

可知a光的波长小于b光的波长，则如果b光是绿光，那么a光不可能是红光；故BD错误。

故选C。3、B【分析】【详解】

A.由对称性可知，E、G、H三点的电场强度大小相等；但电场强度的方向不同，故A错误；

B.由对称性可知，E.G、H三点的电势均相等；故B正确；

C.由于D点为正三角形的中心，即到三个点电荷的距离相等，故任意两点电荷在D点产生的合场强与第三个点电荷在D点产生的电场强度大小等大反向，故D点的电场强度为零；故C错误；

D.由C点电荷在E、F两点产生的电场强度等大反向，但A、B两个点电荷在E、F两点产生的电场强度却不相等；故D错误；

故选：B4、D【分析】【详解】

由图可知，当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻增大，则总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，总电流减小，故电流表A示数减小；根据欧姆定律知，R2的电压减小，则电压表V2的读数减小。电压表V1的读数U1=E-I（R1+r），I减小，则U1增大。将R1、R2看成电源的内阻，由于等效电源的内电阻与RP的大小未知，不能判断RP消耗的功率变化。电容器的电压等于电压表V2的读数，则知电容器的电压减小，电量减少。故D正确，ABC错误。5、A【分析】【详解】

ABD.滑动触头P左移；滑动变阻器接入电路的电阻减小，流过二极管的电流增大，从而发光增强，使光敏电阻阻值减小，最终达到增大流过灯泡的电流的效果，即灯泡消耗的功率增大。故A正确，BD错误。

C.滑动触头P右移，滑动变阻器接入电路的电阻增大，流过二极管的电流减小，发光减弱，光敏电阻阻值增大，灯泡消粍的功率减小。故C错误。6、A【分析】【详解】

根据题意可知波长

而P、Q两者之间的距离为

所以两者为反相点，再过0.3s，即可知P点位于平衡位置将向上振动，所以Q质点也位于平衡位置向下振动；加速度为零，速度最大，位移为零。

故选A。7、B【分析】【详解】

电流表测的是R2的电流，电压表V1测的是路端电压，电压表v2测的是R1的电压；

AB．滑动变阻器R0的滑片向下滑动的过程中，滑动变阻器的电阻变小，总电阻变小，则干路电流变大，电压表v2测的是R1的电压变大，内压变大，外压变小，即V1的示数变小，内压变大，R1分压变大，则R2分压变小；电流表示数变小，故A错误，B正确；

C．电压表V1示数变化量电压表的V2示数变化量又则故C错误；

D．当内外阻相等时输出功率最大，因外阻大于内阻，则外阻阻值减小时功率变大，即滑动变阻器R0的滑片向下滑动的过程中外电阻变小电源的输出功率变大，故D错误；8、B【分析】【详解】

衍射是波特有的现象，所有的波都能发生衍射现象，选项A正确；产生干涉现象的必要条件之一，就是两列波的频率相等，选项B正确；只有障碍物的尺寸与波长相差不多或小得多时，才能发生明显的衍射现象，选项C错误；在干涉图样中，振动加强区域的质点振幅最大，其位移随时间做周期性变化，选项D错误.9、A【分析】彩虹是光的色散现象，选项A错误；肥皂膜在阳光的照射下呈现彩色是光的干涉现象，选项B正确；交通警示灯选用红灯是因为红光更容易穿透云雾烟尘，选项C正确；液晶显示应用了光的偏振，选项D正确；此题选择错误的选项，故选A.二、多选题(共9题，共18分)10、A:B【分析】【详解】

A．用电压表直接连接干电池的两极，构成闭合回路，可得

由于电压表内阻很大，故电流很小，路端电压U近似等于电动势E；即电压表测量得到的电压近似与该电池的电动势大小相等，A正确；

B．据电动势的定义可得

即

故当外电路闭合时，每当的电荷量通过，该电池就能提供的电能；B正确；

C．当外电路闭合时；通过电池的电荷量与电流大小有关，C错误；

D．当外电路闭合时，1C的电荷量通过该电池时该电池能提供1.5J的电能，由

可知；由于电流未知，则所用时间不一定是1s，D错误。

故选AB。11、A:C【分析】【详解】

A项：在t1-t2时间内，穿过圆环的磁通量向上不是均匀增大，且图的斜率逐渐增加，通过法拉第电磁感应定律可知感应电流逐渐增大，因此线圈L的磁通量在增大；由愣次定律可以确定L必须减小面积以达到阻碍磁通量的增大，故L有收缩的趋势；故A正确；

BC项：在t2-t3时间内，穿过圆环的磁通量向上均匀减小，之后是向下均匀增大的，由法拉第电磁感应定律可知，L中磁通量不变，则L中没有感应电流；因此没有变化的趋势，故B错误，C正确；

D项：在t3-t4时间内，向下的磁通量减小，根据楞次定律，在线圈中的电流方向c到b，图的斜率逐渐减小，感应电流逐渐减小，根据右手螺旋定则，穿过圆环L的磁通量向里减小，则根据楞次定律，在金属圆环中产生顺时针方向的感应电流，故D错误．12、A:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．根据热力学第三定律；可知绝对零度是不能达到的。故A正确；

B．气体分子间距离减小时；其分子力做功不确定，故其分子势能不一定增大。故B错误；

C．绝热压缩过程；外界对气体做功，其温度升高，内能一定增加。故C错误；

D．等压变化过程；升高温度，气体对外界做功，等容变化过程，升高温度，体积不变，根据热力学第一定律，可知前者吸收热量多。故D正确；

E．分子热运动变剧烈时；分子平均动能变大，撞击器壁的平均作用力变大，分子平均距离变小时，气体体积减小，单位体积的分子数密度增加，气体压强一定变大。故E正确。

故选ADE。13、C:D【分析】【详解】

金属棒在整个运动过程中，受到竖直向下的重力，竖直向上的支持力，这两个力合力为零，还受到水平向左的安培力，金属棒受到的合力等于安培力，随着速度减小，安培力减小，加速度减小，故金属棒做加速度逐渐减小的变减速运动，故A错误；根据动量定理得通过金属棒的电量为可得故B错误；整个过程中由动能定理可得：则金属棒克服安培力做功为：故C正确；整个回路产生的总焦耳热为：金属棒上产生的焦耳热为：．故D正确．14、B:D:E【分析】【详解】

A．改变内能的方式有做功和热传递；则气体吸热后不知道做功情况，则不能得到内能如何变化，也不能确定温度是否变化；故A错误.

B．布朗运动是由于液体分子的无规则运动对固体微粒碰撞的不平衡引起的；故B正确.

C．气体分子的占有空间看成立方体模型，则故仅知道阿伏加德罗常数和气体的密度，要求出平均距离还缺少气体的摩尔质量；故C错误.

D．根据热力学第二定律的；热量从低温物体传到高温物体不能自发进行，必须借助外界的帮助，引起其它的变化；故D正确.

E．根据理想气体状态方程可知，压强由单位体积的气体分子数和温度共同决定，则只有单位体积的气体分子数增加，不能推出压强是否变化；故E正确.15、A:B【分析】滑动变阻器滑片P向右移动一段距离后；总电阻减小，则总电流增大，内电压增大，外电压减小，所以灯泡L的电流增大，灯泡变亮，电流表示数增大，电压表示数减小．故AB正确．灯泡两端的电压变大，外电压变小，则滑动变阻器两端的电压减小，根据Q=CU知，电容器C上的电荷量减小．故C错误．因为当外电阻等于内电阻时，电源的输出功率变大，外电阻大于内电阻，外电阻减小，则输出功率变大．故D错误．故选AB．

点睛：本题的难点在于确定电源的输出功率如何变化，可以用数学证明，当内外电阻相等时，电源的输出功率最大，这是很重要的结论．对于电容器，关键确定电压，记住这个结论很有必要：电容器与与它并联的电路电压相等．16、B:C【分析】【分析】

由图可知电路结构；由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点P的受力情况可知质点的运动情况．

【详解】

由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串连接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B正确；因并联部分电压减小，而R2中的电流增大，电压增大，故电压表示数减小，故A错误；因电容器两端电压等于并联电路两端的电压，电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，质点P向下运动，故D错误；因R3两端的电压减小，由P=U2/R可知，R3上消耗的功率减小；故C正确；故选BC。

【点睛】

解决闭合电路欧姆定律的题目，一般可以按照整体-局部-整体的思路进行分析，注意电路中某一部分电阻减小时，无论电路的连接方式如何，总电阻均是减小的．17、A:D【分析】【详解】

A．在反应中；根据电荷数守恒；质量数守恒，则X的电荷数为0，质量数为1，可知X是中子，故A错误；

B．根据可知；Y的质子数是3，质量数为6，则中子数是3，故B错误；

C．氘和氚的核反应是核聚变反应；故C正确；

D．两个核反应都放出能量；则都有质量亏损，故D错误。

故选C。18、B:C【分析】【详解】

A、粒子在磁场中做匀速圆周运动，由于α粒子和β粒子的速度方向未知；不能判断磁场的方向，A错误；

B、放射性元素放出α粒子时，α粒子与反冲核的速度相反，而电性相同，则两个粒子受到的洛伦兹力方向相反，两个粒子的轨迹应为外切圆；而放射性元素放出β粒子时，β粒子与反冲核的速度相反，而电性相反，则两个粒子受到的洛伦兹力方向相同，两个粒子的轨迹应为内切圆，A放出的是α粒子，B放出的是β粒子；B正确；

CD、放射性元素放出粒子时，两带电粒子的动量守恒，故a轨迹中粒子和b轨迹中的粒子动量大小相等，方向相反。由半径公式可得轨迹半径与动量成正比，与电量成反比，而α粒子和β粒子的电量比反冲核的电量小，则α粒子和β粒子的半径比反冲核的半径都大，故b为α粒子的运动轨迹，c为β粒子的运动轨迹，C正确D错误。三、填空题(共8题，共16分)19、略

【分析】【详解】

②根据闭合电路欧姆定律得：总电流减小，所以路端电压变大；④根据并联电路电流关系：总电流变小，而变大，则一定变小【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]形成饱和气后；酒精还是会蒸发，只是液体里跑到气体中的分子和气体中的分子跑到液体里的速度一样快，整体来看是不变的，维持了动态平衡。但此时仍然会有酒精分子从液面飞出；

[2]温度升高使气体分子的动能增大，离开液体表面的气体分子更多，饱和汽的密度增大。【解析】有增大21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误正确正确错误22、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]从状态A到B；由于体积没变，因此发生的是等容过程。

(2)[2]从B到C的过程；由于气体温度不变，因此气体的内能不变。

(3)[3][4]从C到D的过程中，由于体积减小，因此气体对外界做负功；而温度降低，内能减小，根据热力学第一定律，一定放出热量。【解析】等容不变做负功放热23、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]AB延长线过原点，即AB过程的V与T成正比，故A到B过程为等压过程，对A到B的过程运用盖－吕萨克定律可得

代入图象中的数据可得气体在状态B时的温度

[2]因为气体是一定质量的理想气体，而一定质量的理想气体的内能只跟温度有关，因为

所以A与C的内能相同，故A到B内能的增加量等于B到C内能的减小量，即

根据热力学第一定律可得

A到B过程气体对外做功，故

又已知

可得

根据热力学第一定律可得

B到C为等容过程，故

所以

故气体向外放出的热量为140J。【解析】60014024、略

【分析】【详解】

根据左手定则，正电荷向上偏，负电荷向下偏，所以上板带正电，即a是电源的正极．两板上有电荷，在两极板间会产生电场，电荷最终在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，有：qvB=q所以：．

【点睛】

解决本题的关键掌握等离子体进入磁场受到洛伦兹力发生偏转，根据左手定则，正电荷向上偏，负电荷向下偏，在两极板间会产生电场，电荷最终在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡．【解析】2200正25、略

【分析】（1）由题图可知；气体状态从A到B的过程为等压过程．

（2）状态从B到C的过程中；气体发生等容变化，且压强减小，根据p/T=C（常量），则气体的温度降低．

（3）状态从C到D的过程中；气体发生等压变化，且体积减小，外界对气体做功，即W＞0，根据V/T=C（常量），则气体的温度T降低，气体的内能减小，由△U=Q+W，则Q=△U-W＜0，所以气体放热．

（4）状态从A→B→C→D的变化过程中气体对外界所做的总功W=p2（V3-V1）-p1（V3-V2）．

点睛：此题关键是知道p-V图象中的双曲线表示等温线，图线与V轴所围的“面积”等于气体做功的大小，能熟练运用气态方程和热力学第一定律进行研究这类问题．【解析】(1)等压(2)降低(3)放热(4)p2(V3－V1)－p1(V3－V2)26、略

【分析】【详解】

光子无静止的质量，撞过程中动量守恒，则电子对撞过程中的质量亏损为．由爱因斯坦质能方程中电子对撞放出的能量为根据能量守恒得，每个光子的能量为又联立得到，光子的频率【解析】守恒四、作图题(共3题，共9分)27、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】28、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】29、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m