2025年外研版选修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版选修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、目前，我国正在开展5G网络试点工作，并将于2020年进入全面5G时代．届时，将开启万物互联时代：车联网、物联网、智慧城市、无人机网络、自动驾驶技术等将一一变为现实．5G，即第五代移动通信技术，采用3300-5000MHz频段，相比于现有的4G（即第四代移动通信技术，1880-2635MHz频段）技术而言，具有极大的带宽、极大的容量和极低的时延．5G信号与4G信号相比下列说法正确的是：A.5G信号在真空中的传播速度更快B.5G信号是横波4G信号是纵波C.5G信号粒子性更显著D.5G信号更容易发生明显衍射2、已知时间内通过均匀导体某一横截面的自由电子数为电子电荷量为导体横截面积为单位体积内的自由电子数为则电子定向移动的速度为（）A.B.C.D.3、下列说法正确的是（）A.物体温度不变，内能一定不变B.物体温度降低，一定对外放热C.物体温度升高，扩散运动加快D.物体温度升高，每个分子热运动的速率都增大4、饮水机是一种常见的家用电器，其工作电路可简化为如图所示的电路，其中S是温度控制开关，当水温升高到一定温度时，它会自动切换，使饮水机处于保温状态；R2是饮水机加热管的电阻，R1是与加热管串联的电阻．该饮水机的额定电压是220v，加热功率550w,保温时整机耗电量0.48kw/24h（不考虑R1、R2的阻值受温度影响）．当开关S闭合时，饮水机处于何种工作状态及R2的阻值为（）

A.加热220ΩB.加热88ΩC.保温88ΩD.保温220Ω5、下列有关物理量的方向描述正确的是（）A.电场中某点的电场强度的方向就是电荷在该点受到的电场力方向B.磁场中某点磁感应强度的方向就是正电荷在该点受到的磁场力方向C.闭合电路中电荷定向运动的方向就是电流的方向D.感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化6、如图所示，一列简谐横波沿x轴正方向传播．某时刻波上质点P正通过平衡位置，经过一段时间，波向前传播了距离d，P点第一次到达波谷；则该横波的波长为。

A.4dB.C.D.7、下列说法正确的是A.用分光镜观测光谱是利用光折射时的色散现象B.用X光机透视人体是利用光电效应C.光导纤维舆信号是利用光的干涉现象D.门镜可以扩大视野是利用光的衍射现象8、下列说法正确的是A.大量的氢原子从n=3的能级向低能级跃迁时只会辐射出两种不同频率的光B.衰变所释放的电子是原子核外的电子电离形成的C.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应D.紫外线照射到金属锌表面时能够发生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌版表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大9、图为模拟远距离输电实验电路图，两理想变压器的匝数n1＝n4<n2＝n3，四根模拟输电线的电阻R1、R2、R3、R4的阻值均为R，A1、A2为相同的理想交流电流表，L1、L2为相同的小灯泡，灯丝电阻RL>2R，忽略灯丝电阻随温度的变化．当A、B端接入低压交流电源时()

A.A1、A2两表的示数相同B.L1、L2两灯泡的亮度相同C.R1消耗的功率大于R3消耗的功率D.R2两端的电压小于R4两端的电压评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、如图所示；在xOy平面内有两根平行于y轴水平放置的长直导线，通有沿y轴正向；大小相同的电流I，两导线关于y轴对称，P为x轴上一点，Q为z轴上一点，下列说法正确的是（）

A.O点处的磁感应强度为零B.P点处的磁感应强度方向沿z轴正向C.Q点处的磁感应强度方向沿x轴正向D.正电荷沿y轴运动时，不受洛伦兹力作用11、下列关于热平衡定律的理解，正确的是（）A.两系统的温度相同时，才能达到热平衡B.A、B两系统分别与C系统达到热平衡，则A、B两系统达到热平衡C.甲、乙、丙物体温度不相等，先把甲、乙接触，最终达到热平衡，再将丙与乙接触最终也达到热平衡，则甲、丙是处于热平衡的D.热平衡时，两系统的温度相同，压强、体积也一定相同12、关于分子动理论的知识，下列说法正确的是（）A.一般情况下，分子直径的数量级为mB.扩散现象只能在液体和气体中发生，不能在固体中发生C.温度计的测温原理是热平衡原理E.温度越大，气体分子的平均动能越大E.温度越大，气体分子的平均动能越大13、下列说法正确的是（）A.熵增加原理说明一切自然过程总是向着分子热运动的无序性减小的方向进行B.在绝热条件下压缩气体，气体的内能一定增加C.当分子间作用力表现为引力时，分子势能随着分子间距离的减小而增大D.水可以浸润玻璃，但是不能浸润石蜡，这个现象表明一种液体是否浸润某种固体与这两种物质的性质都有关系14、下列说法正确的是（）A.将一块晶体敲碎后，得到的小颗粒是非晶体B.固体可以分为晶体和非晶体两类，有些晶体在不同的方向上有不同的光学性质C.由同种元素构成的固体，可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体D.在熔化过程中，晶体要吸收热量，但温度保持不变，内能也保持不变15、一带正电粒子仅在电场力作用下做直线运动，从A点经B、C运动到D点，其v-t图象如图所示，则下列说法中正确的是()

A.A处的电场强度小于B处的电场强度B.粒子在A处的电势能大于在B处的电势能C.C,D间各点电场强度和电势都为零D.A,B两点的电势差等于C,B两点间的电势差16、如图所示，水平面内的等边三角形ABC的边长为L，顶点C恰好位于光滑绝缘直轨道CD的最低点，光滑直导轨的上端点D到A、B两点的距离均为L，D在AB边上的竖直投影点为O，一对电荷量均为－Q的点电荷分别固定于A、B两点。在D处将质量为m、电荷量为+q的小球套在轨道上，由静止开始释放。已知静电力常量为k、重力加速度为g，且(忽略空气阻力及小球对原电场的影响)；则。

A.小球刚到达C点时，其动能为B.小球刚到达C点时，其加速度为零C.A、B两处的电荷在D点产生的场强大小为D.小球沿直轨道CD下滑过程中，其电势能先减小后增大17、下列说法正确的是()A.用光导纤维束传输图像和信息，这是利用了光的全反射原理B.紫外线比红外线更容易发生衍射现象C.经过同一双缝所得的干涉条纹，红光比绿光条纹宽度大D.光的色散现象都是由于光的干涉现象引起的评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)18、一定质量的气体经历a、b、c、d四段变化过程，压强与热力学温度的关系如图所示，气体体积在增大的过程是_________。忽略气体分子势能，气体的内能在增大的过程是_________。19、如图为一定质量的理想气体的体积与热力学温度的关系图像，该气体的状态经历的变化过程。气体状态由过程中，气体压强________（选填“增大”“不变”或“减小”）；若整个过程中气体放出的热量为则整个过程外界对气体所做的功为________。

20、如图所示，一定质量的理想气体发生如图所示的状态变化，从状态A到状态B，在相同时间内撞在单位面积上的分子数_______（选填“增大”、“不变”或“减小”），从状态A经B、C再回到状态A，气体吸收的热量_______放出的热量（选填“大于”；“小于”或“等于”）。

21、阴极射线管的上方有一根固定的导线AB，如图所示，当导线中通一如图所示的电流时，阴极射线管的电子流将向__________偏转。（填“下”或“上”）22、如图，粗细均匀的长玻璃管竖直放置且开口向下，管内的水银柱封闭了一部分体积的空气柱．当外界大气压缓慢减小，水银柱将_______（上升、不动、下降）；若大气压减小△p，水银柱移动L1，大气压再减小△p，水银柱又移动L2，则：L1_______L2（选填“>”、“<”；“=”）．（保持温度不变）

23、高空作业须系安全带。如果质量为m的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带刚对人产生作用力前人下落的距离为h（可视为自由落体运动），重力加速度为g，设竖直向上为正方向，则此过程人的动量变化量为______。此后经历时间t安全带达到最大伸长量，若在此过程中安全带作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为_____。评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)24、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

25、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

26、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共10分)27、学习了单摆的周期公式后，我们知道了可以利用此方法测重力加速度。高中阶段在实验室中“用单摆测重力加速度”是一种比较准确而简洁的方法。当我们用刻度尺和游标卡尺测出单摆的摆长为再用秒表测量出单摆摆动多个周期的总时长，进而求出单摆摆动一个周期为请同学们根据上述测量量给出求解重力加速度的公式：__________。

过几天；我们年级的同学将要去南京做研学项目了，我们计划让同学们完成“测定当地重力加速度”的任务，作为物理学科实践与拓展的项目。

如图甲所示，我们需要准备约长的细线，在靠近细线一端处测出长度，并做好标记。在当地寻找小块重物代替小球，系于摆线下端．先按图乙方式组装，并测出此摆长时单摆摆动次的总时间，进而求出此单摆周期记为再按图丙方式组装（依标记收起），再测出此摆长时单摆摆动次的总时间，进而求出此单摆周期记为请用乙、丙两摆的周期和摆长之差推导出本实验当地重力加速度的计算式：__________。28、某物理学习小组设计了如图所示的实验电路准备测量未知电阻Rx的值．图中G是指针在中央（零刻线在中央）的灵敏电流计（已知电流从左侧接线柱流入指针向左偏）；R是已知阻值的定值电阻，AB是一根粗细均匀的长直电阻丝，从刻度尺测得AB长度为L，D是与电阻丝接触良好的滑动触头．回答下列问题：

（1）同学在某一次将D调节到如图位置时发现电流计指针向右偏，则他应该把D向________（填左或右）移动适当距离，直到____________为止．

（2）他还需要测量的物理量有______________（用字母符号表示），未知电阻的计算表达式为Rx=________（用题目中给出和你设的字符表示）

（3）关于本次实验系统误差的分析为：测量值________电阻真实值（填“>”、“<”或“=”）．评卷人得分六、解答题(共3题，共27分)29、在平面直角坐标系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第Ⅳ象限存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B．一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以速度v0垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成θ＝60°角射入磁场，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出磁场；如图所示．不计粒子重力，求。

（1）M、N两点间的电势差UMN；

（2）粒子在磁场中运动的轨道半径r；

（3）粒子从M点运动到P点的总时间t．30、如图所示，倾角为的光滑斜面上，有一垂直于斜面向下的有界匀强磁场区域PQNM，磁场区域宽度L=0.1m．将一质量m=0.02kg、边长L=0.1m、总电阻R=0.4的单匝正方形闭合线圈abcd由静止释放，释放时ab边水平，且到磁场上边界PQ的距离也为L，当ab边刚进入磁场时，线圈恰好匀速运动，g=10m/s2；求：

（1）ab边刚进入磁场时，线圆所受安培力的大小F安方向；

（2）ab边刚进入磁场时，线圈的速度及磁场磁感应强度B的大小；

（3）线圈穿过磁场过程产生的热量Q．31、如图所示，以水平方向为x轴，竖直方向为y轴建立直角坐标系，x轴的下方有垂直于xoy平面的匀强磁场和平行于y轴的匀强电场（图中未画出，足够大），质量为m电量为q的带正电质点从y轴上的M点以沿x轴正向的速度v0=3m/s进入第一象限，经x轴上一点N进入第四象限，N点坐标是（1.2，0），之后做匀速圆周运动，且经过坐标为（1.2，-3），（-2.8，-3）的点．已知重力加速度为g=10m/s2，求

（1）匀强电场的电场强度大小和方向

（2）匀强磁场的磁感应强度大小

（3）质点从开始运动到进入第二象限之前的运动时间参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】A；5G信号与4G信号都是电磁波；在真空中的传播速度等于光速，故A错误；

B；5G信号与4G信号都是电磁波；5G信号和4G信号是横波，故B错误；

C；5G信号的频率高；粒子性越显著，故C正确；

D；4G信号的频率低；波长长，更容易发生明显衍射，故D错误；

故选C．2、D【分析】【分析】

由电流的定义可求得电流，再由可求得电子的定向移动速度。

【详解】

由

可得

由

可得

D正确。3、C【分析】【详解】

A．物体的内能与物体的体积；温度、摩尔数等因素都有关；所以温度不变，其内能不一定不变，故A错误；

B．可以通过对外做功导致物体的内能减少；温度降低；不一定非要对外放热，故B错误；

C．扩散现象是分子的热运动；扩散现象；布朗运动和分子热运动都随温度的升高而变得剧烈，故C正确；

D．温度是分子平均动能的标志；温度升高，分子平均动能增大，不是每一个分子的动能都增大，故D错误。

故选C。4、B【分析】【分析】

电源电压U不变，由P=U2/R可知，电阻越大电功率越小，电热水器处于保温状态，电阻越小电功率越大，电热水器处于加热状态；根据公式P=U2/R的变形可计算电阻的大小；

【详解】

电源电压U不变，由P=U2/R可知，温控开关S闭合时，只有一只电阻工作，电阻小，则电功率大，为加热状态；由公式P=U2/R得加热管R2的阻值：故选B.5、D【分析】A；电场中某点的电场强度的方向就是正电荷在电场中某点受力的方向；故A错误；

B；磁场中任一点；小磁针北极受力方向，就是该点的磁场方向，故B错误；

C；电荷的定向移动形成电流；正电荷的定向移动方向是电流的方向，故C错误；

D；楞次在分析了许多实验事实后提出楞次定律；即感应电流应具有这样的方向，感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故D正确。

点睛：本题考查了电场、磁场、电流以及感应电流的方向，注意教材中对这些方向的规定。6、A【分析】【详解】

由波形图可知，t=0时刻P点在平衡位置向下振动，当P点第一次到达波谷时经过的时间为T/4，则波向前传播λ/4，即λ/4=d，解得λ=4d，故选A.7、A【分析】【详解】

分光镜是利用色散元件（三棱镜或光栅）将白光分解成不同波长的单色光，故A正确；用X光机透视人体是利用X光的穿透性，故B错误；光导纤维传输信号是利用光的全反射现象，故C错误；门镜可以扩大视野是利用光的折射现象，故D错误．8、C【分析】【详解】

A．大量的氢原子从n=3能级向低能级跃迁时，会辐射出种不同频率的光；A错误；

B．衰变所释放的电子是原子核内的中子变成质子所产生的；B错误；

C．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的轻核聚变所产生的热量；C正确；

D．根据爱因斯坦光电效应方程；增大紫外线的照射强度时，从锌版表面逸出的光电子的最大初动能不会改变，D错误；

故选C。9、D【分析】试题分析：设AB间的输入电压为U1，根据输送电功率P=UI，可得电流表A2的示数为电流表A1的示数为根据变压规律又因为n1＜n2，故U2大于U1，所以所以A错误；导线上损耗的功率又R1、R2的电流小，所以损耗的功率比R3、R4损耗的少，故L1的电功率大于L2的电功率，所以亮度不同，故B错误；根据知，R1消耗的功率小于R3消耗的功率，故C错误；根据U=IR可知R2两端的电压小于R4两端的电压；所以D正确。

考点：本题考查变压器；远距离输电。

____二、多选题(共8题，共16分)10、A:B【分析】【详解】

根据安培定则可判断出电流产生的磁场方向如图所示：

两电流在O点处产生的磁感应强度等大反向，合磁感应强度为零，故A正确；两电流在P点的磁场方向相反，叠加后合磁场方向沿z轴正方向，故B正确；两电流在z轴正方向上Q点产生的磁感应强度矢量叠加后，沿x轴负方向，故C错误；正电荷从O点沿z轴向上运动，由左手定则判断其受沿y轴正方向的洛伦兹力作用，故D错误。所以AB正确，CD错误。11、A:B【分析】【详解】

AD．根据热平衡的特点可知；两个系统达到热平衡的标志是它们温度相同，但压强；体积不一定相同，故A正确，D错误；

B．根据热平衡定律，A、B两系统分别与C系统达到热平衡，则A、B两系统达到热平衡；故B正确；

C．甲；乙、丙物体温度不相等；先把甲、乙接触，最终达到热平衡，再将丙与乙接触最终也达到热平衡，此时乙、丙与甲的温度不一定相等，所以甲、丙不一定是处于热平衡的，故C错误。

故选AB。12、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．一般情况下，分子直径的数量级为m；A正确；

B．扩散现象在固体；液体、气体中均能发生；B错误；

C．温度计能测出被测物体的温度；其原理是热平衡定律，即温度计与被测系统达到热平衡时温度相同，其示数也就是被测物体的温度，C正确；

D．由。

当T=0时。

D错误；

E．温度是气体分子平均动能的标志；温度越大，气体分子的平均动能越大，E正确。

故选ACE。13、B:D【分析】【详解】

A．熵增加原理说明一切自然过程总是向着分子热运动的无序性增加的方向进行；A错误；

B．在绝热条件下无热量交换；压缩气体，体积减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律，气体的内能一定增加，B正确；

C．当分子间作用力表现为引力时；随着分子间距离的减小，分子力做正功，分子势能减小，C错误；

D．水可以浸润玻璃；但是不能浸润石蜡，这个现象表明一种液体是否浸润某种固体与这两种物质的性质都有关系，D正确。

故选BD。14、B:C【分析】【详解】

将一块晶体敲碎后，得到的小颗粒还是晶体，A错误。固体可以分为晶体和非晶体两类，有些晶体在不同方向上各向异性，具有不同的光学性质，B正确。由同种元素构成的固体，可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体，例如石墨和金刚石。C正确。在熔化过程中，晶体要吸收热量，虽然温度保持不变，但是内能要增加。D错误。15、B:D【分析】【分析】

从图象可以看出；粒子做的是非匀变速直线运动，可得出受到的电场力不恒定，由带正电的粒子仅在电场力作用，有图线斜率代表加速度，有牛顿第二定律得知电场力的大小关系，从而得到电场强度的大小关系．由运动过程中，动能增加，势能减少，所以可判断出粒子在AB两点的电势能大小，有电场力做功的公式可得AB两点间的电势差与CB两点间的电势差的大小关系．

【详解】

A项：由运动的速度--时间图象可看出；带正电的粒子的加速度在A点时较大，由牛顿第二定律得知在A点的电场力大，故A点的电场强度一定大于B点的电场强度，故A错误；

B项：由A到B的过程中；速度变大了，说明是电场力做正功，电势能转化为动能，由功能关系可知，此过程中电势能减少，正电荷在A点是电势能大于在B时的电势能，所以粒子在A点的电势能高于B点的电势能，故B正确；

C项：从C到D；粒子速度一直不变，故电场力做功为零，可知CD间各点电场强度为零，但电势不一定为零，故C错误；

D项：A；C两点的速度相等；故粒子的动能相同，因此从A到B和从B到C电场力做功的绝对值相同，AB两点间的电势差等于CB两点间的电势差，故D正确．

故选BD．

【点睛】

本题考查到了电场力做功的计算和电场力做功与电势能的关系，其关系为：电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少；电荷克服电场力做功，电荷的电势能增加，电势能变化的数值等于电场力做功的数值．这常是判断电荷电势能如何变化的依据．还考查了对于匀变速直线运动的图象分析电荷在电场中移动时，电场力做的功与移动的路径无关，只取决于起止位置的电势差和电荷的电量，这一点与重力做功和高度差的关系相似．16、B:D【分析】【分析】

根据矢量合成的方法；结合库仑定律即可求出D点的电场强度；对C点的小球进行受力分析，结合库仑定律即可求出小球在C点的加速度；根据功能关系即可求出小球到达C的动能；根据等量同种点电荷的电场的特点分析各点的电势的变化，然后结合电势与电势能的关系分析小球的电势能的变化。

【详解】

A项：由于C与D到A；B的距离都等于L；结合等量同种点电荷的电场特点可知，C点与D点的电势是相等的，所以小球从D到C的过程中电场力做功的和等于0，则只有重力做功，小球的机械能守恒，得。

由几何关系可得：

小球的动能：故A错误；

B项：由几何关系得：则：∠OCD=45°

对小球进行受力分析；其受力的剖面图如图：

由于C到A；B的距离与D到A、B的距离都等于L；结合A的分析可知，C点的电场强度的大小与D点的电场强度的大小相等，方向指向O点，即：

沿斜面方向：mgcos45°-F•cos45°=ma

垂直于方向：mgsin45°+Fsin45°=N

其中F是库仑力，联立以上三式得：a=0．故B正确；

C项：负电荷产生的电场指向负电荷；可知两个负电荷在D处的电场强度分别指向A与B，由于两个点电荷的电量是相等的，所以两个点电荷在D点的电场强度的大小相等，则它们的合场强的方向沿DA；DB的角平分线；

由库仑定律，A、B在D点的场强的大小：它们的合场强：ED=EAcos30°+EBcos30°=故C错误；

D项：由几何关系可知；在CD的连线上，CD连线的中点处于到A；B的距离最小，电势最低，小球带正电，所以小球在CD的连线中点处的电势能最小。则小球沿直轨道CD下滑过程中，其电势能先减小后增大。故D正确。

故选：BD。

【点睛】

此题的难度在于计算小球到最低点时的电场力的大小，注意AB处有等量同异种电荷，CD位于AB边的中垂面上。17、A:C【分析】【分析】

【详解】

光导纤维束传输图象和信息，这是利用了光的全反射原理，故A正确；紫外线的波长比红外线短，不容易发生衍射现象，故B错误；同一双缝所得干涉条纹，红光的波长比绿光长，则干涉条纹宽度大，故C正确；色散现象可以由光的干涉或折射现象引起，故D错误．三、填空题(共6题，共12分)18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由图可知；a过程，温度不变，压强增大，由玻意耳定律可得，气体的体积减小，由于a过程温度不变，因此内能不变；

b过程温度升高，压强增大，由于图像的斜率不变，因此气体的体积不变，由于b过程温度升高；因此气体的内能增大；

c过程压强减小；温度不变，由玻意耳定律可得，气体的体积增大，由于c过程温度不变，因此气体的内能不变；

d过程温度降低；压强减小，由于图线的斜率不变，因此气体的体积不变，由于d过程气体的温度降低，因此气体的内能减小；

综上所述，气体体积在增大的过程是c过程，气体的内能在增大的过程是b过程；【解析】c过程b过程19、略

【分析】【详解】

[1]气体状态由过程中

所以是等压过程；气体压强不变。

[2]的整个过程气体温度不变，内能不变，则

整个过程中气体放出的热量为由热力学第一定律可知

解得整个过程外界对气体所做的功为【解析】不变Q20、略

【分析】【详解】

[1][2]理想气体从状态A到状态B，压强不变，体积变大，分子的密集程度减小，所以在相同时间内撞在单位面积上的分子数减小，从状态A经B、C再回到状态A，内能不变，一个循环过程中，A到B气体对外做的功

B到C过程中外界对气体做功

C到A体积不变不做功，所以

根据

解得

即一个循环气体吸热2J，所以一个循环中气体吸收的热量大于放出的热量。【解析】①.减小②.大于21、略

【分析】根据安培定则判断可知：通电导线在阴极射线管处产生的磁场方向垂直纸面向里；电子带负电，向右运动，由左手定则判断得知电子流所受的洛伦兹力方向向下，所以阴极射线向下偏转．

【点睛】本题关键要掌握两大定则：安培定则和左手定则，要明确两个问题：一是什么条件用什么定则，二是怎样用定则．【解析】下22、略

【分析】【详解】

设外界大气压为封闭气体的压强为封闭气体的横截面为S，气柱的长度为封闭水银柱受力平衡：解得由于气体的温度不变，所以的乘积应该是一定值，设为C，则解得当外界大气压降低相同的量时，根据函数关系可知气柱的长度会增加，且气柱移动的长度．【解析】下降<23、略

【分析】【详解】

下落距离时的速度为：所以动量变化为：

对自由落体运动，有：解得：规定向下为正方向，对运动的全程，根据动量定理，有：解得：．【解析】四、作图题(共3题，共21分)24、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】25、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】26、略

【分析】【分析】