2025年沪科版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版必修3物理上册月考试卷182考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、纸面内的两根导线相互平行，通有同向且等大的电流，则A.两导线相互排斥B.两导线相互吸引C.两导线之间与两导线距离相等处磁场方向垂直于纸面向里D.两导线之间与两导线距离相等处磁场方向垂直于纸面向外2、在一个点电荷的电场中，让轴与它的一条电场线重合，坐标轴上两点的坐标分别为和（图1）。在两点分别放置的试探电荷，其受到的静电力跟试探电荷的电荷量的关系如图2中直线所示；则（）

A.点的电场强度大小为B.点的电场强度方向点的电场强度方向相反C.点电荷是负电荷D.点电荷的位置在点的左侧3、位于水平面的一个圆上有等间距的三个点A、B、C，每个点上放一个带正电的点电荷，这三个点电荷的带电荷量相同，如图所示。设每个点电荷单独在圆心产生的电场的场强大小为电势为则关于圆上正北点处的电场场强大小E、电势的说法正确的是（）

A.B.C.D.4、如图所示，虚线是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相等，实线为一个带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域的运动轨迹，是轨迹上的两点。下列说法中正确的是（）

A.带电质点一定是从点向点运动B.三个等势面中，等势面的电势最高C.带电质点通过点时的加速度比通过点时小D.带电质点通过点时的动能比通过点时的动能小5、如图所示电路中，电动机的内阻为开关闭合后，调节滑动变阻器，当电动机正常工作时，电动机两端的电压为通过电动机的电流为电动机输出的机械功率等于

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、手机触摸屏多数采用的是电容式触摸屏，其原理可简化为如图所示的电路。平行板电容器的上、下两极板A、B分别接在一恒压直流电源的两端，上极板A为两端固定的可动电极，下极板B为固定电极。当用手指触压屏幕上某个部位时，可动电极的极板会发生形变，从而改变电容器的电容。当压力F增大时（）

A.电容器所带电荷量不变B.直流电源对电容器充电C.极板间的电场强度增大D.电阻R上有从a到b的电流7、如图，天花板上固定一个光滑小环一绝缘细绳穿过光滑小环，两端分别与带电小球连接，的质量分别为和带电荷量分别为系统静止时，小球和光滑小环的距离分别为细绳段与竖直方向的夹角为细绳段与竖直方向的夹角为两带电小球均可视为点电荷，则以下关系式正确的是（）

A.B.C.D.8、在物理学的发展进程中，科学的物理思想与方法对物理学的发展起到了重要的作用，下列关于物理思想和方法的说法中正确的是（）A.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了理想模型法B.质点和点电荷采用的是微元法的思想C.合力和分力体现了等效替换的思想D.加速度、电场强度、电势都是采取比值法定义的物理量9、如图，四个电荷量均为的点电荷分别放置于菱形的四个顶点，其坐标分别为和其中x轴上的两个点电荷位置固定，y轴上的两个点电荷可沿y轴对称移动（）；下列说法正确的是（）

A.除无穷远处之外，菱形外部电场强度处处不为零B.当取某值时，可使得菱形内部只存在两个电场强度为零的点C.当时，将一带负电的试探电荷由点移至点静电力做正功D.当时，将一带负电的试探电荷放置在点处，其所受到的静电力方向与x轴正方向成倾斜向上10、如图所示，用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差U；现使B板带电，则下列判断正确的是（）

A.增大两极板间的距离，指针张角变大B.将A板稍微上移，静电计指针张角变大C.若将玻璃板插入两板之间，则静电计指针张角变大D.若将A板拿走，则静电计指针张角变为零11、如图所示，竖直正对的平行板电容器带等量异种电荷，带正电的右板与静电计相连，左板接地。假设两极板所带的电荷量不变，电场中P点固定一带正电的点电荷；下列说法正确的是。

A.若仅将左板上移少许，则静电计指针偏角变小B.若仅将左板右移少许，则静电计指针偏角变小C.若仅将左板上移少许，则P点电势升高D.若仅将左板右移少许，则P的点电荷电势能增大12、如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点．在这一运动过程中克服重力做的功为电场力做的功为则下列说法正确的是

A.粒子带负电B.粒子在A点的电势能比在B点少JC.粒子在A点的动能比在B点多JD.在粒子和地球所组成的系统中，粒子在A点的机械能比在B点少J13、在如图甲所示电路中，定值电阻R为滑动变阻器闭合开关后，多次改变滑片的位置，分别记录电压表和电流表的示数由测得数据作出如图乙所示图线下列判断正确的是

A.当滑片向右滑动时，电压表示数增大B.电源的电动势测量值约为C.电源的内阻测量值约为D.当电源短路时，电流表示数为评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、如图电路；当滑动变阻器的滑片放在正中时，三灯的亮度相同，则：

（1）三灯的电阻大小关系是：____；

（2）当滑动变阻器的滑片下移后，三个灯的亮度最暗的是____灯．15、某地地磁场的磁感应强度的水平分量是3.0×l0-5T，竖直分量是4.0×10-5T，则地磁场磁感应强度的大小为_______T，在水平面上，面积为5m2的范围内，地磁场的磁通量为_______Wb。16、电阻率：

（1）物理意义：反映了材料导电性能的好坏，电阻率越___________；表示这种材料的导电性能越好。

（2）决定因素：导体的材料和___________。

（3）金属的电阻率：随温度的升高而___________。

（4）超导现象：某些材料当温度特别低时，电阻可以降到___________的现象。17、如图所示，a、b是两个带有同种电荷的小球，电荷量分别为2×10-5C、4×10-5C用绝缘丝线悬挂于同一点，a球绳长0.6m，两球静止时，它们距水平面的高度相等，绳与竖直方向的夹角分别为α=37°、β=53°，静电力常量为9.0×109Nm2/C2，g取10m/s2则a、b间静电力大小为__________N，a球的质量为__________kg

18、元电荷：

（1）定义：最小的___________，用e表示。

（2）带电体的电荷量特征：所有带电体的电荷量都是e的___________倍，是___________连续变化的物理量。

（3）元电荷e的数值：最早是由美国物理学家密立根测得的，e=1.602176634×10-19C，计算中可取e=___________C。

（4）电子的比荷：电子的电荷量与电子的___________之比。=___________C/kg。19、库仑的实验。

（1）库仑扭秤实验是通过悬丝扭转的角度比较静电力F大小的。实验结果发现静电力F与距离r的___________成反比。

（2）库仑在实验中为研究F与q的关系，采用的是用两个___________的金属小球接触，电荷量___________的方法，发现F与q1和q2的___________成正比。20、一矩形线圈面积S＝10cm2，它和匀强磁场方向之间的夹角θ1＝30°，穿过线圈的磁通量Ф＝2×10－4Wb，则磁场的磁感应强度B＝______________；若线圈以一条边为轴转180°，则穿过线圈的磁通量的变化量为____________；若线圈平面和磁场方向之间的夹角变为θ2＝0°，则Ф0＝________________。评卷人得分四、作图题(共2题，共14分)21、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

22、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。评卷人得分五、实验题(共4题，共16分)23、为描绘小灯泡的伏安特性曲线；选用小灯泡额定值为“3.0V，1.2W”，实验中有仪器：电流表；电压表、开关、滑动变阻器、坐标纸、导线。

（1）为使加在小灯泡两端的电压从零开始，能在较大的范围内调节，滑动变阻器应采用______（选填“分压式”或“限流式”）接法。请在虚线框中画出电路图______；

（2）请根据你画的电路图，把图中的实验器材连成符合要求的实验电路______；

（3）为使读数误差尽可能小，电压表的量程应选用______V，电流表的量程应选用______A，为保证实验安全，测量范围不能超过______V和______A。24、某物理实验小组准备测一个电源的电动势和内阻；他们身边的器材有：

待测电源（为以下的电源）、电流表（量程内阻为）、电压表（量程内阻为）、定值电阻导线和开关若干。

（1）由于缺少变阻箱或者滑动变阻器，他们找来了一根粗细均匀的金属导体棒替代，利用接入电路不同长度的导体来改变电阻，首先他们测量了导体棒的长度为用欧姆表“挡”测量了导体棒的电阻，指针偏转如图甲所示，导体棒每的电阻大小为__________

（2）关于器材的选择，他们的解释合理是___________。

A.不使用电压表的原因是电压表内阻过小。

B.不使用电压表的原因是电压表量程过大。

C.使用定值电阻可以增大实验数据范围。

（3）选定好器材后，设计了如乙所示实验电路图（导体棒用表示），你认为合理的是__________。

（4）根据实验数据他们画出了接入电路的导体的长度与电流表示数之间的图像，如图丙所示，则该电源的电动势__________内阻__________（结果保留一位小数）25、已知一热敏电阻当温度从10℃升至60℃时阻值从几千欧姆降至几百欧姆；某同学利用下列方法测量其常温下的阻值。

（1）用多用电表的欧姆挡“×10”倍率测量热敏电阻的阻值，正确操作指针偏转如图甲所示。实验小组应将倍率更换至______（选填“×100”或“×1”）倍率；正确操作并读出热敏电阻阻值；

（2）实验小组在粗略测量热敏电阻阻值后；用以下的器材精确测量它的阻值。

A.电源（E=5V；内阻约为1Ω）

B.电流表（0~5mA；内阻约为5Ω）

C.电流表（量程0.6A；内阻约为1Ω）

D.电压表（0~5V；内阻约为3kΩ）

E.电压表（0~15V；内阻约为10kΩ）

F.滑动变阻器R（0~10Ω；允许通过的最大电流为10mA）

G.开关。

H.导线。

①为了尽可能精确的测量热敏电阻的阻值，电流表选_______，电压表选_______；（选填元件前面的序号）

②下列电路图设计合理的是_______。（选填“乙”或“丙”）

（3）已知热敏电阻与温度的关系如下表所示：。t/℃10.020.030.040.050.060.0/Ω2400.01500.01150.0860.0435.0120.0

利用该热敏电阻制作温控报警器，其电路原理如图丁所示，图中E为直流电源（电动势为10V，内阻可忽略），报警系统接在ab之间，当ab之间的输出电压低于6.0V时，便触发报警器报警，若要求开始报警时环境温度为60℃，则图中电阻箱R的阻值应为_______Ω。测试发现温度达到55℃时报警器就开始报警，则应______（选填“调小”或“调大”）电阻箱的阻值。

26、小周在“测定电池的电动势和内阻”实验中，使用了以下器材：干电池1节、灵敏电流计1只（满偏电流内阻）、电阻箱2只（可调范围）；开关一个、导线若干。

（1）小周先用多用电表估测电池电动势，如图甲所示，其读数为______V。

（2）现要将灵敏电流计改装成量程为3V的电压表，它需要与电阻箱b相连，那么电阻箱b的阻值应为______此实验的实物图如图乙所示（只画出了部分连线），请将剩余连线补充完整______。

（3）调节电阻箱a的阻值R，获得相应电流表读数I，作出如图丙所示的图像。根据图像可得，电源电动势E＝______V、内阻r＝______（结果均保留2位小数）。

（4）改装后的电压表具有分流作用，可能使实验结果产生偏差。对结果进行修正后，此干电池真实的图像应出现在______（选填“区域Ⅰ”、“区域Ⅱ”或“原图线位置”）。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

带电体周围存在着一种特殊物质；这种物质叫电场，其基本性质是对放入电荷有电场力的作用，而电荷间的相互作用就是通过电场发生的。通电导线的周围有磁场，另一通电导体放在此通电导线的磁场内，受到磁场的作用，根据左手定则就可以判断出相互作用力。

【详解】

根据通电直导线产生磁场的特点；两条导线周围都产生圆形磁场，而且磁场的走向相反；这就好像在两条导线中间放置了两块磁铁，它们的N极和S极相对，S极和N极相对，由于异名磁极相吸，这两条导线会产生吸引力，故A错误，B正确；根据矢量的叠加法则，结合以上分析：在两条导线之间磁场方向相反，则两导线之间与两导线距离相等处，两导线在此处磁场方向相反，大小相等，因此它们的合磁场为零，故CD错误。故选B。

【点睛】

本题考查了电流的磁场、磁场对电流的作用，只是要求灵活运用所学知识；电场是特殊形态的物质，看不见，摸不着，但又是客观存在的物质，电荷周围就存在电场，已被大量实验证明。2、D【分析】【详解】

A．由题图可得B点电场强度的大小

选项A错误；

B．由可知图象的斜率表示电场强度，可知，故A、B两点场强的方向均沿x轴的正方向；选项B错误；

C．因A点的正电荷受力和B点的正电荷受力均指向x轴的正方向，故点电荷Q带正电；选项C错误；

D．由题图可得A点电场强度的大小

选设点电荷Q的坐标为x，则

解得

可知点电荷的位置在点的左侧；选项D正确。

故选D。3、D【分析】【详解】

由对称性知A、B两点电荷在正北点产生的场强大小都为则合场强

方向指向正北。若把C点电荷放在圆心处，则C点电荷在正北点产生的场强为方向指向正北，而C点电荷位于正南点时，在正北点处产生的场强沿正北方向，小于故三点电荷在正北点产生场强的矢量和小于大于另外，分析可知A、B两点电荷在正北点产生的电势均为二者共同产生的电势为若把C点电荷放在圆心处，则C点电荷在正北点产生的电势为而C点电荷位于正南点时，其在正北点处产生的电势应该小于故三点电荷在正北点产生的电势大于而小于

故选D。4、D【分析】【详解】

A．根据已知条件不知道带电质点的初速度情况；则无法判断粒子的运动方向，A错误；

B．根据轨迹弯曲的方向知受力向下，质点为负电荷可知电场线垂直电场线向上，a点电势最高；B错误；

C．等差等势面P处密，则P处电场强度大；电场力大，加速度大，C错误；

D．若带电质点由P到Q，则电场力做正功，动能增加，则带电质点通过点时的动能比通过点时的动能小；D正确。

故选D。5、C【分析】【详解】

电动机是非纯电阻电路，电动机两端的电压为U，通过电动机的电流为I，故电机的电功率为IU；电动机内阻为R，故电动机消耗的热功率为I2R；根据能量守恒定律，电动机输出的机械功率为：

故C正确；ABD错误。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)6、B:C【分析】【分析】

【详解】

由公式可知，当压力F增大时两板间距离减小，电容增大，由公式可知，电容器所带电荷量增大，即直流电源对电容器充电，电阻R上有从b到a的电流，由公式可知；极板间的电场强度增大。

故选BC。7、A:B【分析】【详解】

B．对两小球受力分析，和均受重力、拉力，库仑力，小球均处于平衡状态；作力的矢量三角形，如图所示。

因为两小球通过穿过小环的绝缘细绳连接，则细绳上拉力大小处处相等，间的库仑力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反，根据相似三角形知识可知

可得

B正确；

AD．

由以上可得：则A正确，D错误；

C．系统处于平衡状态，对的库仑力和对的库仑力是一对作用力与反作用力；两小球的带电荷量关系无法确定，C错误；

故选AB。8、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．在推导匀变速直线运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，采用的是微元法，A错误；

B．质点和点电荷采用的是理想模型法；B错误；

C．合力和分力体现了等效替换的思想；C正确；

D．加速度；电场强度、电势都是采取比值法定义的物理量；D正确。

故选CD。9、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据场强叠加原理可知；除无穷远处之外，菱形外部电场强度处处不为零，选项A正确；

B．因为在x轴上的两个点电荷在O点的合场强为零，在y轴上的两电荷，无论y0取什么值，因为关于原点对称，则在O点的合场强也为零；在横轴和纵轴上除原点外，出现合场强为零的点，根据对称性可知，一定是成对出现的，关于原点对称，所以算上原点，合场强为零的点是奇数个，不会是2个，选项B错误；

C．由几何关系可知，坐标为（4l，5l）的A点在第一象限内所在的虚像的垂直平分线的上方；坐标为（0，-3l）的B点在第三象限内所在的虚像的垂直平分线的上方，且到达虚线的距离相等，由电势叠加可知，B点的电势高于A点，则带负电的试探电荷在A点的电势能较大，从A点到B点电势能减小；可知电场力做正功，选项C正确；

D．若y0=4l，则四个点构成正方形，由对称可知在点（l，l）处的场强一定沿着过该点与原点连线的方向上；在y轴正向和x正向上的点电荷在（l，l）处的合场强。

在y轴负向和x负向上的点电荷在（l，l）处的合场强。

可知（l，l）点的场强沿着MN方向且与x轴从成45°角的方向向下；选项D错误。

故选AC。10、A:B【分析】【分析】

电势差U变大(小)；指针张角变大(小)。

【详解】

A．增大两极板之间的距离，由电容的决定公式C＝知，电容C变小，电容器所带的电荷量Q一定，再由C＝得，极板间电压U变大；静电计指针张角变大，A正确；

B．若将A板稍微上移时，正对面积S变小，由电容的决定式C=知，电容C也变小，电量Q不变，由C=知，电压U变大；静电计指针张角变大，B正确；

C．若将玻璃板插入两极板之间时，由电容的决定式C=可知，电容C变大，电量Q不变，由C=知，电压U变小；静电计指针张角变小，C错误；

D．若将A板拿走时；B板上带电量不变，静电计相当于验电器，指针张角不是零，D错误。

故选AB。11、B:C【分析】【详解】

A.两极板所带的电荷量不变，若仅将左板上移少许，根据可知，电容C减小，由可知，U增大，所以静电计指针偏角θ增大；故A错误；

B.若仅将左板右移少许，d减小，可知，电容C增大，由可知，U减小，由则静电计指针偏角θ变小；故B正确；

C.若仅将左板上移少许，根据可知，电容C减小，由可知，U增大，由可知，E增大；左极板接地，由沿电场线的方向电势降低可知P点的电势为正，根据可得，P点电势升高；故C正确；

D.若仅将左板右移少许，两极板所带的电荷量不变，则E不变，根据可得，P点电势减小，则由可得P的点电荷电势能减小，故D错误；12、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由运动轨迹上来看；垂直电场方向射入的带电粒子向电场的方向偏转，说明带电粒子受到的电场力与电场方向相同，所以带电粒子应带正电，故A错误；

B．从A到B的过程中；电场力做正功，电势能在减少，所以在A点是的电势能要大于在B点时的电势能，故B错误；

C．从A到B的过程中；克服重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可知，粒子在A点的动能比在B点多0.5J，故C正确；

D．从A到B的过程中；除了重力做功以外，还有电场力做功，电场力做正功，电势能转化为机械能，带电粒子的机械能增加，由能的转化与守恒可知，机械能的增加量等于电场力做功的多少，所以机械能增加了1.5J，即粒子在A点的机械能比在B点少1.5J，故D正确。

故选CD。13、A:B【分析】【详解】

BC、根据图象读出电源电动势为根据图像斜率得到故电源内阻为故B正确，C错误；

A、当滑片向右滑动时，总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律，总电流减小，根据可得出电压表示数增大；故A正确；

D、当电源短路时，根据闭合电路欧姆定律：故D错误；

故选AB；三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]．由图知，变阻器R与C灯串联后与B灯并联，最后与A灯并联．三个小灯泡亮度相同，说明功率相同．对于灯A、B：通过BC的电流小于A的电流，当灯泡的功率相同时，由公式P=I2R分析可知，BC的电阻大于A的电阻．灯B的电压大于C的电压，当两个灯泡的功率相同时，根据公式P=U2/R知，B的电阻大于C的电阻．则RA＜RC＜RB；

（2）[2]．当滑片P向下滑动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I减小，路端电压U增大，则B变亮．通过C电流IC=I﹣IB，I减小，IB增大，则IC减小的最大，所以C灯最暗．【解析】RA＜RC＜RB；C15、略

【分析】【详解】

[1]根据题意，依据平行四边形法则，有：

[2]当线框平面与磁感线平行时；没有磁感线穿过线框，穿过线框的磁通量为0；

在水平面上，地磁场的竖直分量穿过线框，则磁通量为：【解析】5.0×10-5T2.0×10-416、略

【分析】【详解】

略【解析】小温度增大017、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]a、b两球高度相等，可得

b两球间的距离，根据几何关系可得

根据库仑定律

[2]对a受力分析列平衡方程可得【解析】①.7.2②.0.9618、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.电荷量②.整数③.不能④.1.60×10-19⑤.质量⑥.1.76×101119、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]库仑定律的表达式。

可知，静电力F与距离r的二次方成反比；

(2)[2][3][4]库仑在实验中采用的是在真空中的两个完全相同的金属小球接触，电荷量平分的方法，发现F与q1和q2的乘积成正比的规律。【解析】二次方相同平分乘积20、略

【分析】【详解】

[1]磁感应强度为

[2]线圈以一条边为轴转过180°，穿过线圈的磁能量的变化为

[3]若线圈平面和磁场方向之间的夹角变为θ2=0°，则Φ=0。【解析】0.4T4×10－4Wb0四、作图题(共2题，共14分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】22、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】五、实验题(共4